2022年河北省廊坊市广阳区中考物理一模试卷（附答案详解）

2022年河北省廊坊市广阳区中考物理一模试卷

一、单选题（本大题共5小题，共15.0分）

1.下列说法最接近实际情况的是（）

A.普通中学生使用的课桌高度是1.2m

B.九年级男生的平均体重约为600N

C.廊坊市区到大兴国际机场的高速公路段最高限速为280km//i

D.按照国家规定，夏天公共建筑内的空调温度应控制在15汽

A.图甲中，树荫下的阴影是小孔成的像

B.图乙中，放大镜利用了光的折射

C.图丙中，桥在水中的倒影是光的反射现象

D.图丁中，三棱镜分解太阳光是光的色散现象

3.在新冠肺炎疫情防控中，涉及到很多物理知识。下列说法正确的是（）

A.医务人员所戴的护目镜上经常出现水雾是汽化现象

B.用冰块给发热病人降温是因为冰块的内能为零

C.常见的医用体温计是根据液体热胀冷缩的性质制成的

D.用酒精擦拭皮肤感到凉爽是因为酒精蒸发放热

4.如图所示的物理现象涉及的物理知识正确的是（）

A.图甲：丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器，两金属箔片均带负电而张开

B.图乙：使用测电笔时，手必须接触测电笔的金属笔尖

C.图丙：法拉第根据图示电磁感应的原理制成了电动机

D.图丁：奥斯特根据图示实验证明了通电导体周围存在磁场

5.如图所示，小明将凸透镜(/=10sn)固定在光具座40cm的位置，探究凸透镜的成

像规律。下列说法不正确的是()

&1C

委n||岫||川||川甲川|川||川||||顺|||川|川||||响'||川甲川|川||川||川平川||川|夫

劫(')cm1。2()M)4()玉)")7()8()3)

A.将蜡烛从焦点内某处向透镜方向移动过程中，像逐渐变小

B.当光屏上呈现清晰像时，在贴近凸透镜左侧的位置放一个远视镜片，向右移动

光屏，光屏上仍能得到清断的像

C.将蜡烛放在10cm刻线处，移动光屏可在光屏上得到倒立、缩小的清晰的像

D.当光屏上成清晰像时，拿开光屏，眼睛在一定范围内仍能看到像

二、多选题(本大题共3小题，共9.0分)

6.2022年2月20日，北京冬奥会比赛日收官，中国交出了办赛和防疫双重完美答卷。

下列关于冰雪运动的说法中正确的是()

A.A图中短道速滑运动员武大靖沿弯道匀速滑行时,

他的运动状态没有改变

图中谷爱凌腾空转体时，一定受到非平衡力的作

用

图中的冰壶做的非常光滑，是为了减小与冰面的摩擦

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力

D.图中花样滑冰运动员在起跳前要先加速,是为了获得更大

的惯性

7.如图所示，一位同学用滑轮组拉着重450N的物体4使它5s内在水平面上匀速前进

1m,水平拉力F=75N,若与地面的摩擦力是物重的0.2倍，下列说法正确的是（）

A.他做的总功是150/B.绳自由端移动速度为0.6m/s

C.拉力做功的功率是15WD.该滑轮组的机械效率是60%

8.如图所示，8和&为定值电阻，为滑动变阻器，b可能是电压表或电流表，

电源电压保持不变。当只闭合开关Si时，移动滑片P,各电表的示数均有变化。下

列说法正确的是（）

A.a是电流表，b是电压表

B.先闭合Sr将滑动变阻器的滑片向右移动，a的示数变大，电压表V的示数不变

C.保持滑动变阻器的滑片位置不变，再闭合S2,a的示数变大，电压表U的示数与

a的示数之比不变

D.只闭合Si时，将滑片P向右移动到中点，U示数的变化量与a示数变化量之比的

绝对值小于b示数变化量与a示数的变化量之比的绝对值

三、填空题（本大题共5小题，共15.0分）

9.教室前的标语“入班即静，入座即学”，这里的“静”是从减弱噪声的。“闻

其声知其人”是通过判断的。

10.“寒夜客来茶当酒，竹炉汤沸火初红”，中国茶文化源远流长。茶壶的壶嘴与壶身

构成一个，使液面总能保持相平。隔着很远，人们能闻到茶香是因为

请在图中标出茶壶所受重力的示意图。

11.如图所示，电磁铁的右下方有一铁块，在弹簧测力计作用下向左做匀速直线运动,

通电后电磁铁的上端为（选填“N极”或“S极”）。在铁块从电磁铁的右下方

运动到正下方的过程中，滑片P逐渐向a端滑动，电磁铁的磁性（选填“减弱”

