2021年山东省日照市高考物理一模试卷

2021年山东省日照市高考物理一模试卷

1,中国核工业集团新一代可控核聚变研究装置“中国环流器二号，取得了聚变温

度1.5亿摄氏度、等离子体电流2.5兆安培的重要进展，在这个全球竞争的聚变科学

项目中，一直保持着领先。关于核聚变反应，下列说法正确的是（）

A.核聚变反应原理简单，比裂变反应容易实现

B.两个轻核结合成质量较大的核，核子的比结合能增加

C.太阳目前正在进行的核反应既有聚变反应，也有裂变反应

D.核聚变反应的核反应方程可能是：iH+jHHe+2jn

2.下列现象属于折射现象的是（）

A.白光经过杨氏双缝得到彩色图样

B.白光照射肥皂膜呈现彩色图样

C.白光经过三棱镜得到彩色图样

D.白光照射单缝后，在光屏上出现彩色条纹

3.甲、乙两个可以视为质点的物体，运动过程中的图像如图所示。若两个物体

在3s末恰好相遇，下列说法正确的是（）

A.甲向正方向运动，乙向负方向运动

B.甲的加速度小于乙的加速度

C.t=0时，甲在乙前15机处

D.3s后二者可能再次相遇

4.一辆客车以%=36km"的速度在平直的公路上匀速行驶。因意外急刹车，刹车的

加速度大小为5m/s2,开始刹车的同时，车厢顶部A点脱落一个螺钉。若车厢内高

度为1.8巾，螺钉落到车厢地板上8点不弹起，则B点距A点的水平距离为（取g=

10m/s2）（）

A.1.2mB.0.9mC.0/nD.3.2m

5.由波源S形成的简谐横波在均匀介质中向左、右传播，波源振动的频率为20也。

已知介质中P质点位于波源S的右侧，SP=0.8m,P到S的距离不超过两个波长。

Q（图中未画出）质点位于波源S的左侧，P、。和S的平衡位置在一条直线上。t=0

时波源开始振动的方向如图所示，当尸第一次到达波峰时，波源S也恰好到达波峰，

。恰好第二次到达波谷，下列说法正确的是（）

.

S

A.机械波在介质中的波速为8rn/s

B.机械波的波长为0.8m

C.Q点到波源S的距离为0.6m

D.P与0同时通过平衡位置，且振动方向相同

6.如图甲所示，正方形硬质金属框外“放置在磁场中，金属框平面与磁场方向垂直。

磁感应强度8随时间f变化规律如图乙所示。在0〜0.2s的时间内与0.2s〜0.6s的时

间内（）

A.通过金属框的电荷量之比为2：1

B.金属框中电流的电功率之比为4：1

C.金属框中产生的焦耳热之比为4：I

D.金属框曲边受到安培力方向相反，大小之比为3：1

7.如图所示，倾角为。的斜面上有一无动力小车，小车里用细

绳悬挂一个小球。当小车沿斜面向下加速滑动时，悬线与

垂直斜面。匕方向的夹角始终为a（a<9）,则可求小车的底

面与斜面间的动摩擦因数4为（）

A.〃=tand

B.〃=tan(0—a)

C.〃=sin(0—a)

D.〃=tana

8.在一个半径为R的圆弧的圆心处，质量为”的小球，以大小

不同的初动能水平抛出，如图所示，不计空气阻力。当小球

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落在圆弧上的动能最小时，对应的初动能为（g表示当地的重力加速度）（）

