2021年山东省潍坊市寿光县中考物理模拟试卷（附答案详解）

2021年山东省潍坊市寿光县中考物理模拟试卷（4月份）

1.物理使我们对生活中的事物有更清晰的认知，下列数值最接近实际情况的是（）

A.一头大象的质量约为&

B.飞机正常飞行的速度约为60km//i

C.教室楼梯一级台阶约为0.5m

D.教室中一盏日光灯的工作电流约为M

2.25岁的中国青年科学家曹原由于在石墨烯超导领域中的重大突破，于2021年再次

登上热搜，科学家的探索使常温超导离我们的生活越来越近，如果常温下的超导材

料得到广泛应用，超导材料不可以用来制作（）

A.输电导线B.滑动变阻器C.电动机的线圈D,电磁铁的线圈

3.4月20日寿光蔬菜博览会隆重开幕，我市某文艺团体举办公益庆祝活动，活动中一

名男中音歌唱家在放声歌唱时，由女高音轻声伴唱，则男中音比女高音（）

A.频率高，振幅大B.频率低，振幅小

C.频率低，振幅大D.频率高，振幅小

4.油电混合动力汽车动力性能好，电力驱动时无污染、低噪声，电力驱动行驶过程中

把电能转化为机械能的部件是（）

A.高性能蓄电池B.内燃机C.电动机D.发电机

5.潍柴集团于2020年正式发布全球首款热效率突破50%的商用柴油机，世界内燃机

发展出现历史性新突破，下列关于内燃机的说法正确的是（）

A.内燃机效率越高则做功越快

B.做同样的功，内燃机效率越高消耗的燃料越少

C.制约内燃机效率提高的主要因素是机械摩擦生热

D.随着技术的进步，内燃机的效率能到达100%

6.如图所示，游泳池中的水面下方的光源S发出的一束

光线经水面反射后在池底产生光斑生折射光线在天花

板上产生光斑刍。如水面下降一小段距离，贝H）

A.反射角增大

B.折射角增大

C.光斑R右移

D.光斑马右移

7.夏季即将来临，为确保学校用电安全，安全部门对学校的供电线路进行彻底排查，

发现从变压器到实验楼的电线不符合规格，原因是用镀铜的铝芯冒充铜芯这种电线

的电阻偏大，存在安全隐患，导致电阻偏大的原因是（）

A.夏季环境温度高

B,铝的导电性能不如铜

C.镀铜影响铝芯导电性能

D,变压器到实验楼太远导致电线的长度过长

8.三个完全相同的容器内装有不同液体，放在水平桌面上，将一个正方体物块分别放

入不同液体内，待物块静止后位置如图所示，三个容器内液面深度相同。下列说法

正确的是（）

甲乙丙

A.物块受到的浮力大小关系为尸伊（尸乙<F丙

B.三种液体的密度大小关系为Pz<P丙

C.物块底面位置液体压强大小一定相等

D,容器对桌面的压强大小关系为P/>P,>、丙

9.如图所示，木板放在水平地面上，木块叠放在木板上，木块的右端连接轻质弹簧，

弹簧右端固定在竖直墙壁上。现用力F向左拉木板,使木板以速度v向左匀速运动，

木块保持静止，这时弹簧的拉力大小为FT，下列判断正确的是（）

A.地面受到的滑动摩擦力的大小等于F

B.木板所受地面的滑动摩擦力的大小等于F-FT

C,若木板以2V的速度运动，则木块受到的摩擦力大小为2%

D.若作用在木板上的力为2F,则木块受到的摩擦力大小为2%

10.现有一款“空调扇”既能送常温风，又能送凉风。小刚同学了解到其内部有两个电

动机，其中电动机用来驱动扇叶送风，“2用来驱动机内水循环使所送的风成为

“凉风”，此款风扇不会只有水循环而不送风。小明设计的电路图，符合要求的是

（）

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11.电与磁之间存在着密切的联系，下列关于电与磁的说法正确的是（）

A.通电螺线管附近某点的磁场方向是由放在该点的小磁针决定的

B.直流电动机内线圈的转向与电流方向和磁场方向有关

C.动圈式话筒是利用磁场对电流的作用原理制成的

D.只改变通电螺线管中电流的方向，可以改变通电螺线管的MS极

12.小丰用燃气灶烧水时，进行了如下思考，小丰的想法正确的是（）

A.烧水是通过做功的方式改变水的内能

B.壶内水温度升高的过程中，内能增大

C.水壶的壶嘴和壶身构成连通器

D.壶内水沸腾时，水吸收热量，温度升高

13.如图所示是某家庭电路，闭合开关S］、S2,灯泡G正常发光、G不亮。断开工、保

持S2闭合，用试电笔插入插座上孔筑管发光，插入插座下孔镜管发光。则故障可能

A.灯泡G短路B.ac间断路C"d间断路D.ce间断路

14.科研人员研发出一种吸盘式手套，当抽气机抽出部分吸盘中

的空气，吸盘就能紧紧吸在墙上。如图所示，当人佩戴手套

在竖直墙壁上静止时，让抽气机抽出更多空气，则抽气过程

（）

A.吸盘对墙壁的压力变大

B.吸盘对墙壁的压力不变

C.吸盘受到的摩擦力不变

D.吸盘受到的摩擦力变大

15.如图所示的电路中，电源电压为9HLi灯泡规格为

“6V6W”、人灯泡规格为“6V3小”，将开关S闭合,

忽略温度对灯丝电阻的影响，下列说法正确的是()

