2022-2023学年广东省珠海一中、惠州一中高三第三次教学质量诊断性考试物理试题试卷

2022-2023学年广东省珠海一中、惠州一中高三第三次教学质量诊断性考试物理试题试

卷

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、把图甲所示的正弦式交变电流接在图乙中理想变压器的A、B两端，电压表和电流表均为理想电表，R,为热敏电阻

(温度升高时其电阻减小)，R为定值电阻.下列说法正确的是：()

3r/io:s

A.R处温度升高时，电流表的示数变大，变压器输入功率变大

B.Rt处温度升高时，电压表Vi、V2示数的比值不变

C.在1=卜10%时，穿过该矩形线圈的磁通量为零

D.变压器原线圈两端电压的瞬时值表达式为u=36sin5(hrt(V)

2、2018年11月12日中科院等离子体物理研究所发布消息：全超导托克马克装置EAST在实验中有了新的突破，等

离子体中心电子温度达到1亿摄氏度；其主要核反应方程为：①;H+?//->lHe+X②阳+丫-»X,则下

列表述正确的是

A.X是质子B.Y是最核

C.X与Y是同位素D.①②两个核反应都属于裂变反应

3、如图所示的曲线是某个质点在恒力作用下运动的一段轨迹。质点从N点出发经尸点到达例点，已知弧长大于

弧长PN,质点由N点运动到P点与从P点运动到M点的时间相等。下列说法中正确的是()

A.质点从N点运动到M点的过程中，速度大小保持不变

质点在这两段时间内的速度变化量大小相等，方向相同

C.质点在这两段时间内的速度变化量大小不相等，但方向相同

D.质点在MW间的运动可能是变加速曲线运动

4、根据玻尔原子理论，氢原子中的电子绕原子核做圆周运动与人造卫星绕地球做圆周运动比较，下列说法中正确的是

（）

A.电子可以在大于基态轨道半径的任意轨道上运动，人造卫星只能在大于地球半径的某些特定轨道上运动

B.轨道半径越大，线速度都越小，线速度与轨道半径的平方根成反比

C.轨道半径越大，周期都越大，周期都与轨道半径成正比

D.轨道半径越大，动能都越小，动能都与轨道半径的平方成反比

5、两个相距较远的分子仅在彼此间分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近。在此过程中，下述正确的是

A.分子力先增大后减小B.分子力先做正功，后做负功

C.分子势能一直增大D.分子势能先增大后减小

6、在“油膜法”估测分子大小的实验中，认为油酸分子在水面上形成的单分子层，这体现的物理思想方法是（）

A.等效替代法B.控制变量法C.理想模型法D.累积法

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、一交流发电机组为某用户区供电的示意图如图所示，发电机组能输出稳定的电压。升压变压器原、副线圈匝数之比

为皿：〃2=1：10.线圈两端的电压分别为幼、S.输电线的总电阻为r,降压变压器的原、副线圈匝数之比为％：〃4=10：

1,线圈两端电压分别为S、u&,L是用户区里一常亮的灯泡，三个回路的干路电流分别为八、/2、/3,随着用电高峰

的到来，用户区开启了大量的用电器，下列说法正确的是（）

A.电压以不变，始终等于U

B.电流力始终等于13

C.L变暗

D.输电线的电阻消耗的功率减小

8、如图甲所示，水平面内粗糙导轨尸。相距为L,置于竖直向下的磁感应强度为B的匀强磁场中，导轨电阻不

计。两根电阻均为R的金属棒必、cd置于导轨上且与导轨接触良好，电流表内阻不计。现血棒在水平外力尸作用下

由静止向右运动，电流表示数随时间变化图线如图乙所示，在加时刻cd棒刚要开始运动，下列各种说法中正确的是

()