A.^-mgR

B.^mgR

C.2mgR

o

D.^-mgR

9.2020年11月24日“嫦娥五号”探测器成功发射，开启了我国首次地外天体采样返

回之旅，如图为行程示意图。关于“嫦娥五号”探测器，下列说法正确的是（）

A.刚进入地月转移轨道时，速度大于7.9km/s小于11.2km/s

B.在地月转移轨道上无动力奔月时，动能不断减小

C.快要到达月球时，需要向前喷气才能进入月球环绕轨道

D.返回舱取月壤后，重新在月球上起飞的过程中，机械能守恒

10.如图所示，为了研究静电屏蔽效果，某同学将可视为正点电荷的带电体置于封闭金

属空腔的外部或内部，其中Q、N的金属空腔和大地相接，P、M的金属空腔与外

界绝缘。规定大地的电势为零，下列关于各点场强和电势高低的说法，正确的是（）

r\

®—Nr

77/77777777-

A.P金属空腔内的场强等于零，电势大于零

B.Q金属空腔内的场强等于零，电势大于零

C.M金属空腔内任一点场强不为零，电势大于零

D.N金属空腔内壁上任意一点的场强为零

11.如图所示，厚度为力、宽度为d的某种半导体板，放在垂直纸面向里的匀强磁场中，

磁感应强度大小为8。当电流通过导体板时，在导体板的上、下表面之间会产生电

势差，这种现象称为霍尔效应。实验表明，当磁场不太强时，上、下表面之间的电

势差U、电流/和B的关系为（/=/£与，式中的比例系数人称为霍尔系数。设电流/（

方向如图）是由带正电荷的空穴定向移动形成的，导体中单位体积中空穴的个数为n,

空穴定向移动的速率为v,电荷量为e。下列说法正确的是（）

A.上表面的电势比下表面高B.导体板之间的电场强度E==

a

C.霍尔系数上的大小与d、人有关D.霍尔系数大的大小与〃、e有关

12.图甲是小米手机无线充电器的示意图。其工作原理如图乙所示，该装置可等效为一

个理想变压器，送电线圈为原线圈，受电线圈为副线圈。当外间接上220y的正弦

交变电流后，受电线圈中产生交变电流。送电线圈的匝数为%,受电线圈的匝数为

电，且n2=5：U两个线圈中所接电阻的阻值均为R,当该装置给手机快速

充电时，手机两端的电压为5V,充电电流为2A,则下列判断正确的是（）

甲

A.流过送电线圈与受电线圈的电流之比为5：1

B.快速充电时，受电线圈cd两端的输出电压为42.5V

C.快速充电时，两线圈上所接电阻的阻值R=18.750

D.充电期间使用手机，易损坏电池

13.小明同学利用如图甲所示装置测量大气压强。粗细均匀的弯曲玻璃管A臂插入密封

的烧瓶，B臂与玻璃管C下部用橡胶管连接，C管开口向上，一定质量的气体被水

银封闭于烧瓶内。开始时，8、C管内的水银面等高，在B管上标记好此时水银面

的位置K。

（1）对烧瓶加热，使烧瓶内的气体温度升高。为使封闭气体的体积不变，应将C管

（填“向上”或“向下”）移动，直至。

（2）实验中保持气体体积不变，不断加热烧瓶内的气体，记录气体的摄氏温度/和C

管内的水银面高出8管内的高度儿做出h-t图像如图乙，由图像得出开始时的温

度7。=K,大气压强po=cmHg（大气压强保留1位小数）。

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14.某同学通过实验描绘小灯泡的伏安特性曲线。所用器材有：小灯泡，电流表4式量