A.L的电阻大于乙2的电阻

B.L2比乙1亮

C.两灯的实际功率都比额定功率小

D.整个电路的总功率为4.5W

16.如图所示，在点光源S的下方有一块平面镜，点光源S发出两条光线a、b,其中光

线a经过凹透镜的光心，光线h经过平面镜反射后射向凹透镜右侧焦点尸，请画出：

(1)光线a经过凹透镜后的折射光线：

(2)光线b及其经平面镜反射后又通过凹透镜折射后的光路。

17.按要求作图:

如图甲所示是一个钥匙形“瓶起子”，图乙为其简化的示意图，图中。为支点，F2

是A点受到的阻力。在图乙中画出作用在B点的最小动力片及其力臂人。

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18.小丽用如图甲所示的装置做延究杠杆平衡条件》的实验，。为杠杆支点。

(1)在调节杠杆平衡时，发现杠杆的右端翘起，若调节右端的螺母，使它向(

填“左”或“右”)移动；

(2)如图乙所示，小丽设计了两种实验方案：第一种弹簧测力计沿竖直方向拉，其

读数为R第二种弹簧测力计倾斜拉，其读数为鼻第(填“一”或“二”)种

实验方案更有利于数据采集和处理。

(3)杠杆在生活中有很多应用，现欲使如图丙所示的静止跷跷板发生转动，小女孩b

可采取的做法是

19.如图甲所示，小华在一次检查视力时发现用到了平面镜，如图甲所示，这引起了她

探究平面镜成像特点的兴趣，于是她利用图乙所示的装置进行实验，乙图中4、8

是两只外形相同的蜡烛，中间竖直放置一玻璃板。

甲乙

(1)小华点燃玻璃板前的蜡烛A观察蜡烛A经玻璃板(填“反射”或“折

射”)所成的像。

(2)移动玻璃板后的蜡烛B.直到B与A的像完全重合，测量蜡烛A和B到玻璃板的

距离，两者是的。

(3)保持镜前蜡烛A的位置不动，小华将玻璃板沿水平面向4平移，蜡烛A的像将

(填“靠近4”、“位置不动”或“远离A”)。

(4)做完实验后，小华明白了平面镜在检查视力时的作用。图甲中，检查视力时要

求测量距离为5〃?，房间宽度3%小华距离平面镜的距离s应为

20.在“探究影响滑动摩擦力大小的因素”的实验中，小明进行了下列操作：

B

ATT

LI木板

乙

AT』

IJ毛巾

丙

(1)长木板水平固定，将木块A放在木板上，用弹簧测力计水平拉4使A沿木板匀

速运动，弹簧测力计示数如图甲所示；

(2)将重物B叠放在4上，再次用弹簧测力计水平拉4使A和8一起沿木板匀速运

动，弹簧测力计示数如图乙所示；

(3)木板上表面铺上毛巾并固定，将A放在毛巾上，用弹簧测力计水平拉A,使4

沿毛巾表面匀速运动，弹簧测力计示数如图丙所示。

请回答下列问题：

①实验中弹簧测力计的示数(选填“大于”“等于”或“小于”)木块受到

的摩擦力。

②甲、乙两实验是为了探究滑动摩擦力的大小与的关系，根据实验现象可

得正确的结论是。

③甲、丙两实验是为了探究滑动摩擦力的大小与的关系，根据实验现象可

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得正确的结论是。

④实验中，主要应用到的实验方法是转换法和。小明想进一步

探究滑动摩擦力大小与接触面积大小是否有关时，他将图甲实验中的木块沿竖直方

向截去一半，测得木块沿水平木板表面运动时所受的滑动摩擦力比原来的小，他由

此得出：滑动摩擦力的大小随接触面积的减小而减小，你认为他在探究过程中存在

的问题是。

21.如图甲所示是测量小灯泡功率的实验，电源电压恒为6匕小灯泡额定电压U=2.5V,

正常发光电阻约为100。有两个规格分别为“10024”“50014”的滑动变阻器。

甲

(1)图甲中已有部分电路连接好，请用笔画线代替导线，将电路连接完整。

(2)本实验应选择规格为的滑动变阻器。

(3)闭合开关，调节滑片P。当电压表示数为2.5U时，电流表示数如图乙，则小灯

泡的额定功率为Wo

(4)若不使用电压表，小明设计了如图丙所示的电路，为定值电阻，并进行实验：

①只闭合开关S和Si，调节滑片尸，使小灯泡发光，读出电流表示数为

②保持滑片P位置不动，断开开关S「闭合开关S2,读出电流表示数为/?；

此时小灯泡的实际功率为(用R。、/］、表示)。

22.中国渔政311船是目前我国吨位最大、设备最先进、航速最快的渔政执法船，主要

担负在我国南沙群岛和西沙群岛护渔护航的任务，并宣示中国对南海诸岛的主权。

该船满载时的总质量4.5x1。3如最大航速可达I5?n/s。当船以最大航速巡航时受

到的海水阻力为2.0X1。6"g=lON/的。求：

(1)渔政船以最大航速匀速巡航30mM推进力对船所做的功。

(2)若渔政船的燃油机动力系统效率为30%,所用燃油的热值为4xl07〃kg,渔政

船以最大航速巡航30min至少需要消耗的燃油质量。

23.如图所示，某建筑工地用起重机将质量为2.7t的货箱以0.6m/s的速度匀速提升，吊

臂上的滑轮组如图所示，若忽略绳重和摩擦，该滑轮组的机械效率为90%,g=

10N/kg,求:

(1)吊臂上电动机拉力厂的大小；

(2)依然利用此机械提升质量为4f的货箱，求此时滑轮组的机械效率。

24.圆柱形容器底面积为80刖2,盛有一定质量的水。有一个体积为

100czn3＞重力为0.6N的实心小球，漂浮在水面上。容器侧壁上固定了

一块水平挡板，挡板的体积忽略不计，现把小球放在挡板下方，如图&三三三

所示。求小球放入挡板下静止后与小球漂浮相比，水对容器底压强的

变化量。

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25.在寿光新建金光街弥河大桥下安装了一个测量水深度的装置，其测量原理如图1所

示，其中电源电压保持6V不变，％=2。是一个定值电阻，/?2是一个压敏电阻，

它的阻值随所受压力厂的变化关系如图2所示，压敏电阻用绝缘膜包好后放入河底

并保持受力面水平，受力面积为0.01m2,大气压强为1标准大气压，g=ION/kg.

求：

图1图2

(1)当压敏电阻&的阻值为26。时河水的深度；

(2)若电流表的最大测量值为0.64则使用此方法能测量出的水的最大深度。

26.失重现象在一次太空知识讲座中，老师让同学们做一个实验：用弹簧测力计竖直悬

挂一个重物，分别使重物静止、匀速下降和加速下降。同学们发现，重物在静止和

匀速下降时，弹簧测力计的示数相同一等于物体所受的重力；而重物和弹簧测力计

一起加速下降时，却看到弹簧测力计的示数明显减小，好像物体的重力突然间减小

了。老师解释说：“这在物理学上称为失重现象，失重就是物体对支持物的压力或

悬挂物的拉力小于物体实际所受重力的现象，并不是失去了重力。如当人们乘电梯

加速下降时，人对电梯地面压力就小于人受到的重力”。小华在老师指导下到电梯

内做失重实验，他将一个体重秤放在电梯水平地面上，然后站上体重秤，如图甲所

示。电梯由12楼向下运动，最后停在1楼，在电梯启动后向下运动的过程中，他

记录下体重秤在不同时间段的示数及对应的时间，描绘出了体重秤的示数随时间r

的变化图像，如图乙所示，已知小华的实际质量为50依，g取10N/kg。课后小华

和同学们查资料还了解到：当电梯更快向下加速时，体重秤的示数为零，即说明他

对体重秤的压力为零，我们称这种现象为完全失重现象。

请根据上述材料•，回答下列问题：

(1)电梯静止时，小华对秤台的压力是M

(2)根据图乙分析，小华在_____段时间内处于失重状态，在______段时间内处于

匀速下降阶段。

(3)小华处于失重状态时，秤台对小华的支持力与小华重力(填“是”或“不

是”)一对平衡力。

(4)物体处于完全失重状态，是指物体的

4.质量为零

B.重力为零

C.受到的支持力或拉力为零

27.自由落体运动

运动是绝对的、静止是相对的，我们身边的物体无时无刻不

在运动，而物体的运动形式多种多样，有的沿直线运动，有

的沿曲线运动。做直线运动的物体，有的速度大小不变、有

的速度不断增大、有的速度不断减小。自由落体运动是速度

增大的直线运动中最简单的一种，它是物体只在重力作用下

从静止开始下落的运动。

物体下落的运动是司空见惯的，但人类对它的认识却经历了差不多两千年的时间。

最早研究这个问题的，大概要算古希腊学者亚里士多德了，亚里士多德认为物体下

落的快慢跟它的轻重有关，重的物体下落得快。伽利略通过逻辑推理，首先指出亚

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里士多德对落体认识存在问题，然后得出重物与轻物应该下落得同样快的结论，最