或“增强”）,铁块对地面的压强逐渐变（选填“大”或“小”）。

如图所示是我国进行海上阅兵时的核潜艇，核潜艇中的核

反应堆发生的是核（选填“裂变”或“聚变”），核.

潜艇在水中航行时，是利用（选填“超声波”或

“电磁波”）与外界联络的；若1kg铀原子核完全反应产生

的能量相当于完全燃烧2400t煤产生的能量，则70g铀核完全反应可使kg的

水温度升高80。氯煤的热值为3*1（）7〃3，水的比热容为4.2*103//（如.℃）,不

考虑能量损失）。

13.2022年3月国内汽油价格上涨与国际石油期货价格变动有关。石油属于（填

“可再生”或“不可再生”）能源，生活中常用的电能属于（填“一次”或

“二次”）能源。经科学研究，石油中蕴含的能量是由_能转化来的。

四、实验探究题（本大题共4小题，共24.0分）

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14.在探究“影响电阻大小因素”的实验中，某小组同学设计的电路图及可供选择的材

料如图所示:

(1)本实验是通过来反映电阻大小的。

(2)在探究导体的电阻与材料的关系时，应该用两个导体分别接入电路的EF

间。

(3)再将8、。两个导体分别接入电路中时，观察到接导体。比接8灯泡更亮些，分

析得出的结论是：当导体材料相同、长度相同时，导体的横截面积越大，电阻。

(4)评估：你认为此次探究在电路设计上的不足之处是。

15.小明利用如图所示的装置来探究“杠杆的平衡条件”。

r。D

②

①

J---------4

乙

(1)实验前，杠杆如图甲所示，可将杠杆右端的平衡螺母向(选填“左”或

“右”)调节，使杠杆在水平位置平衡。

(2)小明完成某次操作后，实验现象如图乙所示，记录的数据为动力Fi=1.5N,动

力臂Li=20cm,阻力F2=IN,阻力臂员=cm.通过多次实验后得出杠杆

平衡条件：。

(3)如图丙所示，用弹簧测力计在。处竖直向下拉，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，

使杠杆仍然在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将(填“变大”或“变小”

或“不变”)。

(4)实验结束后，小明又提出了新的探究问题：”若支点不在杠杆的中点时，杠杆

的平衡条件是否仍然成立？”于是小组同学利用如图(丁)所示装置进行探究，发现

在杠杆左端的不同位置，用弹簧测力计竖直向上拉使杠杆在水平位置平衡时，测出

的拉力大小都与杠杆平衡条件不相符，其原因是给实验造成了影响。

［拓展］小明利用浮力和杠杆的知识，发明了一个密度称。如图戊所示，轻质杠杆力B

可绕。点转动，在4B两端分别挂有两个完全相同的正方体C、。(边长为10cm,重

力为20N),OA=8cm,OB=6cm。小明向容器中倒入不同密度的液体，每次都

将C浸没于液体中，移动物体D,使杠杆在水平位置平衡，0B上便可以标出不同液

体的密度值。这个密度称能够测量的最小液体密度为kg/m\(g取10N/kg)