程200〃达，内阻=10.00）,电流表4（量程500〃达，内阻时2约等于1.0。），定

值电阻%（阻值%=15.00）,定值电阻/?2（阻值£=100.0/2）,滑动变阻器R（最大

阻值100）,电源E（电动势4.5V,内阻很小），开关S和若干导线。

（1）画出实验电路图。

（2）实验中，定值电阻选择（填或“公”）。

（3）实验时，调节滑动变阻器，使开关闭合后两电流表的示数为零，逐渐改变滑动

变阻器滑片位置并读取相应的A和/2。所得实验数据在下表中给出。

lilmA325585125144173

121mA171229299379424470

根据实验数据可算得，当人=144nL4时，小灯泡的电阻为。（保留1位小数

）。

（4）根据已知量和表中数据，做出小灯泡伏安特性曲线，则图像的纵轴为,

横轴为（用题目中给出的字母表示）。

15.如图所示为测量玻璃折射率的实验原理图，若玻璃被上下界面aa'和bb'平行，玻璃

砖的折射率为小玻璃砖的厚度为人，上界面入射光的入射角为a,折射角为夕。

（1）证明入射光线AO和出射光线O'B'平行；

（2）求入射光线和出射光线之间的侧移距离乩

16.将一质量为，”的乒乓球从某一高度释放后，与地面碰撞并反弹。已知，反弹速度大

小为火,再次与地面碰撞前瞬间的速度大小为%，重力加速度大小为g。则从反弹

到再次落地前的过程中：

(1)如果乒乓球受空气阻力的大小恒为了,求/的大小；

(2)如果乒乓球受空气阻力的大小与速度大小成正比，求所用的时间。

17.如图甲所示，水平放置的平行金属板P和Q,相距为d,两板间存在周期性变化的

电场或磁场。P、。间的电势差UPQ随时间的变化规律如图乙所示，磁感应强度B

随时间变化的规律如图丙所示，磁场方向垂直纸面向里为正方向。t=0时刻，一

质量为，"、电荷量为+q的粒子(不计重力)，以初速度处由P板左端靠近板面的位置,

沿平行于板面的方向射入两板之间，外团、d、%、名为己知量。

(1)若仅存在交变电场，要使电荷飞到。板时，速度方向恰好与。板相切，求交变

电场周期了;

(2)若仅存在匀强磁场，且满足/=鬻，粒子经一段时间恰能垂直打在。板上(不

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考虑粒子反弹)，求击中点到出发点的水平距离。

18.如图所示，质量分别为机4、巾8的两个弹性小球A、8静止在地A9

I

面上方，B球距地面的高度九=1.8m,A球在B球的正上方，距：

I

地面的高度H=4.2m。同时将两球释放，经过一段时间后两球

发生第一次弹性正撞。所有碰撞时间忽略不计，已知WIB=3啊，

重力加速度g=l(hn/s2,忽略空气阻力和球的大小及所有碰撞

I

中的动能损失。求：BQf

(1)第一次碰撞点距地面的高度；

(2)第一次碰后A球上升的最大距离；

(3)两球第二次相碰时距地面的高度(计算中取述x2.45,结果保留两位有效数字)。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】解：A、核聚变反应原理简单，但需要极高的温度，所以比裂变反应更难实现，

故A错误；

8、两个轻核结合成质量较大的核的过程中要释放能量，核子的平均质量减小，所以核

子的比结合能增加，故B正确；

C、太阳目前正在进行的核反应是聚变反应，故C错误；

D、核聚变反应的核反应方程是：IH+IHHe+^n,故。错误。

故选：Bo

聚变反应比裂变反应更难实现；核子的平均质量减小，所以核子的比结合能增加；太阳

目前正在进行的核反应是聚变反应；根据质量数与电荷数守恒书写核反应方程。

本题以“中国环流器二号M”为情景载体，考查了轻核聚变反应的相关知识，要求学生

对聚变反应的原理及特点能够熟练掌握。

2.【答案】C

【解析】解：A、白光经过杨氏双缝得到彩色条纹是光的干涉现象，故A错误；

B、白光照射肥皂膜呈现彩色图样是光的薄膜干涉现象，故B错误；

C、白光经过三棱镜得到彩色图样是光的折射现象，故C正确；

。、白光照射单缝后，在光屏上出现彩色条纹是光的衍射现象，故。错误。

故选：Co

明确光学中的干涉，衍射现象的成因及图样，从而确定哪一种现象是折射现象。

本题考查光学上的一些现象，干涉，衍射等，明确每一种现象的成因及图样是解决本题

的关键，注意每个现象的成因也是学生容易出现混乱的地方。

3.【答案】C

【解析】解：A、甲、乙两质点的速度均为正值，说明甲、乙两质点均沿正方向运动，

故A错误；

8、v-t图像的斜率表示加速度，甲图像的斜率大小大于乙图像的斜率大小，可知甲的

加速度大于乙的加速度，故8错误；

C、由v-t图像与时间轴所围的面积表示位移，可知，在前36内，乙的位移比甲的位

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移大，位移之差为△x=^m=15m,已知两个物体在3s末恰好相遇，贝肽=0时，

