2021年江西省高考物理教学质检试卷（4月份）公开课

2021年江西省高考物理教学质检试卷（4月份）

二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14〜

18题只有一项符合题目要求，第19-21题有两项或三项符合题目要求。全部选对的得6分,

选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.（6分）攀岩是一项挑战性运动，如图所示为某一攀岩爱好者双臂伸展、身体静止悬挂时

的照片。已知攀岩爱好者的右手抓牢点比左手的高，左、右两臂等长且伸直。则在此时

（）

3F

A.左臂的拉力大于右臂的拉力

B.左臂的拉力小于右臂的拉力

C.两臂的拉力一样大

D.无法判断两臂拉力大小的关系

2.（6分）如图所示，A、B为平行金属板，两极板相距为d,分别与电源两极连接，两板

的中央各有一小孔M、N。今有一带电质点自A板上方相距为d的P点由静止下落，不

计空气阻力，到达两板中点时的速度恰好为零，然后沿原路返回。则带电质点的重力与

它在电场中所受电场力的大小之比为（）

A.1：2B.1：3C.2：1D.3：1

3.（6分）如图所示，水平地面上固定有足够长的平行粗糙导轨MN和PQ,导轨间接有电

阻R,其余部分电阻不计，在矩形区域内有一竖直向下的匀强磁场Bo一金属棒垂直跨

在导轨上,在磁场以速度v向右匀速运动过程中，测得金属棒也达到稳定的速度，则（）

N

XXXX

0

XXXX

A.金属棒稳定的速度方向向左，且等于v

B.金属棒稳定的速度方向向左，且小于v

C.金属棒稳定的速度方向向右，且等于v

D.金属棒稳定的速度方向向右，且小于v

4.（6分）将一物体从地面竖直上抛，物体在运动过程中受到的空气阻力与速率成正比。它

的动量随时间变化的图像如图所示•已知重力加速度为g,则物体在运动过程中的加速度

的最大值为（）

A.gB.2gC.3gD.4g

5.（6分）假设“嫦娥五号”轨道舱绕月球飞行时，轨道是贴近月球表面的圆形轨道。已知

轨道舱运动的周期是地球同步卫星运动周期的m倍，地球同步卫星的轨道半径是地球半

径的n倍，由此可得地球的平均密度与月球的平均密度之比为（）

32

A.m2n3B.m3n2C.-2—D.-31—

m2n3

6.（6分）如图所示，把一块锌板连接在验电器上，锌板开始带电，验电器指针张开且张角

稳定。现在用甲光照射锌板，发现指针保持不动。换用乙光照射锌板，发现指针张角迅

速减小。由此可以判断（）

«<USH«i光・

A.锌板开始一定带负电

B.甲光的频率一定小于乙光的频率

C.甲光的强度一定小于乙光的强度

D.甲光的照射时长一定小于乙光的照射时长

7.（6分）如图是金属圆盘发电机的原理图。匀强磁场垂直于金属圆盘，电阻R通过导线与

两块铜片电刷D、C连接，D、C分别与转动轴和圆盘的边缘良好接触。圆盘绕通过圆心

。的固定转动轴按图示顺时针方向转动，电阻R中就有电流通过。则（）

A.电流方向由D经过电阻R流向C

B.通过电阻R的电流大小与铜盘的半径成正比

C.通过电阻R的电流大小与磁感应强度成正比

D.通过电阻R的电流大小与圆盘转动的角速度成正比

8.（6分）如图所示，在光滑的水平面内建立xOy坐标，质量为m的小球以某一速度从0

点出发后，受到一平行于y轴方向的恒力作用，恰好通过A点。已知小球通过A点的速

度大小为vo，方向沿x轴正方向，且0A连线与Ox轴的夹角为30°,则（）

1y

，二%

.-<50°-x

O-------------*

A.恒力的方向一定沿y轴负方向

B.恒力在这一过程中所做的功为工mv（『

6

C.恒力在这一过程中的冲量大小为返mvo

6

D.小球从O点出发时的动能为工mv（『

6

三、非选择题：共174分。第22题〜第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33