后用实验证实了自己的结论。在现实生活中人们之所以看到物体下落的快慢不同，

是因为空气阻力的影响。如果没有空气阻力，所有物体下落的快慢都一样。

自由落体运动是一种理想状态下的物理模型，我们生活中的重物从空中由静止下落,

如果不考虑空气阻力，可视为自由落体运动。大量的实验和科学推导发现，物体做

自由落体运动时，运动时间r时的速度大小为u=gt、下落的高度为九=：。/,其

中g为重力与质量的比值，不做特殊说明时g=10N/kg,而lN/kg=lm/s2。请

根据上述材料，回答下列问题：

(1)下列说法正确的是

A.真空环境下，铁片和羽毛从静止开始下落，两者下落的一样快

8.把一个物体以一定速度竖直向下抛出，物体做自由落体运动

C.做自由落体运动的物体其速度与下落时间成正比

D钢球从离地面1〃?高度由静止释放，落地的时间取决于钢球的重力

(2)如图所示，墙壁上的窗子高度d=1.4m,窗子上边缘到天花板的距离无=1.8m。

一个小球从天花板由静止释放，不计空气阻力，取g=10N/kg.求：

①小球到达窗子上沿时速度的大小；

②小球通过窗子所用的时间。

答案和解析

1.【答案】A

【解析】解：4、一头大象的质量约为6f,符合实际，故A正确；

8、飞机正常飞行的速度约为60m/s,故3错误：

C、教室楼梯一级台阶约为0.2m,故C错误；

D、教室中一盏日光灯的工作电流约为0.24故。错误。

故选：Ao

首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进

行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符

合实际的选项即可。

2.【答案】B

【解析】解：A、用超导体做输电导线，可以减小由电能到内能的损耗，提高传输效率，

故A不符合题意；

8、滑动变阻器利用的是电阻丝的阻值，故不可以用超导材料制作，故B符合题意；

a电动机的线圈若用超导体材料制作将会降低工作过程中的电能损耗，节约能源，故

电动机的线圈可以用超导材料制作，故c不符合要求；

。、电磁铁的线圈是利用电流的磁效应来工作的，若用超导体材料制作将会降低工作过

程中的电能损耗，节约能源，故电磁铁的线圈可以用超导材料制作，故。不符合要求。

故选：B。

超导现象是电阻为零的现象，所有利用电流热效应工作的电器设备都不能用超导材料制

作，超导体适合制作输电导线和电动机线圈等。

本题主要考查学生对超导体的特点及应用的了解和掌握，是一道基础题，比较简单。

3.【答案】C

【解析】解：由题知，男中音歌唱家在放声歌唱，女高音轻声伴唱，所以男中音比女高

音的音调低、响度大，根据影响音调和响度的因素可知，男中音声带的振动频率低，振

幅大，故C正确.