甲在乙前15，”处，故C正确；

。、3s末两个物体相遇后，甲的速度一直大于乙的速度，两物体不可能再相遇，故。错

误。

故选：Co

根据速度的正负分析两个质点的运动方向；根据图像的斜率表示加速度，由斜率大小分

析加速度大小；由v-t图像与时间轴所围的面积表示位移，读出两物体在前3s内的位

移之差，结合在第3s末两个物体相遇，确定t=0时两个物体的位置关系；3s末两个物

体相遇后，甲的速度大于乙的速度，两物体不可能再相遇。

对于速度-时间图像，要注意v-t图像不能读出物体运动的初始位置，抓住“面积”表

示位移、斜率等于加速度进行分析。

4.【答案】B

【解析】解：车厢顶部A点脱落一个螺钉，螺钉做平抛运动，

根据平抛运动规律得出螺钉落到车厢地板上B点的时间t=后=后*s=0.6s,

刹车的加速度大小为5m/s2,v0=36km/h.=10m/s,

22

汽车在这段时间内前进的位移x=vot+|at=10x0.6m+x(-5)x(0.6)m=

5.1m,

在这段时间内螺钉水平方向前进的距离x'=vot=10x0.6m=6m,

所以B点距A点的水平距离△x=x'-x=6m-5.1m=0.9m,故B正确，AC£)错误。

故选：Bo

根据平抛运动规律得出螺钉落到车厢地板上8点的时间，再根据运动学公式得出汽车在

这段时间内前进的位移和螺钉水平方向前进的距离，即可求解出B点距A点的水平距离。

本题主要考查了平抛运动规律和匀变速直线运动的位移时间关系的运用，注意正方向的

规定。

5.【答案】A

【解析】解：AB、P和S同时达到波峰，则PS之间有整数倍个波长，已知P至US的距

离不超过两个波长，相同时间。恰好第二次到达波谷，故时间必须比一个振动周期长,

所以PS之间有两个波长，且SP=0.8m,所以波长为0.4m,

振动的频率为20Hz,所以周期T为0.05s,根据波长与波速之间的关系：

u=金=黑^=8?n/s,故A正确，8错误；

c、当波从s传到P,第一次到达波峰时的时间是因此在波源s左侧波传播了有:个

44

波长，而。点第二次达到波谷，故。点的左侧有:个波长，故QS之间有9个波长，即等

于0.4m,故C错误；

。、尸质点在波峰时，Q质点在波谷，故当同时到达平衡位置时，一个向正方向运动，

一个向负方向运动，故振动方向不相同，故。错误。

故选：A。

P和S同时达到波峰，则PS之间有整数倍个波长，尸到S的距离不超过两个波长，。恰

好第二次到达波谷，故时间必须比一个振动周期大，所以PS间距两个波长，振动的频

率为20Hz,得到周期，通过波长和周期求波速，通过质点振动的时间间隔求波传播的

位移，求得QS间距。

这道题要把P。两个物体的振动情况结合在一起分析，用波的传播和振动结合在一起分

析。

6.【答案】B

【解析】解：A、通过金属框的电荷量q=/t=^t=Nt=、f,因在0〜0.2s的时间口

1RRR

内与0.2s〜0.6s的时间t2内，磁感应强度随时间的变化量相同，故通过金属框的电荷量

之比为1：1,故A错误；

B、金属框中电流的电功率P=9=誓，则合.=需=辙B正确；

C、金属框中产生的焦耳热。=。3得猊=既，解得吃=2,故C错误；

D、在0〜0.2s的时间内与0.2s〜0.6s的时间内，通过线框的电流方向相反，所以金属框

时边受到安培力方向相反，安培力大小F=BIL==B*L

KKt

由于对应时间B相同今=：,故。错误。

卜21

故选：B.