16.在“探究电流与电压、电阻的关系”的实验中，实验器材有：电压恒为4.51/的电源、

电流表、电压表、开关，50、100、250的定值电阻各一个，规格为“40014”的

滑动变阻器，导线若干。

(1)如图甲是小新同学探究“电流与电压关系”的电路图。请根据该电路图，帮小

新用笔画线代替导线，在乙图中将实物连接完整，使滑片P向左滑时滑动变阻器接

入电路的电阻变大。在本实验中滑动变阻器的作用是。

(2)电路连接完成后闭合开关后发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P,电流表无

示数，电压表指针有示数且不变，原因可能是。

(3)接着同组的小华同学想探究“电流与电阻关系”，实验时，她将100电阻接入

电路，闭合开关，移动滑动变阻器滑片一,直到电压表示数如丙图所示，记为V,

并记录电流表的示数：接着将电阻换为250后，为保证电压表的示数不变，移动后

的滑片应位于刚才位置的(选填：“左”或“右”)边。

(4)通过实验得到电流随电阻变化的图象如丁图所示，由此可知：在导体两端电压

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一定时，通过导体的电流与其电阻成比。

［拓展］在上述实验基础上，为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻，则选

用的定值电阻最大阻值不允许超过0。

17.电水壶是大家非常喜欢的电器，如图甲所示，它有加热、保温等功能，接在220U的

家庭电路中使用，图乙是电水壶的工作原理电路图，S是一个温控开关，旦为电加

热丝，阻值为88。，当处于加热状态时，水被迅速加热，达到预定温度后，S自动

切换到另一位置，电水壶处于保温状态，且保温时加热丝的功率为88小；不考虑温

度对电阻的影响，且不计指示灯的阻值，人B是两种不同颜色的指示灯，红灯亮

表示加热状态，绿灯亮表示保温状态，求：

(1)请标明指示灯的颜色：力为______色灯，B为______色灯；

(2)该电水壶的加热功率；

(3)电水壶处于保温状态时/?2在10s内产生的热量：

(4)该电水壶在保温状态正常工作30min能使图中的电能表表盘转动_____圈。

2OOV?

220V10(20)A50Hz

3000r/(kWh)

五、计算题(本大题共1小题，共7.0分)

18.一个圆柱形容器放在水平桌面上，如图甲所示，容器中立放着一个均匀实心圆柱体

M,现慢慢向容器中加水，加入的水对容器底的压强P次与所加水的质量m的关系如

图丙所示，容器足够高，在整个过程中无水溢出，M的底面始终与容器中的水面平

行。当加入的水等于3kg时，物体M刚好漂浮且露出水面的高度为4cm,如图乙所

33

示(已知IP次=10x10kg/m)o求：

P*/IO'Pa

(1)求圆柱体M刚好漂浮时容器中水的深度；

(2)求圆柱体M的密度；

(3)当容器中加入足够多的水后，把正方体放在圆柱体M上，圆柱体刚好浸没，则

该正方体的重力为多少？

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答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：力、普通中学生使用的课桌高度是0.8TH,故A错误；