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故选：Co

解答此题的关键是要知道声音的响度与声源振动的幅度有关,振动幅度越大，响度越大；

音调的高低与发声体的振动频率有关，振动频率越高，音调就越高。

此题考查了响度和音调的影响因素，难度不大，属于基础知识。

4.【答案】C

【解析】解：

A、高性能蓄电池在工作时，将化学能转化为电能，故4不符合题意；

8、内燃机工作时是将内能转化为机械能，故B不符合题意；

C、电力驱动行驶过程中，消耗电能获得机械能，是依靠电动机实现这一能量转化的，

故C符合题意；

。、发电机是根据电磁感应的原理制成的，工作时把机械能转化成电能，故。不符合题

意。

故选：Co

“混合动力汽车”可以把电能转化为机械能，也可以把燃料燃烧释放的内能转化为机械

能，说明其包括两套动力系统，据此分析。

本题考查了蓄电池、内燃机、电动机、发电机的能量转化，属于基础题。

5.【答案】B

【解析】解：A、热机效率是有用能量在燃料完全燃烧放出热量中所占比值，功率是热

机做功的快慢，两者没有必然联系，故A错误；

8、热机的效率越高，热机将燃料完全燃烧放出的热量转换成机械能的能力越强，所以

在输出同样功的情况下，消耗燃料越少，故8正确：

C、根据内燃机的能量流向，热机损失的能量中，废气带走的能量较多，制约内燃机效

率提高的主要因素是废气带走的能量，故C错误；

。、热机在工作过程中会由于热传递或摩擦等消耗一些能量，所以热机效率不能达到

100%,故。错误。

故选：B。

(1)热机的效率是指用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量之比，功率是表示

物体做功快慢的物理量；

(2)热机效率越高，热机将燃料放出的能量转换成机械能的能力越强；

(3)热机的工作过程中，燃料燃烧放出的能量，废气的温度很高，带走的热量最多。

(4)热机在工作工程中会有能量的损耗，热机效率不能达到100%；

本题主要考查了热机的效率以及影响热机效率的因素，并且考查了热机效率与功率的区

别。

6.【答案】D

【解析】解：当水面下降时，入射光线传播方向和传播介质不变的情况下，反射光线与

折射光线都与原先的反射光线和折射光线平行，即折射角和反射角都不变，据此可作图

由图可知R向左移动，用向右移动，故ABC错误，。正确。

故选：D。

入射光线传播方向和传播介质不变的情况下，当水面下降时，反射光线与折射光线都与

原先的反射光线和折射光线平行，据此可作图解答。

本题考查对光的折射定律和反射定律的理解和掌握，关键是判断出折射光线和反射光线

的光路变化情况，认真分析不难做出。

7.【答案】B

【解析】解：铝的电阻率比铜的大，即长度、横截面积一定时，铝比铜的电阻大，铝的

导电性能不如铜，用镀铜的铝芯冒充铜芯这种电线的电阻偏大；故48错误；8正确。

故选：B。

影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度。

解决此题一定要依据影响电阻大小的因素来判断，还要采用控制变量法。

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8.【答案】D

【解析】解：4、由图可知，甲、乙两图物体处于漂浮状态，丙图处于悬浮状态，此时，

物体所受的浮力等于物体自身的重力，所以尸尹=尸乙=尸丙，故A错误；

8、由图知晞伊<v排乙<v排丙,根据F浮=P液嗫g可知，三种液体的密度。用>P乙>P丙,

故B错误；

C、浸入液体中的物体的上下表明受到的压力差就是浮力；三种情况下的浮力相同，甲、

乙中物体上表面受到的压力为0,则小表面受到的压力相同，底面积相同，根据p=(可

知，底面位置液体压强相同；丙中物体浸没，上表面受到压力的作用，所以丙中物体下

表面受到的压力要大于甲、乙中物体下表面受到的压力，则丙中物块底面位置液体压强

要大一些，故C错误；

。、三个容器完全相同，正方体的重力不变，三容器液面相平，由图知液体的体积匕户〉

，乙>“两，且P尹>>P两,所以由m=pVr可知，三容器内液体的质量7n尹,7nz>m丙,

液体的重力G平法〉。乙肱〉G两液，则容器及容器内液体和物体的总重力G用〉〉G丙，

所以容器对桌面的压力：F甲〉F乙)F丙,受力面积相同，根据p=?可知，容器对桌面

的压强大小关系为P用>P<2>P/歹，故。正确。

故选：Do

(1)当物体漂浮或者悬浮在液体中时，物体所受浮力等于它自身的重力；

(2)我们可以根据物体静止时在液体中的状态来判断物体和液体密度的大小关系；

(3)根据浮力产生的原因分析物块底部受到的压强的大小；

(4)将同一物体放入3个完全相同的容器，可知，容器对桌面的压强与容器内液体的质

量有关。

此题考查阿基米德原理、液体压强公式和密度公式的应用等，是一道综合性较强的题目，

但难度不是很大。

9.【答案】B

【解析】解：对木块和木板受力分析：木块受水平向右的拉力和木板对木块水平向左的

摩擦力，木块静止，此二力平衡，则木板对木块的摩擦力为/木板稔1关=玲；又因为物

体间力的作用是相互的，则木板受到木块对它水平向右的摩擦力，则木块对木板的摩擦

力f木则快板与木板对木块的摩擦力为/木板对木跳相等，所以/次版科侬=f木块对木板=%;

由于木板做匀速直线运动，则木板受到水平向左的拉力和水平向右的两个摩擦力平衡(

木块对木板的摩擦力和地面对木板的摩擦力)；

AB、由于木板向左做匀速直线运动，聃F=f木块对木板+f地,联匠地=F-f木块对木板=

F-FT,故木板受到地面的滑动摩擦力大小等于F-玲，故A错误，B正确；

C、滑动摩擦力大小与相对速度无关，故木板以21，的速度匀速运动时，木块受到的摩擦

力还等于亏,故C错误；

£＞、若用2F的力拉木板，木板开始加速，但是木块与木板间压力不变，摩擦因数不变，

故摩擦力大小不变，木块受摩擦力大小仍为尸丁，故。错误；

故选：B。

(1)物体静止或做匀速直线运动时，受到平衡力的作用，在水平面上静止或做匀速直线

运动的物体在水平方向和竖直方向分别受平衡力作用；

(2)二力平衡的条件：等大、反向、同直线、同物体：

(3)影响摩擦力大小的因素：一是压力的大小；二是接触面的粗糙程度。

本题考查了平衡力的辨别，会判断摩擦力的方向，并会根据影响滑动摩擦力的大小因素

分析摩擦力的大小变化是解决本题的关键。

10.【答案】A

【解析】解：由图知：

A、开关Si闭合，电动机Mi工作，驱动扇叶送风，水循环没有开启；S2闭合，电动机M2工

作，驱动机内水循环，风扇不能工作。水循环和送风互不影响，故A符合题意：

B、闭合开关Si，电动机M2工作，驱动机内水循环；再闭合开关S2,电动机Mi工作，驱

动扇叶送风，故B不合题意；

C、开关SI闭合，电动机和M2串联同时工作；S］、S2都闭合，电动机被短路不能工

作，故C不合题意；

。、该电路为并联电路，两个电动机工作时互不影响，所以不会存在不会只有水循环而

不送风的情况，故。不合题意。

故选:Ao

电路基本连接方式是串联和并联，其中串联电路用电器互相影响，并联电路用电器互不

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影响；串联电路一个开关可以控制所有用电器，并联电路干路开关控制所有用电器，支

路开关只控制所在支路用电器。

本题为电路设计题，关键是明确并联和串联电路的特点。

11.【答案】BD

【解析】解：A、磁场中某点的磁场方向是由磁场决定的，我们可以借助小磁针静止时

N极的指向来判断该点的磁场方向，故A错误；

B、影响直流电动机线圈转动方向的原因有两个：电流方向和磁场方向，故B正确；

C、动圈式话筒是利用电磁感应的原理制成的，工作时将机械能转化为电能，故C错误；

。、通电螺线管的极性与电流的方向有关，故对于给定的螺线管，改变通电螺线管中电

流的方向，可以改变通电螺线管的N、S极；故。正确。

故选：BD.

(1)通电螺线管附近某点的磁场方向是由磁场决定的，我们可以借助小磁针判断该点的

磁场方向；

(2)通电导线在磁场中受力的作用，所受力的方向与电流的方向和磁场的方向有关；

(3)动圈式话筒是利用电磁感应的原理制成的，工作时将机械能转化为电能；

(4)通电螺线管的极性与电流的方向有关。

此题考查了电磁感应现象、通电螺线管极性的判断、磁场方向和电动机转动方向的理解，

是一道综合题。

12.【答案】BC

【解析】解：A、烧水的过程中，水吸收热量，是通过热传递的方式改变水的内能，故

A错误；

B、在烧水的过程中，水的质量不变、状态不变，温度升高，内能增大，故B正确；

C、根据连通器定义可知壶嘴和壶身构成连通器，故C正确；

D,壶内水沸腾时，水会一直吸收热量，但水的温度不变，故。错误。

故选：BC。

(1)做功和热传递是改变物体内能的两种方式；

(2)影响内能的因素：质量、温度、状态；

(3)上端开口、底部相连通的容器叫做连通器；

(4)水沸腾规律：吸收热量、温度保持不变。

本题涉及的知识点较多，是一道基础题，难度不大，平时要注意基础知识的学习与积累。

13.【答案】C

【解析】解：闭合开关品、S2,灯泡及正常发光、员不亮，则灯泡人所在电路正常，灯

泡G短路的话，灯泡人不会发光，保持52闭合，插入插座下孔筑管发光，正常情况下插

座下孔筑管不发光，所以插座下孔与灯泡串联接入电路，则㈤间断路。

故选：C»