图甲图乙

A.必棒在t0时间内做匀加速直线运动

B.若在九时刻突然撤去外力R则讳棒的加速度。=冬/

m

C.在％时间内，通过Cd棒的电量为牛

D.在办时间内，力尸做的功全部转化为外棒的焦耳热、摩擦生热和其增加的动能

9、如图，A、8两点分别固定有等量的点电荷，其中A处的为正电荷，8处的电性未知。为48连线的中垂线，0

为垂足。由绝缘材料制成的闭合光滑轨道而ed关于。点对称，其上穿有带正电小环。现在尸点给小环一沿轨道切线

方向的初速度，小环恰能沿轨道做速率不变的运动，则（不考虑重力）（）

A.小环在mc两点受到的电场力相同

B.小环在氏d两点的电势能相同

C.若在d点断开轨道，小环离开轨道后电场力一直做正功

D.若将小环从d沿面连线移到°,电场力先做负功后做正功

10、如图所示，劲度数为人的轻弹簧的一端固定在墙上，另一端与置于水平面上质量为，〃的物体接触（未连接），弹

簧水平且无形变.用水平力尸缓慢推动物体，在弹性限度内弹簧长度被压缩了看,此时物体静止.撤去尸后，物体开

始向左运动，运动的最大距离为4%.物体与水平面间的动摩擦因数为〃，重力加速度为g.则（）

A.撤去产后，物体先做匀加速运动，再做匀减速运动

B.撤去产后，物体刚运动时的加速度大小为空■-〃g

m

C.物体做匀减速运动的时间为2J工

D.物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为〃Mg（x0-幺等）

K

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某研究性学习小组从一个数码设备中拆下了一个旧电池，已知该电池的电动势约为12V内阻约为2。，该

小组的同学为了测定电池的电动势和内阻，从实验室借来了如下实验器材：

A.电压表（量程为。〜3V,内阻为2k。）B.电流表（量程为。〜3A,内阻约为0.1。）

C.定值电阻4k。D.定值电阻8k。E.定值电阻1。F.定值电阻3。

G滑动变阻器。〜20。H.滑动变阻器0〜2k。I.开关一个，导线若干

（1）该小组的同学设计了如图甲所示的实验电路，电阻"应选____________,电阻&应选__________,滑动变阻器应

选__________.（选填相应器材前面的字母）

（2）开关闭合以前，应将滑动变阻器的滑片调至__________（填“最左端”或“最右端”），闭合开关后，移动滑动变阻器的

滑片，可得到多组电压表和电流表的读数U和/,利用得到的实验数据作出。一/图像如图乙所示，根据图像可知该电

池的电动势E=V,内阻r=（计算结果保留三位有效数字）

12.（12分）在“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中。

（1）安装好实验装置后，先用游标卡尺测量摆球直径d,测量的示数如图所示，则摆球直径上cm,再测量摆线长

I,则单摆摆长L=（用d、/表示）；

（2）摆球摆动稳定后，当它到达（填“最低点”或“最高点”）时启动秒表开始计时，并记录此后摆球再次经过最

低点的次数，？（"=1、2、3……）,当〃=60时刚好停表。停止计时的秒表如图所示，其读数为s,该单摆的周

期为T=s（周期要求保留三位有效数字）；

(3)计算重力加速度测量值的表达式为狞(用T、L表示)，如果测量值小于真实值，可能原因是;

A.将摆球经过最低点的次数〃计少了

B.计时开始时，秒表启动稍晚

C.将摆线长当成了摆长

D.将摆线长和球的直径之和当成了摆长

(4)正确测量不同摆心及相应的单摆周期7,并在坐标纸上画出P与L的关系图线，如图所示。由图线算出重力加速度

的大小gm/s2(保留3位有效数字，计算时招取9.86)。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)如图甲所示，A端封闭、B端开口、内径均匀的玻璃管长L=100cm,其中有一段长15cm的水银柱