B、九年级男生的平均体重约为600N,符合实际，故B正确；

C、廊坊市区到大兴国际机场的高速公路段最高限速为120km",故C错误；

D、夏天公共建筑内的空调温度应控制在25式，故。错误。

故选：B。

首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进

行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符

合实际的选项即可。

2.【答案】A

【解析】解：力、图甲中树荫下的阴影，是树的影子，不是小孔成像，是光沿直线传播

形成的，故A错误；

8、图中所示的透镜能起放大作用，因此是凸透镜，凸透镜对光线有会聚作用，属于光

的折射现象，故B正确；

C、桥在水中的倒影是桥在水面上成的像，属于光的反射，故C正确；

。、三棱镜分解白光，是光的色散现象，属于光的折射，故。正确。

故选：4。

(1)光在同种均匀物质中沿直线传播，在日常生活中，激光准直、小孔成像和影子的形

成等，都表明光在同一种均匀介质中是沿直线传播的；

(2)当光照射到物体界面上时，有一部分光被反射回来的现象是光的反射，例如：平面

镜成像、水中倒影都是由光的反射形成的；

(3)当光从一种介质斜射入另一种介质时，传播方向会发生偏折，这就是光的折射，复

色光发生折射时，会出现色散现象，如：海市蜃楼、看水里的鱼比实际位置浅、雨后天

空中的彩虹等都是光的折射形成的。

本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解与

掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。

3.【答案】C

【解析】解：4、医务人员所戴的护目镜上经常出现水雾是水蒸气的液化现象，故A错

、口

1天；

8、用冰块给发热病人降温是因为冰块熔化吸热，故B错误；

C、医用体温计是根据液体热胀冷缩的性质制成的，故C正确；

。、用酒精擦拭皮肤感到凉爽是因为酒精蒸发吸热，故。错误。

故选：C。

(1)物质由气态变为液态的过程叫液化。

(2)物质由固态变为液态的过程叫熔化，熔化过程吸热。任何物体都具有内能。

(3)温度计是根据液态的热胀冷缩的性质工作。

(4)物质由液态变为气态的过程叫汽化，汽化吸热。

准确分析生活中常见的物态变化现象和吸热放热情况，知道温度计的原理，可解答此题。

4.【答案】D

【解析】解：

A、丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，丝绸摩擦过的玻璃棒接触验电器，两金属箔片均带正

电而张开，故A错误；

B、使用试电笔时，手应接触笔尾的金属体，这样才能正确辨别火线和零线，故B错误；

C、法拉第根据图示电磁感应的原理制成了发电机，故C错误；

。、奥斯特实验表明通电导体周围存在磁场，故。正确；

故选：D。

(1)丝绸摩擦过的玻璃棒带正电；

(2)根据试电笔的使用方法分析；

(3)发电机是根据电磁感应的原理制成的；

(4)奥斯特实验表明通电导体周围存在磁场。

通过生活中的问题考查了验电器的原理及其使用，测电笔的使用、电磁感应现象、奥斯

特实验等。体现了物理和生活的密切关系。此题考查的知识点较多，综合性较强。

5.【答案】B

【解析】解：

A、根据“无论实像或虚像，物靠近焦点像变大”可知，蜡烛从焦点内某处向透镜方向

移动过程中，即蜡烛远离焦点，所成的虚像将变小，故A正确；

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8、当光屏上成清晰像时，在贴近凸透镜左侧的位置放一远视镜片，远视镜片是凸透镜,

凸透镜对光线具有会聚作用，像会提前会聚，向左移动光屏，光屏上仍能得到清晰的像,

故3错误；

C、当蜡烛放在lOczn处，物距u=40cm-10cm=30cm>2f,成倒立缩小的实像，

故C正确：

。、发光物体发出的光线经凸透镜折射后是会聚的，经过成像点后是发散的，所以眼睛

必须在成像点以外的光线发散区域才能看到这个像；当眼睛在原光屏处不能看到发光体

的像，眼睛靠近凸透镜也不能看到像，当眼睛从原光屏位置远离凸透镜，能看到像，故

D正确。

故选：B。

(1)根据“无论实像或虚像，物靠近焦点像变大”可判断物距变化时，像距及像的大小

的变化；

(2)远视镜片是凸透镜，凸透镜对光线具有会聚作用；

(3)根据凸透镜成像规律中像距和物距的关系，当〃>2/,成倒立、缩小的实像即可判

断；

(4)实像可以用光屏承接，虚像不能用光屏承接，不论实像和虚像眼睛都能直接观察。

本题考查了学生对凸透镜成像规律的应用，不仅要掌握成像特点与物距、像距的关系，

同时要自己做出规律性的总结，如物距变化和像距变化的大小关系。

6.【答案】BC

【解析】解：4短道速滑运动员武大靖沿弯道匀速滑行时，运动员的方向改变了，运动

状态改变了，故A错误；

A乙图中谷爱玲腾空转体时，忽略空气的影响，只受到重力作用，处于非平衡状态，故

B正确；

C.冰壶做的非常光滑，是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度减小与冰面的摩擦

力，故C正确；

。.运动员起跳前要助跑，是为了获得更大的动能，惯性的大小与速度无关，故。错误。

故选：BC。

(1)物体受非平衡力作用时，运动状态发生改变，物体运动状态的改变包括速度大小和

方向的改变；

(2)图中谷爱凌腾空转体到达最高点时，受重力作用；

(3)减小摩擦的方法：在接触面粗糙程度一定时，减小压力；在压力一定时，减小接触

面的粗糙程度；使接触面脱离；用滚动代替滑动；

(4)惯性是物体的一种属性，惯性的大小和物体是否运动、是否受力以及运动的快慢是

没有任何关系的。

本题考查学生对平衡力的辨别、摩擦力、物体运动状态的改变、惯性的大小等知识的理

解和应用，难度不大。

7.【答案】AD

【解析】解：4、由图可知n=2,绳子自由端移动的距离：s=ns物=2xhn=2m,

拉力做的总功：勿忌=%=75Nx2m=1507,故A正确；

B、绳自由端移动速度：v=|=^=0.4m/s,故B错误；

C、拉力做功的功率：P=—=30W)故C错误；

t5s

D、物体受到地面的摩擦力：/=0.2G=0.2x450N=90N,

滑轮组的机械效率=白=鲁=给=5=9^x100%=60%,故。正确。

故选：AD.