测电笔在使用时，应将笔尖接触导线，手接触笔尾的金属体，这样就可以形成回路，如

果直接或间接接触火线，息管会发光。

本题考查了家庭电路故障的分析，有一定难度。

14.【答案】AC

【解析】解：

当人静止在墙上时，人处于平衡状态，竖直向上的摩擦力和竖直向下的重力是一对平衡

力，它们大小相等；当让抽气机抽出更多空气时，此时人仍然静止，摩擦力仍然与重力

大小相等，故摩擦力不变；

让抽气机抽出吸盘内更多空气，吸盘内的空气更少，气压更小，内外的气压差更大，

吸盘的面积S不变，据可知，吸盘外部和内部的气体压力差更大；

综上所述，AC正确，8。错误。

故选：AC。

(1)根据二力平衡的条件判定摩擦力和物体重力是一对平衡力，然后根据平衡力的特点

来解题。

(2)让抽气机抽出吸盘内更多空气，吸盘内的空气更少，气压更小，内外的气压差更

大，据P=5分析即可判断。

此题考查了二力平衡的应用和大气压的应用，是一道综合题，难度较大。

15.【答案】BD

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【解析】解：己知人灯泡规格为“6V6W”、乙2灯泡规格为“6/3勿”。

A、根据P=(,可知/?=?•

■灯泡的阻值&=柴=喏=60；功灯泡的阻值&="喏=12。

Rr<R2,故A错误；

B、开关S闭合电流/=£%=//=0.54

/<1十尺2OJZTAZJZ

灯Z]、乙2的实际功率：8=/2RI=(0.5A)2X6C=1.5W；丹=/2x/?2=(0.54)2x

12。=3W

Pz>P一乙2比L亮，故B正确；

C、灯G的实际功率不比额定功率小，故C错误；

D、整个电路的总功率「总=Pi+玛=L5WZ+3W=4.5勿，故。正确。

故选：BD。

知道灯的铭牌(额定电压、额定功率)，利用P=[■求灯〃、员的电阻，再利用P=/2R,

n

求开关S闭合，灯人、G的实际功率，进行比较解题。

此题考查电功率及实际实际电功率的计算，熟练掌握电功率计算式及变化式是解题的关

键。

16.【答案】解：(1)过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变，由此作出光线“经

过凹透镜后的折射光线；

(2)作出S关于平面的对称点S',即S的像点，由题知，因为反射光线的延长线一定过像

点，而且光线。经过平面镜反射后射向凹透镜右侧焦点凡连接S'F,与平面镜的交点O

为光线匕的入射点，S。为入射光线b,反射光线射到凹透镜上，根据延长线过另一侧焦

点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴，作出经凹透镜的折射光线。如图所示:

【解析】(1)根据凹透镜对三条特殊光线的作用作出。的折射光线；

(2)平面镜成像时，像与物关于平面镜对称，由此作出S的像点S',根据反射光线的反向

延长线一定过像点，连接像点与凹透镜右侧焦点尸的连接确定反射光线和入射点，从而

作出入射光线。经凹透镜的光路。

本题综合考查了平面镜成像特点、凹透镜的三条特殊光线的作图，要知道经平面镜后的

反射光线的反射延长线一定过像点。

17.【答案】解：由杠杆平衡条件月L.=F2员可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动

力臂越长，动力越小；图中支点在。点，因此08作为动力臂〃最长；动力的方向应该

向上，过点8垂直于0B向上作出最小动力片的示意图，如图所示：

【解析】杠杆平衡条件：动力x动力臂=阻力x阻力臂(片LX=F25)，在阻力跟阻力臂

的乘积一定时，动力臂越长，动力越小。

本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越

长，动力越小的结论。

18.【答案】右一向靠近支点方向移动

【解析】解：(1)由图示左端下沉。说明杠杆左边较重，两端螺母应向右调，即：左下

右调。根据杠杆的平衡条件，为了使它在水平位置平衡，应将右边的螺母向右调节；

(2)力臂等于支点到力的作用线的距离，当杠杆在水平位置平衡时，力的方向与杠杆垂

直，力臂可以从杠杆标尺刻度上直接读出来，因此第一种实验方案更方便，此时弹簧测

力计的拉力与杠杆垂直，能从杠杆上直接读力臂；

(3)要使跷跷板转动，可采取的做法是：向靠近支点方向移动。

故答案为：(1)右；(2)一；(3)向靠近支点方向移动。

(1)根据杠杆的平衡条件可知，杠杆倾斜时，杠杆的重心偏向杠杆下沉的一端，左、右

两端的螺母(或一端的螺母)要向杠杆上翘的一端调节；

(2)杠杆的平衡条件是：F、L\=F2L2；探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，

此时力的方向与杠杆垂直，力臂的长度可以直接从杠杆上读出来。

(3)跷跷板就是杠杆的应用，它是通过改变力的大小或者力臂的长度使杠杆发生转动的。

本题考查了杠杆平衡的条件，杠杆在水平位置平衡后，支点到力的作用点的距离就是力

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臂，因此在此实验中我们应调节杠杆两端的平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡，以便直