把一部分空气封闭在玻璃管中。当玻璃管水平放置时，封闭气柱A长40cm。现把玻璃管缓慢旋转至竖直，如图

乙所示，再把开口端向下插入水银槽中，直至A端气柱长4=30cm为止，这时系统处于静止平衡。已知大气压强

々=75cmHg,整个过程温度不变，试求：

(1)玻璃管旋转至竖直位置时，A端空气柱的长度；

(2)如图丙所示，最后槽内水银进入玻璃管内的水银柱的长度d(结果保留两位有效数字)。

A

14.(16分)如图所示，水平放置的轻质弹簧原长为2L,一端与质量町=2kg的物块尸接触但不连接，另一端固定在

A点，光滑水平轨道AB长度为5L长度为%=2.5m的水平传送带分别与B端和水平光滑轨道CD平滑连接，物块P

与传送带之间的动摩擦因数4=0.2,传送带始终以u=2m/s的速率顺时针匀速转动.质量为，%=6kg小车放在光滑

水平轨道上，位于CZ)右侧，小车左端与。段平滑连接，小车的水平面长度。=0.5m,右侧是一段半径R=0.5m的

四分之一光滑圆弧，物块尸与小车水平上表面的动摩擦因数从=0」.用外力推动物块尸，将弹簧压缩至长度乙然后

放开，尸开始沿轨道运动，冲上传送带后开始做减速运动，到达传送带右端时速度恰好与传送带速度大小相等.重力加

速度大小g=10m/s2求：

(1)弹簧压缩至长度L时储存的弹性势能与＞

(2)物块P在小车圆弧上上升的最大高度目

(3)要使物块P既可以冲上圆弧又不会从小车上掉下来，小车水平面长度的取值范围

15.(12分)如图所示，尸。为一竖直放置的荧光屏，一半径为R的圆形磁场区域与荧光屏相切于。点，磁场的方向

垂直纸面向里且磁感应强度大小为8,图中的虚线与磁场区域相切，在虚线的上方存在水平向左的匀强电场，电场强度

大小为E,在。点放置一粒子发射源，能向右侧180。角的范围发射一系列的带正电的粒子，粒子的质量为小、电荷量为

%经测可知粒子在磁场中的轨道半径为R,忽略粒子的重力及粒子间的相互作用.求：

(1)如图，当粒子的发射速度方向与荧光屏成60。角时，该带电粒子从发射到达到荧光屏上所用的时间为多少?粒子到达

荧光屏的位置距O点的距离为多大？

(2)从粒子源发射出的带电粒子到达荧光屏时，距离发射源的最远距离应为多少？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、A

【解析】

副线圈电压不变，若Rt电阻原来大于R,则温度升高时，电压表V2示数与电流表A2示数的乘积增大，若Ri电阻原

来小于R,则电压表V2示数与电流表A2示数的乘积变小，当Rt处温度升高时，电阻减小，则副线圈总功率增大，所

以原线圈功率增大，即电压表Vi示数与电流表Ai示数的乘积一定变大，故A正确；R处温度升高时，电阻减小，电

压表V2测量R,的电压，则电压表V2示数减小，Vi示数不变，则电压表Vi示数与V2示数的比值变大，故B错误；

在图甲的t=0.01s时刻,e=0,则磁通量最大，此时矩形线圈平面与磁场方向垂直,故C错误;根据图甲可知,Em=36aV,

2万

T=0.02s,则3=---=-----=1007trad/s,变压器原线圈两端电压的瞬时值表达式为u=360sinlOOkt(V),故D错

T0.02

误。故选A。

【点睛】

本题考查交变电流的产生及变压器原理，要注意掌握交变电流中最大值、有效值、瞬时值的表达及相应的关系，知道

变压器不改变功率，难度适中。

2、B

【解析】

根据质量数守恒、电荷数守恒判断X和和Y的种类，这两个方程都是聚变.

【详解】

A.根据质量数守恒、电荷数守恒可知X是中子，故A错误；

B.对第二个方程，根据质量数守恒、电荷数守恒可知Y是瓶核，故B正确；

C.X是中子，Y是瓶核，X与Y不是同位素，故C错误；

D.①②两个核反应都属于聚变反应，故D错误.

3、B

【解析】

A.因质点在恒力作用下运动，由牛顿第二定律可知，由于加速度不变，质点做匀变速曲线运动，由力指向曲线凹面

那一侧可知，质点从N点运动到M点的过程中，相同时间内的路程不同，故速度大小发生了变化，故A错误；

BC.因加速度不变，则质点在这两段时间内的速度变化量大小相等、方向相同，故B正确、C错误；

D.质点在恒力作用下运动，则质点在MW间的运动是匀变速曲线运动，故D错误。

故选B。

4、B

【解析】

A.人造卫星的轨道可以是连续的，电子的轨道是不连续的；故A错误.