题〜第38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。

9.（6分）某同学利用物块沿斜面下滑来测量它们之间的动摩擦因数。如图所示，他将斜面

调节成与水平方向成30°角，然后物块在斜面上由静止开始下滑。用频闪相机测得它下

滑的某段照片如图所示，频闪周期为0.05s。

（1）根据图示，可知物块由A点运动到F点的位移为cm,经过图中B点的速

度为m/s；

（2）根据图示，可求解物块下滑的加速度大小为m/s2（结果保留2位有效数

字）；

（3）由此可得到物块与斜面间的动摩擦因数为（结果保留小数点后2位数字）。

10.（9分）某同学准备将量程Ig=500uA、内阻rg约为200Q的电流表G改装成量程为2V

的电压表。

甲乙

（1）该同学先设计了如图甲所示的电路来测量电流表G的内阻rg,用此电路，经以下步

骤：

①闭合Si，断开S2,调节R1,使电流表G的示数为500|iA；

②闭合S2,保持不变，调节，使电流表的示数为250nA,此时R2的示

数如图乙所示。

（2）由此可知，电流表G的内阻rg=Q。

（3）为了将电流表G改装成2V的电压表，需要（填“串联”或“并联”）一个

阻值为。的电阻。

（4）该同学的上述测量存在着系统误差，电流表的内阻测量值（填“大于”或

“小于”）真实值。因此，用这个改装成的电压表去直接测量电压时，将使测量值

（填“偏大”或“偏小”）。校正该改装电压表的可行办法是（填“增大”或“减

小”）与电流表串联的分压电阻。

11.（12分）如图，Oa为电子枪示意图，在Oa的正下方距a点为d处有一个靶P。电子从

静止开始经电场加速后，从a点沿Oa方向出射，进入一垂直纸面的匀强磁场（整个空间

均有磁场），恰能击中靶P。已知电子枪的加速电压为U,电子电荷量为e、质量为m,

ZOap=0,求:

（1）磁场的方向和电子在磁场中运动速度的大小；

（2）磁场的磁感应强度的大小。

............................

/；

12.（20分）如图所示，一质量m=0.4kg的滑块（可视为质点）静止于水平轨道上的A点。

现对滑块施加一恒定的水平外力F=5N,使其向右运动，经过一段时间后撤去外力，滑

块继续滑行至B点后水平飞出，恰好在C点沿切线方向进入固定在竖直平面内的光滑圆

弧形轨道，轨道的最低点D处装有压力传感器，当滑块到达传感器上方时，传感器的示

数FN=25.6N。已知轨道AB的长度L=2.0m,半径OC和竖直方向的夹角a=37°,圆

形轨道的半径R=0.5m,物块与水平轨道间的动摩擦因数均为u=0.1,空气阻力可略，

重力加速度g=10m/s2,sin370=0.6,cos370=0.8。

（1）求滑块运动到C点时速度vc的大小；

（2）求水平外力作用在滑块上的位移s；

（3）若紧挨着D点右侧放置质量也是m的另一滑块，两滑块最终静止时的距离△*=

4.5m。求碰撞时损失的机械能。

（二）选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任

选一题作答。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。【物理选修3-3】（15分）

13.（5分）对于一定质量的理想气体，下列过程违反热力学第一定律的是（）

A.在恒定温度下，气体绝热膨胀

B.气体从外界吸收热量而温度保持不变

C.在绝热的条件下，气体体积不变而温度升高

D.气体对外做功的同时向外界放热

E.加热过程，气体体积减小且内能不变

14.（10分）如图所示，一导热良好、足够长的汽缸竖直放置在水平地面上。汽缸质量1!!=

5kg,汽缸内一质量M=10kg、面积S=2001?的活塞与汽缸壁光滑密接。当活塞静止时,

活塞与汽缸底部的距离L（）=10cm»已知大汽压强po=l.OX105Pa,重力加速度g=10m/s2»