接读出力臂•探究杠杆平衡的条件就是动力X动力臂=阻力X阻力臂。

19.【答案】反射相等靠近42

【解析】解：(1)小华点燃玻璃板前的蜡烛A,观察蜡烛A经玻璃板反射所成的像；

(2)移动蜡烛B,直到B与A的像完全重合,此时蜡烛A和B到玻璃板的距离是相等的，

像与物到平面镜的距离相等；

(3)保持镜前蜡烛A的位置不动，小华将玻璃板沿水平面向A平移，蜡烛A与玻璃板的

距离减小，蜡烛A的像与玻璃板的距离也减小，蜡烛A的像将靠近A；

(4)检查室内视力表和平面镜正对着挂在相距3米的墙上，视力表在平面镜中成像，根

据物像到平面镜距离相等，所以视力表像和平面镜之间的距离是3〃?，眼睛距视力表应

为5米远，人离平面镜2m。

故答案为：(1)反射;(2)相等；(3)靠近4；(4)2。

(1)平面镜成像的原理是光的反射；

(2)8与4的像完全重合，蜡烛A和B到玻璃板的距离是相等的；

(3)如果保持蜡烛A不动，将玻璃板水平向A移动，蜡烛A在镜中的像将靠近玻璃板；

(4)物体在平面镜中成像，物像到平面镜的距离相等，根据这个规律进行判断。

本题主要考查了平面镜成像特点的实验及其应用。这是光学中的一个重点，也是近几年

来中考经常出现的题型，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。同时考查学生动手操作

实验的能力，并能通过对实验现象的分析得出正确结论。

20.【答案】等于压力大小接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大接

触面粗糙程度压力相同时，接触面越粗糙程度，滑动摩擦力越大控制变量法没有控

制压力不变

【解析】解：(1)实验要测出滑动摩擦力的大小，他应该让木块在水平面上做匀速直线

运动，物体在水平方向上受到平衡力的作用，根据二力平衡的条件，弹簧测力计对木块

的拉力等于木块受到摩擦力；

(2)甲、乙两图实验中，接触面粗糙程度相同，乙中压力大，故是为了探究滑动摩擦力

的大小与压力大小的关系；根据实验现象可得出：接触面粗糙程度相同时，压力越大，

滑动摩擦力越大；

(3)甲、丙两图实验中，压力大小相同，接触面粗糙程度不同，故是为了探究滑动摩擦

力的大小与接触面粗糙程度的关系；根据实验现象可得出：压力相同时，接触面越粗糙

程度，滑动摩擦力越大；

(4)滑动摩擦力的大小与压力和接触面的粗糙程度有关，实验需要用到控制变量法；将

木块沿竖直方向截去一半后，没有控制物体间的压力不变，接触面间的压力也减小了一

半，因此他得出的结论是错误的。

故答案为：①等于；②压力大小；接触面粗糙程度相同时，压力越大，滑动摩擦力越

大；③接触面粗糙程度；压力相同时，接触面越粗糙程度，滑动摩擦力越大；④控制

变量法；没有控制压力不变。

(1)根据二力平衡的条件分析；

(2)(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，接触面粗糙程

度相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；根据控制变量法，研究与其中一个因素的关系

时，要控制另外一个因素不变，据此分析回答；

(3)由控制变量法分析；根据影响滑动摩擦力大小的两因素不变分析；探究摩擦力与接

触面面积的关系时，应控制接触面粗糙程度与物体间的压力相同而接触面的面积不同；

要探究滑动摩擦力和接触面积的关系，就要采用控制变量法控制压力和接触面的粗糙程

度一定。

本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理及控制变量法的运用和对图

像的分析，体现了对过程和方法的考查。

21.【答案】“50014”0.65diM%

【解析】解：(1)小灯泡额定电压U=2.5V,正常发光电阻约为102则小灯泡的额定

电流约为/=《=鬻=0.254,所以电压表选择0〜31/量程，电流表选择0〜0.64量程。

K1UJ4

把小灯泡和电流表串联，电压表并联在小灯泡的两端，电流表和电压表的正负接线柱正

确，正确连接如图。

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(2)小灯泡和滑动变阻器串联在电路中，电源电压为6丫，小灯泡额定电压U=2.5V,根