B.人造地球卫星绕地球做圆周运动需要的向心力由万有引力提供，

2

「Mmmv^7t~mr

~~GJZ3①

rrT2

玻尔氢原子模型中电子绕原子核做圆周运动需要的向心力由库仑力提供，

尸=上"=叱=信丝②

r2rT2

可得：v=R,可知都是轨道半径越大，线速度都越小，线速度与轨道半径的平方根成反比；故B正确•

C.由①可得：7=2肛」二；由②可得：T=2K\—,可知，都是轨道半径越大，周期都越大，周期都与轨道半径

\GM\kQ

3

的二次方成正比；故C错误.

2

D.由①可得：卫星的动能：

由②可得电子的动能：&.=学，可知都是轨道半径越大，动能都越小，动能都与轨道半径成反比；故D错误.

2r

5、B

【解析】

A.两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近的过程中，当分子间距大于平衡间距时，

分子力表现为引力；当分子间距小于平衡间距时，分子力表现为斥力，分子引力先减小后增大，斥力增大，A错误；

B.两个相距较远的分子仅在分子力作用下由静止开始运动，直至不再靠近的过程中，分子力先是引力后是斥力，故

先做正功后做负功，B正确；

C.只有分子力做功，先做正功后做负功，根据动能定理，动能先增加后减小，C错误；

D.分子力先做正功后做负功；分子力做功等于分子势能的变化量；故分子势能先减小后增加，D错误。

故选B。

6、C

【解析】

考查实验“用油膜法估测分子大小。

【详解】

在油膜法估测分子大小的实验中，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，将油酸分子看做球形，认为油酸

分子是一个紧挨一个的，估算出油膜面积，从而求出分子直径，这里用到的方法是：理想模型法。C正确，ABD错误。

故选C。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BC

【解析】

将远距离输电的电路转化为等效电路

其中

^2>/?效=粤/?用

由闭合电路的欧姆定律

=，2（r+R效）

故随着用电高峰的到来用户区开启了大量的用电器，R川减小，导致R效变小，则输电电流八变大。

A.由变压器的变压比可知

u,=%q=iot/1

力=%a=1。4

〃4

但输电线上有电阻r,产生损失电压，故有

U2>U.

即1。4>10。4,且用电高峰U1不变，小变小，故A错误；

B.根据变压器上的电流与匝数成反比，有

l/_卫/7-I-Zk7/-LL

\-2in，。-2-

10n310

可得电流力始终等于4故B正确；

C.则输电电流/,变大会导致损失电压变大，而。2不变，故S减小，可得以变小，即并联用户的电压减小，由。=在

R

可知L的功率变小，L变暗，故C正确；

D.由《可知，输电电流乙变大会导致输电线的电阻消耗的功率增大，故D错误。

故选BC«

8、AC

【解析】

A.由乙图可知，，。时间内/与时间成正比，根据闭合电路欧姆定律

,EBLBL

I=—=—v=—a-t

2R2R2R

可知％时间内，加速度为定值，所以劭棒在九时间内做匀加速直线运动，A正确；

B.cd棒刚要开始运动，此时有

F.&=f=BI0L

对于外棒撤去外力尸后，根据牛顿第二定律

F,送+于=ma

解得

人竺任

m

B错误；

C.根据电流的定义式

1=2

t

可知to时间内通过电路的电荷量大小等于/-，图线与时间轴围成的面积，两导体棒串联，则通过cd棒的电量为

2

C正确；

D.对于整个系统来说，外力尸做的功全部用来克服安培力做功（疑、川两棒中产生的焦耳热）、克服摩擦力做功（摩

擦生热）以及增加动能，D错误。

故选AC.

9、BCD

【解析】

由带电小环恰能沿轨道做速率不变的运动可知，在运动过程中电场力对小环不做功，即轨道上各处的电势相同，轨道

与电场中的某一等势线重合，根据常见电场的电场分布图和等势面分布图可知，A、〃两点处固定的是等量同种电荷。

A.由等量同种电荷中垂线上的电场分布特点可知，a、c两点电场强度大小相等，方向相反，故小环在%c两点受到

的电场力方向不同，故A错误；

B.b、d两点在同一等势面上，故爪d两点的电势能相同，故B正确；

C.若在d点断开轨道，此时速度方向与电场力方向垂直，此后，电场力方向与速度方向成锐角，电场力一直做正功,

故C正确；

D.由等量同种电荷的电势分布可知，而连线上从d点到a点，电势先升高后降低，故带正电的小环电势能先增大后

减小，故电场力先做负功，后做正功，故D正确。

故选BCD,

10、BD

【解析】

A.撤去产后，物体水平方向上受到弹簧的弹力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，而弹簧的弹力随着压缩量的减小而