根据图象找到B的变化，再根据法拉第电磁感应定律求得感应电动势，再依据闭合电路

欧姆定律求解电荷量、电功率、焦耳热比值，根据安培力公式求解安培力。

本题考查拉第电磁感应定律、闭合电路欧姆定律、安培力等内容，比较简单，注意从图

象中正确获取信息。

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7.【答案】D

【解析】解：以车

和小球整体为研

究对象，受力分析

如图1,设加速度

为4,由牛顿第二

定律有：

=(M+m)a

所以有：a=gsind-figcosd

以小球为研究对象，受力分析如图2,由牛顿第二定律，

沿斜面方向：

mgsinB—Tsina=ma

垂直斜面方向：

Tcosa=mgcosd

联立解得：“=tana

故。正确，ABC错误。

故选：Do

先以车和小球整体为研究对象，用牛顿第二定律求出加速度小再以小球为研究对象求

摩擦因数。

本题考查了牛顿第二定律的应用，当题目中涉及多个物体时，应注意整体隔离相结合;

涉及多个力时，应用正交分解法。

8.【答案】D

【解析】解：设水平抛出的初速度为孙，平抛下落的高度是

lift

根据平抛运动的规律得出平抛水平位移大小x=vt=

oFT

根据几何关系得出R2=炉+/公+幽

诏二^x

02/l

根据动能定理得出E.-\tnvl=mgh

mg(R2—/i2)mgR23mgh

Ek=--------..............Fmgh=——1—

k4hv4h4

根据数学关系得出当吟=网史时，即九=5R时，末动能最小，此时对应的初动能为

4/143

E=-mvQ=—mgRo故A正确，BCD错误。

k026

故选：Do

根据平抛运动的规律结合几何关系得出平抛的初速度与下落高度的关系，根据动能定理

得出小球落在圆弧上的动能，应用数学关系求解动能最小值。

本题主要考查了动能定理和平抛运动规律的应用，采用数学上的函数法，得到动能与〃

的解析式，由数学不等式法分析动能的最小值.

9.【答案】AC

【解析】解：人在地面附近发射飞行器，如果速度大于7.9kni/s,而小于11.2kms,

它绕地球运行的轨迹就不是圆，而是椭圆，当物体的速度等于或大于11.2km/s时，它

就会克服地球的引力，永远离开地球，受到太阳的引力，故刚进入地月转移轨道时，速

度大于7.9km/s小于11.2km/s,故A正确。

8、在地月转移轨道上无动力奔月时，受到地球引力和月球引力的作用，开始地球引力

大于月球引力，合力做负功，动能减小，当地球引力小于月球引力后，合力做正功，动

能增大，故8错误。

C、快要到达月球时，需要减速，发动机做负功，故应向前喷气才能进入月球环绕轨道。

故C正确。

。、返回舱取月壤后，重新在月球上起飞的过程中，需要加速，则发动机做正功，机械

能增加。故。错误。

故选：AC。

在地面附近发射飞行器，如果速度大于7.9km/s,而小于11.2kms,它绕地球运行的轨

迹就不是圆，而是椭圆，当物体的速度等于或大于11.2km/s时，它就会克服地球的引

力，永远离开地球，受到太阳的引力，故刚进入地月转移轨道时，速度大于7.9km/s小

于11.2km/s；在地月转移轨道上无动力奔月时，受到地球引力和月球引力的作用，动

能的变化看合力做功，快要到达月球时，需要减速，重新在月球上起飞的过程中，需要

加速。

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本题考查了第一宇宙速度和第二宇宙速度的概念，另外要区分快要到达月球和重新在月

球上起飞两个过程，发动机分别做负功和正功，故机械能要发生变化。

10.【答案】AC

【解析】解：人金属空腔放在正点电荷电场中，出现静电感应现象，最终处于静电平

衡状态，金属空腔内的场强处处为零；尸与地面绝缘，由于静电感应，P的右侧带正电，

可知P右侧的电势高于无穷远处的电势，所以金属空腔的电势大于零，故A正确；

8、金属空腔放在正点电荷的电场中，最终处于静电平衡状态，导体内部的场强处处为

零，由于金属空腔接地，则金属空腔的电势为零，故B错误；

C、正点电荷放在金属空腔中，点电荷与金属空腔之间形成电场，可知金属空腔内任一

点场强不为零；金属空腔不接地，则金属空腔外的电场也不等于零，金属空腔的电势大

于零，故C正确；

。、正点电荷放在金属空腔中，点电荷与金属空腔之间形成电场，可知金属空腔内与金

属空腔内壁上任意一点场强不为零，故。错误。

故选：AC.