(1)由图可知n=2,绳子自由端移动的距离s=ns物,利用勿忌=八求拉力做的总功；

(2)利用"=:求绳自由端移动速度；

(3)利用p=?求拉力做功的功率；

(4)根据/=0.2G求物体受到地面的摩擦力，根据利用〃=般=警=A*=《求滑轮

W总Fs厂,s物nF

组的机械效率。

本题考查了使用滑轮组时速度、总功、功率和机械效率的计算，明确有用功和总功是关

键。

8.【答案】ACD

【解析】解：

A、由题知，只闭合开关S1时，移动滑片P,各电表的示数均有变化；

由图可知，a表串联在电路中，若a为电压表，则电压表a串联在电路中测电源电压，滑

片移动时a表的示数不变，不符合题意，所以a应为电流表；b表与7?3并联，若b为电流

表，则变阻器/?3被短路，移动滑片P时，电路中电阻不变，各电表的示数均不变，不符

合题意，所以b应为电压表，故A正确；

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B、闭合Si，三个电阻串联，电压表内则/?2的电压，电流表测电路中的电流；滑动变阻

器的滑片向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变小，电路的总电阻变小，由欧姆定律

可知，电路中的电流变大，即a的示数变大；电路中的电流变大，/?2的阻值不变，根据

U=/R可知，RZ的电压变大，即电压表U的示数变大，故8错误；

C、保持滑动变阻器的滑片位置不变，再闭合S2,凡被短路，电路的总电阻变小，根据

欧姆定律可知，电路中的电流变大，即a表示数变大；由欧姆定律可知电压表U的示数

与a的示数之比为8的阻值，所以该比值保持不变，故C正确；

。、闭合S「将滑片P移动到中点，三个电阻串联，电压表V测7?2两端的电压，b电压表

测两端的电压，电流表测电路中的电流：

设原来/?2两端的电压为4，电路中的电流为/，由欧姆定律可得出=//?2——①

后来&两端的电压为％'，电路中的电流为/'，由欧姆定律可得“'=/依2--------------②

②一①得：u2'-u2=l'R2-IR2=(!'-l)R2,^AU2=AIR2,所以鬻=&，即u示

数的变化量与a的变化量之比的绝对值为Rz；

根据串联电路的电压规律可知，b电压表示数的变化量等于%、/?2两端电压变化量之和，

则由欧姆定律可得答=%+/?2,即b示数变化量与a示数的变化量之比的绝对值为&+

R?，

所以U示数的变化量与a示数变化量之比的绝对值小于b示数变化量与a示数的变化量之

比的绝对值，故。正确•

故选：ACD.