减小，弹力先大于滑动摩擦力，后小于滑动摩擦力，则物体向左先做加速运动后做减速运动，随着弹力的减小，合外

力先减小后增大，则加速度先减小后增大，故物体先做变加速运动，再做变减速运动，最后物体离开弹簧后做匀减速

运动，A错误；

B.刚开始时，由牛顿第二定律有：

kx0-pimg=ma

解得：a—―--/ig

m

B正确；

C.由题意知，物体离开弹簧后通过的最大距离为3xo,由牛顿第二定律得：

将此运动看成向右的初速度为零的匀加速运动，贝!I：

3x()=ga/

联立解得：，=、陛，C错误；

D.当弹簧的弹力与滑动摩擦力大小相等、方向相反时，速度速度最大时合力为零，则有

F=/Limg=kx

解得X=半，所以物体开始向左运动到速度最大的过程中克服摩擦力做的功为：

K

叱=〃机g(/_x)=/jmg(x0-

D正确。

故选BD»

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、DFG最右端12.51.69

【解析】

(1)[1][2][3].电压表量程为0〜3V,内阻为2kC,则要要使此电压表的量程扩大到12V左右，则需串联一个8g

的电阻，故定值电阻选择D；电源内阻为2。左右，4做为保护电阻，则应该选择与内阻阻值相当的F即可；滑动变

阻器选择与内阻阻值差不多的G即可；

(2)[4],开关闭合以前，应将滑动变阻器的滑片调至阻值最大的最右端；

(3)[5|[6].根据图像可知外电路电流为0时电压表读数为2.5V,则此时路段电压为5x2.5V=12.5V,即电源电动势为

E=12.5V,内阻

(2.5-1)X5

r=---------------8=1.6912

1.6'

d4-7T2L

12、1.84cm-+/最低点67.5s2.25s——AC9.86m/s2

2T2

【解析】

(1)[1][2|.摆球直径d=1.8cm+0.1mmx4=1.84cm；

单摆摆长L=4+/；

2

(2)[3][4][5].摆球摆动稳定后，当它到达最低点时启动秒表开始计时，并记录此后摆球再次经过最低点的次数〃(〃=1、

2、3……)，当〃=60时刚好停表。停止计时的秒表读数为67.5s,该单摆的周期为

67.5

T=—=s=2.25s

n36"

2

(3)[6].根据T=2兀A可得计算重力加速度测量值的表达式为

4TT2L

A.将摆球经过最低点的次数〃计少了，则计算周期T偏大，则g测量值较小，选项A正确;

B.计时开始时，秒表启动稍晚，则周期测量值偏小，则g测量值偏大，选项B错误；

C.将摆线长当成了摆长，则L偏小，则g测量值偏小，选项C正确；

D.将摆线长和球的直径之和当成了摆长，则L偏大，则g测量值偏大，选项D错误；

故选AC,

器可得

(4)[7].根据T=2万

T2=-L

由图像可知

,4万24.85-3.25/

k=-----=---------------=4

g1.20-0.80

解得

g=9.86m/s2

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(l)50cm；(2)32cm

【解析】

(1)玻管旋转至竖直：A中气体的压强变为

PAI=PLPh=60cmHg①

对A部分气体，由玻意耳定律

PJAS=PAJAR②

得到A端气柱长

1=50cm③

(2)旋转至竖直5端气柱长

LB=L-LAI-/z=100-50-15=35cm@

过程二：玻管出入水银槽

A部分气体由玻意耳定律

PAJAS=PA2ks⑤

PAZ=x60=lOOcmHg⑥

B部分气体，PB=Po

PBI=「A2+Ph=U5cmHg⑦

由玻意耳定律

PB"S=PBI"1S⑧

解得

75

"1=x35a23cm⑨

最后

d=L-h-L1-LBl=32cm⑩

14、(1)14J；(2)0.1m；(3)0.75m,,L<1.5m„

【解析】

(1)设物块P离开弹簧时的速度为％,在