带电体在金属空腔外侧时，金属空心导体处于静电平衡状态，金属空腔内部的场强处处

为零，且整个金属空腔是等势体，根据这个特点进行分析；带电体在金属空腔内部时，

金属空腔接地时能屏蔽内部的电场，但不接地时，不能屏蔽内部的电场。

本题抓住处于静电平衡导体的特点是关键.若要比较场强大小和电势高低常常画电场线,

形象直观地判断.

11.【答案】AD

【解析】解：A、根据左手定则可知，正电荷向上表面偏转，则上表面的电势高于下表

面，故A正确；

3、根据匀强电场中，电势差和电场强度的关系，可知导体板之间的电场强度为：E='

故B错误；

CD,电荷在磁场中受到洛伦兹力的作用，向上极板偏转，稳定后，极板间形成电场，

电荷在电场力和洛伦兹力的共同作用下，处于平衡状态，则有:qvB=q-,解得:U=vBh,

结合电流的微观表达式/=neSv=ne/idv,解得：U=々则霍尔系数为：k=三，故霍

nedne

尔系数”的大小与〃、e有关，故。正确，C错误。

故选：AD.

根据左手定则判断正电荷的偏转方向，从而确定电势的高低。抓住正电荷所受的洛伦兹

力和电场力平衡，结合电流的微观表达式求出霍尔系数的大小.

此题考查了霍尔效应及其应用，解决本题的关键掌握左手定则判断洛伦兹力的方向，掌

握电流的微观表达式，结合洛伦兹力和电场力平衡进行求解。

12.【答案】BCD

【解析】解：A、流过送电线圈与受电线圈的电流之比：0=詈=士故A错误；

BC、已知手机两端电压U产=5匕充电电流/手=24,(/帅=220/又

lab=，于=0.44

Uab-【abR=5Ucd，

Ucd-IrR=Ur.,

联立解得

Ucd=42.5V

R=18.750

故BC正确；

D由于使用时手机内部的电流与电压处于不稳定状态，则通过受电线圈对手机充电易损

坏电池，故。正确。

故选：BCD。

根据理想变压器的变流比求出流过原副线圈的电流之比；

根据题意应用理想变压器的变压比、电流比、欧姆定律联立求解求出cd两端电压以及

电阻R；

使用时手机内部的电流与电压处于不稳定状态；

本题考查了理想变压器的原理，掌握理想变压器的变压与变流比是解题的前提与关键，

分析清楚电路结构、应用变压器的变压与变流比公式即可解题。

13.【答案】向下8管内的水银面再一次回到标记的位置K30075.6

【解析】解：(1)气体温度升高，压强变大，B管水银面下降，为保证气体压强不变，

应适当降低C管，

所以应将C管向下移动，直至8、C两管水银面等高，即8管内的水银面再一次回到标

记的位置K,即保证了气体压强不变。

(2)封闭气体做等容变化，由查理定律可知：

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Po+八=Po

273+7—7^

即：九=争+(嘤-P。)

由图像可知：

Po_6.7

7^-2Z0

解得：To=300K,po=75.6cmHg

故答案为：(1)向下；8管内的水银面再一次回到标记的位置K。

(2)300；75.6。

(1)探究压强不变时体积变化与温度变化的关系，气体温度升高，压强变大，B管水银

面下降，为保证气体压强不变，应适当降低C管，使B、C两管水银面等高。

(2)封闭气体做等容变化，由查理定律可知B管内的高度和压强之间的关系式，根据图

像的斜率与纵轴截距联立求解。

本题考查本题考查了应用理想气体状态方程求气体压强，分析清楚气体状态变化过程是

正确解题的关键。实验过程中要注意控制变量法的应用，控制气体压强不变，8、C两

管水银面等高。

14.【答案】812.912Tlli(Rgi+«i)

【解析】解：(1)描绘小灯泡的伏安特性曲线，电压从零开始调卢®।

节，所以滑动变阻器采用分压接法,而所给器材中没有电压表，卜®二i竺二।

那么用内阻己知的电流表必与定值电阻串联当作电压表使用。

由于4内阻和R1均已知，那么改装的电压表的内阻已知，则电-----------<

压表的分流可以计算，所以另一个电流表4测量电流时用外接

法(若用&内接，则其分压未知)，按此思路电路设计如图所示；

(2)电流表4与定值电阻串联改装成电压表，假若量程为U=3/的话，则根据欧姆定律

n3

求得&=藐_Rgi=瓦0_100=5・。亿定值电阻选&较接近.