(1)电流表与待测电路，电压表与待测电路并联，根据“只闭合开关Si时，移动滑片P,

各电表的示数均有变化”进一步确定a、b两表是什么类型的电表：

(2)闭合Si，三个电阻串联，电压表V测%的电压，电流表测电路中的电流，分析滑动变

阻器的滑片向右移动时，变阻器连入电路中的电阻变化，根据电阻的串联判断总电阻变

化，由欧姆定律，分析电路中的电流变化，根据欧姆定律的变形公式U=/R,确定电压

表V的示数变化；

(3)由欧姆定律可知电压表V的示数与a的示数之比等于/?2的阻值，据此分析；

(4)根据串联电路的电压特点和欧姆定律分析。

本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的综合应用，有一定难度。

9.【答案】声源处音色

【解析】解：“入班即静，入座即学”，这里的“静”是从声源处减弱噪声。

不同发声体的材.料、结构不同，发出声音的音色就不同。不同的人音色不同，所以能“闻

其声而知其人”。

故答案为：声源处；音色。

(1)不同的发声体因材料和结构不同，所发出的声音的音色就不同，音色是辨别不同发

声体的重要依据。

(2)减弱噪声可以在声源处减弱、在传播过程中减弱、在人耳处减弱。依据事实判断归

类。

此题考查了声音的特征、减弱噪声的途径，是声现象基础题，要结合声学知识进行分析

解答。

10.【答案】连通器分子不停地做无规则运动

【解析】解：(1)茶壶的壶嘴与壶身上端开口，底部相连通，构成一个连通器：

(2)隔着很远，人们都能闻到茶香是因为发生了扩散现象，说明分子不停地做无规则运

动。

(3)过壶的重心。点，竖直向下作垂线，标上箭头，标出力的大小和符号，如图示：

故答案为：连通器；分子不停地做无规则运动；如上图所示。

(1)上端开口下部连通的容器称为连通器，若内部装有同种液体，在液体不流动时液面

总是保持相平的；

(2)分子运动速度和物体的温度有关系，温度越高，分子运动越剧烈，扩散越快；

(3)重力的示意图的画法，即从重心起，沿重力的方向画条带箭头的线段。

本题考查了扩散现象以及连通器的应用等知识点，体现了物理来源于生活，服务于社会

的新课程理念。

11.【答案】S极增强小

【解析】解：电流从电磁铁的下端流入，上端流出，根据安培定则可知，电磁铁的下端

为N极，上端为S极；

由图可知，当滑片逐渐向a滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律/=£

第14页，共22页

可知电路中的电流增大，其他因素不变时，电磁铁的磁性逐渐增强；

当铁块在电磁铁右下方时，铁块对地面的压力大小等于铁块的重力；当铁块逐渐向电磁

铁下方移动时，此时铁块会受到电磁铁对它向上的吸引力，则此时铁块对地面的压力等

于重力减去吸引力，所以此时铁块对地面的压力小于铁块的重力；同时滑片逐渐向上滑

动，电磁铁的磁性逐渐增强，铁块受到的吸引力在逐渐变大，所以铁块对地面的压力在

逐渐减小，根据p=9可知：在受力面积一定时，铁块对地面的压强在逐渐减小。

故答案为：s极；增强；小。

(1)根据安培定则判定电磁铁的极性；

(2)影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数；

(3)铁块从电磁铁的右下方运动到正下方的过程中，铁块会受到电磁铁对它向上的吸引

力；铁块在电磁铁的下方时，铁块对地面的压力等于重力减去吸引力，根据压强公式p=

5判断对地面的压强变化。

该题主要考查了影响电磁铁磁性强弱的因素以及压强公式的应用，综合性较强。

12.【答案】裂变电磁波1.5x107

【解析】解：(1)核潜艇反应堆靠核裂变最终产生电能；

(2)若1kg铀原子核全部裂变所产生的能量相当于完全燃烧2400t煤，70g=0.07kg铀核

全部反应放出的热量相当于0.07x2400t=168t煤释放的能量：

Q成=mq=168x1000kgx3x107J/kg=5.04x1012/,

Q吸=cmAt=4.2x103J/(kg•℃)xmx80℃,

不考虑能量损失，Q吸=Q敢,

所以可得：

4.2X1。3〃(的,℃)xmx80℃=5.04x10127,

解得：m=1.5x1。7的。

故答案为：裂变；电磁波；1.5xIO，。

(1)核潜艇，它的反应堆靠核裂变最终产生电能；

(2)若1kg铀原子核全部裂变所产生的能量相当于完全燃烧2400t煤，70g=0.07kg铀核