据串联电路电压特点得，滑动变阻器两端的电压为U'=U源-U=6I/-2.5V=3.5K,

小灯泡的电阻约为100,根据串联电路中各串联导体的电压之比等于电阻之比，

则U-.U，=R灯:R滑,

2.5V：3.5U=100：R滑,

则滑动变阻器的电阻R^=140,

又因为小灯泡的额定电流约为0.254所以选择“50。1A"的滑动变阻器。

(3)电流表使用的0〜0.6A量程，每一个大格代表0.24每一个小格代表0.024电流为

0.264,

小灯泡的额定功率P=U/=2.5Vx0.26/1=0.65”。

(4)①只闭合开关S和Si，定值电阻&和小灯泡是并联的，然后和滑动变阻器串联，电

流表测量定值电阻岛的电流，调节滑片P,使小灯泡发光，读出电流表示数为A；

②保持滑片P位置不动，断开开关S「闭合开关52,定值电阻R。和小灯泡是并联的，

然后和滑动变阻器串联，电流表测量小灯泡和定值电阻R。的总电流，读出电流表示数为

，2；

则小灯泡的实际电流为/实='2-11,

小灯泡的实际电压为〃实=%=//o,

则小灯泡的实际功率「实=〃实/实=。2—A)//。。

故答案为：(1)如上图；(2)“50014”；(3)0.65；(4)(/2-/1)/1/?0o

(1)知道小灯泡的额定电压和电阻，求出小灯泡的额定电流，根据额定电压和额定电流,

选择电压表和电流表的量程。

把小灯泡和电流表串联起来，电压表和小灯泡并联，注意电流表和电压表的正负接线柱

要正确。

(2)知道电源电压，知道小灯泡的额定电压，根据串联电路中各电阻分担的电压之比等

于电阻之比，求出所需的滑动变阻器的阻值。

(3)确定电流表的量程，分清一个大格和一个小格各代表多少，读出电流表的示数，根

据P=U/求出小灯泡的额定功率。

(4)定值电阻和小灯泡是并联的，根据欧姆定律和并联电路电压特点和电流特点求出小

灯泡两端的实际电压和实际电流，根据P=U/求出小灯泡的实际功率。

本题利用两种方法测量小灯泡的功率，一种是采用伏安法测量小灯泡的功率，一种是利

用安阻法测量小灯泡的功率，这两种方法要熟练掌握。

22.【答案】解：(1)由。=河得，渔政船以最大航速匀速巡航30min,运动的路程为:

s=vt=15m/sx30x60s=2.7x104nb

此时推进力的大小等于阻力大小，为尸=/=2.0x106N,

推进力对船所做的功为勿=Fs=2.0x106Nx2.7x104m=5.4xIO107；

(2)若渔政船的燃油机动力系统效率为30%,

w

根据〃=藐可知渔政船以最大航速巡航30min至少需要的热量为

Q成=曳=14X10^/=*10巧，

y成T]30%J

根据Q放=qa可知需要燃烧的燃油质量为m燎渺=B=SS=45X103kg。

答：(1)渔政船以最大航速巡航30min.推进力对船所做的功为5.4x1O10/；

3

(2)渔政船以最大航速巡航30min至少需要消耗的燃油质量为4.5x10kgo

【解析】(1)已知渔政船的的巡航速度和时间，根据速度公式可求出运动的路程，

根据船以最大航速巡航时受到的海水阻力可求出此时的推进力，

根据W=Fs可计算推进力对船所做的功；

(2)若渔政船的燃油机动力系统效率为30%,

根据〃=最可知渔政船以最大航速巡航30min至少需要的热量，根据Q放=qm可知需要

燃烧的燃油质量。

本题考查了速度功及热量的计算相关的物理知识，综合性很强，难易程度适中。

第24页，共29页

23.【答案】解：

4

(1)货箱的重力：G=mg=2.7x103kgx10N/kg=2.7x10/V；

由图可知，动滑轮上绳子的段数为3,

该滑轮组的机械效率4=y=詈=悬;=景］■知，90%=2，X：；N,解得尸=1.0X

104N,即吊臂上电动机拉力为1.0x104。

(2)忽略绳重和摩擦，由F=；(G+G动)可得，动滑轮的重力：

G动=3F-G=3X1.0x104/V-2.7X104W=3X103yV,

依然利用此机械提升质量为4f的货箱，此时货箱的重力：

4

G'=m'g=4x103kgx10N/kg=4x10N,

忽略绳重和摩擦，此时滑轮组的机械效率：

，=a=^^=q=_4X1。"。

1W，总Gfh+G.fjhG，+G动4X104/V+3X103JV°

答：(1)吊臂上电动机拉力F的大小为1.0x104/V；

(2)依然利用此机械提升质量为4t的货箱，此时滑轮组的机械效率为93%。

【解析】(1)由6=mg可求得货箱的重力；

由图可知，动滑轮上绳子的段数为3,由4=言=詈=悬=枭可求得吊臂上电动机

拉力尸的大小；

W行ch

(2)忽略绳重和摩擦，由尸=；(G+G动)求得动滑轮的重力，再利用4=五=忐不=

官土可求得此时滑轮组的机械效率.

本题考查了功、机械效率的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用以及滑轮组绳子有

效股数的判断。

24.【答案】解：因为此时小球全部浸没在水中，所以原，

则小球受到的浮力：

F浮=「水§丫球=1.0x103kg/m3x10N/kgxlOOx10_6^3=IN.

小球的重力为0.6NV1N,当撤去挡板后，小球要上浮，最后漂浮在液面上，所以

G=0.6/V；

此时水对容器底的压力变化量:

△F=△pS=pgAhS=pg2V排=△F浮=F浮—F浮，=IN-0.6N=0.4N,

△F0.4Nlcc

水对容器底压强的变化量△P=或=8oxiof*=50Pa。

答：水对容器底压强的变化量为50Pa。

【解析】根据阿基米德原理求出小球浸没时受到的浮力?浮；

当撤去挡板后，分析小球的浮沉情况，得出此时的浮力?浮'，

根据△F=&pS=pg4hS=pg&V排=4F浮=F浮一F部'得出此时水对容器底的压力

变化量，

根据P=?得出水对容器底压强的变化量。

本题考查浮力和压强的有关计算，综合性强，难度适中。

25.【答案】解：

(1)当压敏电阻/?2的阻值为26。时，由图2可知，压敏电阻受到的压力尸=2x1047,

此时压敏电阻&所在深度处的海水压强：

p=£=2xio£_2x106Pa,

“S0.01m2

2xlO6Ptz

根据根据P=pg/l可知河水深度九=点=1。3kgiON/kg=20°m；

(2)当电流表的示数/=0.64时，使用此方法能测出海水的深度最大，

此时电路的总电阻：

R"=&=10/2,

总/0.64

此时压敏电阻的阻值：

R2=R.；-R]=100—2。=80,

由图2可知，压敏电阻受到的压力F'=8xIO，7,

此时压敏电阻&所在深度处的海水压强：

pr=—=叩。?=8x