(3)根据表中数据，当人=144mA=0.144A时，灯泡两端电压4=/】(&+%])=

0.144x(15+10"=3.60叭而灯泡的电流〃=12-11=(0.424-0.0144)/4=0284

所以此时灯泡的电阻&=中=得。=12.90；

U.ZO

(4)小灯泡的伏安特性曲线是〃一4图象，而〃=/2-/1,UL=h(Rgi+/?!),则建立坐

标系后，纵轴的坐标为横轴的坐标为A(Rgl+8)

故答案为：(1)(2)/?1；(3)12.9；(4儿-A、%(%+%)

(1)按照实验原理和题目给实验给器材的局限性，从控制电路和测量电路两方面分析画

出电路图；

(2)大致估计灯泡两端电压，由此可算出装的电压表所需的量程，再求出定值电阻的值

进行选择；

(3)根据实验数据应用欧姆定律求出灯丝电阻；

(4)根据灯泡的额定电压与电流表4的量程，应用串联电路特点、欧姆定律等确定伏安

特性曲线的横纵轴所对应的测量的量。

本题考查了研究小灯泡的伏安特性实验，理解实验原理、分析清楚图示电路结构是解题

的前提，应用串并联电路特点与欧姆定律即可解题。

15.【答案】解：(1)如图所示，对于入射点0,根据折射定律可得几=孤

对于出射点。'，根据折射定律可得n=四圆

因为优=£,所以夕=a,则4。〃0'。，所以入射光线与出射光线平行

(2)过0'点做入射光线A0的延长线的垂线，与A0的延长线交于C点,

如上图所示d=00，sin(a—/?)

,九

°°=两

hsin(a-/?)

解得：d=

cos/?

答：(1)证明过程如上所示。

(2)从玻璃砖下表面出射的光线与入射光线间的侧移量d为空喏之。

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【解析】（1）画出光路图，射入和射出的过程根据折射定律可证明出射的光线与入射光

线平行。

（2）过。'点做入射光线A。的延长线的垂线，再由几何关系可求得侧移量乩

画出光路图，根据折射定律并借助数学知识可求解，考查学生的分析综合能力和应用数

学解决物理问题能力。

16.【答案】解：（1）设空气阻力大小为力乒乓球反弹后上升的最大高度为〃，由动能定

理可知，上升过程有：-（mg+h）=07n诏

下降过程有：（mg-f）h=|mvl-0

联立解得了的大小为：f=（叱

V0+Vl

（2）设空气阻力/=/cu,任取极短时间△七，阻力的冲量大小/=kv〉t=k〉x

/

上升过程有：△%%△3△%1=△t,..

rr

下降过程有：△不=口2△3△x2=v2△t,.........

x

对上升和下降过程有：△+△X1'+……=△%2+△2..

设上升时间为£1，下降时间为上，由于上升高度等于下降高度为：=v2t2

规定竖直向上为正方向，由动量定理得：—（mgti+立由）=0—mv0

mgt2—ku2t2=—0

联立得总时间为：±=等

故答案为：（1）如果乒乓球受空气阻力的大小恒为力了的大小为安竽；

V0+Vl

（2）如果乒乓球受空气阻力的大小与速度大小成正比，所用的时间为安。

（解析】（1）对乒乓球在上升过程和下降过程有动能定理联立求解即可；

（2）根据微元思想和动量定理求解。

本题考查了动能定理和动量定理在实际问题中的应用，解决此题的关键是正确选择研究

过程，学会应用微元思想解决动量问题。

17.【答案】解：（1）设经时间r粒子恰好沿切线飞到

上板，竖直方向的速度为零，

根据牛顿第二定律可得加速度大小为a=殁=华

mmd

半个周期内，粒子向上运动的距离丫=：矶52

竖直方向有：d=2ny

联立得r=4md(n=1>2、3

nqUQ'

（2）仅存在磁场时，带电粒子在匀强磁场中做半径为r的匀速圆周运动