全部反应放出的热量相当于0.07x2400t=168t煤释放的能量，根据。放=加q算出

168t煤释放的热量；根据Q级=Q或列方程算出水的质量。

本题考查核能应用的方式及核聚变的内容，以及热平衡公式的运用，是一道综合题。

13.【答案】不可再生二次太阳

【解析】解：石油、煤炭等化石能源是短时间内不能再次产生的，属于不可再生能源,

生活中常用的电能通过一次能源的消耗才能得到，属于二次能源；石油中蕴含的能量是

由太阳能转化来的。

故答案为：不可再生；二次；太阳。

能够源源不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；短期内不能从自然界得到补充的能

源叫不可再生能源。可以从自然界直接获取的能源叫一次能源，不能从自然界直接获取,

必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；石油中蕴含的能量是由太阳能转

化来的。

要想解答好这类题目，要理解和熟记常见能源的种类、能源的分类，以及与之相关的知

识。

14.【答案】灯泡的亮度4、B越小不能准确的比较出电阻相差不大的电阻丝的电阻

大小

【解析】解：(1)实验中根据灯泡的亮度来反映导体电阻的大小，这是转换法的应用；

(2)在探究导体的电阻与材料关系时，应让导体的长度、横截面积相同，但材料不同，

故选4、B两根电阻丝；

(3)在将8、。两个导体分别接入电路时，此时的材料相同，长度相同，但横街面积不同，

此时观察到接导体。比接B灯泡更亮些，即说明在材料、长度相同的情况下，横截面积

越大，导体的电阻越小：

(4)此实验中，若灯泡亮度变化不明显时，不容易观察出亮度的变化；故此次探究在电

路设计上的不足是：不能准确的比较出电阻相差不大的电阻丝的电阻大小；改进意见是:

在原电路中串联一个电流表；

故答案为：(1)灯泡的亮度；(2)4、B；(3)越小；(4)不能准确的比较出电阻相差不大的

电阻丝的电阻大小。

(1)实验中根据灯泡的亮度来反映导体电阻的大小；

(2)(3)电阻的大小在不考虑温度的前提下，有三个决定因素：材料、长度、横截面积。

因此要研究电阻的大小与每一个因素的具体关系时，要用到控制变量法。即研究电阻的

大小与哪个因素有关，就要让这个因素变化，其余的因素都相同，去做实验验证。

(4)此实验中，若灯泡亮度变化不明显时，不容易观察出亮度的变化。

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本题是一道探究影响导体电阻因素的习题，掌握影响导体电阻大小的因素是正确解题的

前提与关键；本实验中应用了控制变量法和转换法，要注意熟练掌握不同的实验方法。

3

15.【答案】右30=F2l2变大杠杆的自重0.5x10

【解析】解：(1)杠杆不在水平位置，左端向下倾斜，右端上翘，故应向右调节平衡螺

母，使杠杆在水平位置平衡，支点到力的作用点的距离就是力臂，便于测量力臂；

(2)杠杆平衡条件为：0k=尸2乙2。

由杠杆平衡条件得：1.5NxO.2m=lNxL2，

得：L2=0.3m=30cm；

杠杆的平衡条件：Fik=FzJ；

(3)图丙中，弹簧测力计竖直向下拉杠杆，若弹簧测力计逐渐向右倾斜拉杠杆，拉力的

力臂减小，阻力和阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，拉力变大，弹簧测力计示数变

大。

(4)图丁中，杠杆的重心不在支点上，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，导致用弹簧

测力计竖直向上拉使杠杆处于平衡状态时，测出的拉力大小F作动力、并将三个钩码拉

力作阻力计算，不符合杠杆平衡条件。

拓展：液体密度越小，浮力越小，拉力越大，根据F1G=尸2人知：在打、尸2不变时，拉

力&越大，员越大，最大为08,为6cm

根据004=&。8，

所以a=竺xFB=%X20N=15N,

物体C受到的力：4点对C的拉力自、浮力玛宽、重力Gc，

故物体C受到的浮力为：尸浮c=Gc-自=20N-15N=5N；

根据产浮=P液gu捋知液体的密度为：

5A33

p游小==--；---=0.5x10kg/m。

1畋小gV排10N/kgx(0.1m)30

故答案为：(1)右；便于测量力臂；(2)30；F1l1=F2l2-,(3)变大；(4)杠杆的自重；拓

展：0.5x103»

(1)调节杠杆在水平位置平衡，左边下沉往右调：杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，

便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆重对杠杆平衡的影响，使实验简单

化，便于探究；

(2)根据杠杆平衡条件分析解答；

(3)阻力和阻力臂不变时，弹簧测力计倾斜，动力臂变小，动力变大。

(4)图乙中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，

杠杆的重力对杠杆转动产生了影响。

拓展：根据F也1=尸242知：在人、尸2不变时，拉力F1越大，乙2越大，即液体密度越小,

08越大：

根据杠杆的平衡条件分析出物体在B点时拉力自'，对物体C受力分析算出此时的浮力

F屋,在根据阿基米德原理算出液体的密度

本题考查调节平衡螺母的作用、杠杆实验时动力和阻力的实验要求及根据杠杆平衡条件

计算。

16.【答案】改变定值电阻两端的电压定值电阻断路2.5左反50

【解析】解：(1)滑片P向左滑时滑动变阻器接入电路的电阻变大，故变阻器应选右下接

线柱与定值电阻串联接入电路中，如下图所示：

乙一尸rj

变阻器的基本作用是保护电路，探究“电流与电压关系”实验时，要控制导体的电阻不

变，改变导体两端的电压，看看通过导体的电流怎样变化，从而得出电流与电压的数量

关系，故滑动变阻器的作用是：改变导体两端的电压；

(2)电路连接完成后闭合开关后发现,无论怎样移动滑动变阻器的滑片P,电流表无示数,

说明电路可能断路；电压表指针有示数且不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并

联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了，即原因可能是定值电阻

断路；

(3)闭合开关，移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如丙图所示，电压表选用小量程，

分度值0.1V,其示数为2.5V；

根据串联分压原理可知，将定值电阻R由10。改接成250的电阻，电阻增大，其分得的

电压增大；

探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，即应保持定值电阻两端的电压不变，根据串

联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器

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连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2.5U,即移动后的滑片

应位于刚才位置的左边；

(4)由电流随电阻变化的图象可知，通过导体的电流与导体的电阻的乘积与=IR=

0.1AX25。=…...=0.54x50=2.5V,为一定值，故可得出结论：电压一定时，通过

导体的电流与其电阻成反比；

［拓展］根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：

U滑=U-Uv=4.5V-2.51/=2匕定值电阻的电压为变阻器分得的电压的第=1.25

倍，根据分压原理，当变阻器的最大电阻接400连入电路中时，定值电阻的最大值为：

/?定=1.25R滑大=1.25x400=500,为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻,

则选用的定值电阻最大阻值不允许超过500。

故答案为：(1)见解答图；改变定值电阻两端的电压；(2)定值电阻断路；(3)2.5；左；(4)

反；(5)50。

(1)滑片P向左滑时滑动变阻器接入电路的电阻变大，故变阻器应选右下接线柱与定值电

阻串联接入电路中；变阻器的基本作用是保护电路，探究“电流与电压关系”实验时，

要控制导体的电阻不变，改变导体两端的电压，看看通过导体的电流怎样变化，从而得

出电流与电压的数量关系，据此分析；

(2)电路连接完成后闭合开关后发现，无论怎样移动滑动变阻器的滑片P,电流表无示数,

说明电路可能断路；电压表指针有示数且不变，说明电压表与电源连通，则与电压表并

联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的支路断路了；

(3)根据电压表选用的量程确定分度值读数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系

时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变

化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；

(4)由电流随电阻变化的图象求出电阻两端的电压为一定值，据此分析得出结论；

［拓展］探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律

求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器的最大电阻接入电路时对应的定

值电阻大小。

本题“探究电流与电压、电阻的关系”的实验中，考查电路连接、电路故障、电压表读

数、操作过程、控制变量法和对器材的要求。

17.【答案】红绿330

【解析】解：(1)当开关S接左侧时，电路中只有&和4灯串联；当开关S接右侧时，%、

%和B灯串联，由串联电路电阻特点可知此时总电阻最大，由P=?可知此时电路功率

最小，即保温状态，因此B灯是绿灯；则开关接左侧时，电路为加热状态，4灯为红灯；

(2)该电水壶的加热功率为：P加挞=?="翳=550〃；

(3)当开关拨到右边时，为保温状态，电阻&、%串联；

根据P=KR可知电路中的电流：/，=%=/]=温=疆=14

则电路中的总电阻：/?*=，=等=2200；

定值电阻/?2的阻值：&=R总一Ri=220/2—880=132/2；

养生壶处于保温状态时/?2在10s内产生的热量：Q=层R2t=(14)2X1320x10s=

1320/；

(4)该电水壶在保温状态正常工作30nl讥消耗的电能W=Ult=220Vx14x30x

60s=396000/=OAlkW■h；

3000r/(MV-h)表示电路中每消耗lkW"的电能，电能表表盘转动3000r,故该电水壶

在保温状态正常工作30min能使图中的电能表表盘转动的圈数zi=