现用一竖直向上的拉力F作用在活塞上，求：

①当F=50N时，活塞与汽缸底部的距离；

②当F缓慢增大到使汽缸恰好离开地面时，活塞与汽缸底部的距离。

【物理选修3-4】（15分）

15.如图所示，一列简谐波沿x轴传播，to时刻波形图如图中实线所示，经△t=0.2s,波形

图如图中虚线所示，已知波长为2.0m,则下列说法正确的是（）

A.若波向右传播，则这列波的最小速度为2m/s

B.若波向左传播，则这列波的最大速度为8.0m/s

C.若波向右传播，则这列波的周期最大值为1.0s

D.若波向左传播，则这列波的周期最大值为0.2s

E.若波速大小是18m/s,则该波一定向左传播

16.如图所示，一个半径为r=10cm的圆木板静止在水面上，在圆木板圆心O的正下方h

=50cm处有一点光源S,从t=0时开始，光源正以加速度a=0.2m/s2由静止向上运动，

己知水的折射率11=加。计算结果均保留2位有效数字。求：

①t=0时，水面上可以观察到点光源发出的光射出水面的面积；

②经过多长时间，水面上方观察不到点光源S发出的光。

_____________Q___________

(

*

t

j…

2021年江西省高考物理教学质检试卷（4月份）

参考答案与试题解析

二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14〜

18题只有一项符合题目要求，第19-21题有两项或三项符合题目要求。全部选对的得6分,

选对但不全的得3分，有选错的得0分。

1.（6分）攀岩是一项挑战性运动，如图所示为某一攀岩爱好者双臂伸展、身体静止悬挂时

的照片。已知攀岩爱好者的右手抓牢点比左手的高，左、右两臂等长且伸直。则在此时

（）

s座asi

A.左臂的拉力大于右臂的拉力

B.左臂的拉力小于右臂的拉力

C.两臂的拉力一样大

D.无法判断两臂拉力大小的关系

【解答】解：把人看成质点，对人进行受力分析如图，设左手的拉力和右手的拉力与竖

直方向的夹角分别是a和！3,根据共点力平衡可得：

水平方向：Tisina=T2sin0,竖直方向：Ticosa+T2cosP=mg

右手抓牢点比左手的高，则左手的拉力与竖直方向的夹角大于右手的拉力与竖直方向的

夹角，所以左臂的拉力小于右臂的拉力，故B正确，ACD错误。

故选：B»

2.（6分）如图所示，A、B为平行金属板，两极板相距为d,分别与电源两极连接，两板

的中央各有一小孔M、N,今有一带电质点自A板上方相距为d的P点由静止下落，不

计空气阻力，到达两板中点时的速度恰好为零，然后沿原路返回。则带电质点的重力与

它在电场中所受电场力的大小之比为（）

A.1：2B.1：3C.2：ID.3：1

【解答】解：带电质点从P点开始下落，先加速后减速，根据动能定理，则有：mg.3d

2

小，

且匀强电场的电场强度公式E=U,

d

解得，重力与电场力的大小比值为mg：qE=l：3,故B正确，ACD错误；

故选：Bo

3.（6分）如图所示，水平地面上固定有足够长的平行粗糙导轨MN和PQ,导轨间接有电

阻R,其余部分电阻不计，在矩形区域内有一竖直向下的匀强磁场B。一金属棒垂直跨

在导轨上,在磁场以速度v向右匀速运动过程中，测得金属棒也达到稳定的速度，则（）

A.金属棒稳定的速度方向向左，且等于v

B.金属棒稳定的速度方向向左，且小于v

C.金属棒稳定的速度方向向右，且等于v

D.金属棒稳定的速度方向向右，且小于v

【解答】解：当磁场以速度v向右运动时，金属棒相对磁场向左切割磁感应线，从而产

生感应电流，依据右手定则，可知，感应电流方向顺时针，再由左手定则，可知，金属

棒受到向右的安培力，

当安培力大于摩擦力，金属棒向右加速运动，依据F安=史L辿匕上，随着金属棒速

R

度v'的增大，安培力逐渐减小，

当安培力等于摩擦力时，金属棒也做匀速直线运动，此时，满足的

R

金属棒匀速运动的速度V,小于磁场移动的速度V,故ABC错误，D正确;

故选：D。

4.（6分）将一物体从地面竖直上抛，物体在运动过程中受到的空气阻力与速率成正比。它

的动量随时间变化的图像如图所示。已知重力加速度为g,则物体在运动过程中的加速度

的最大值为（）

【解答】解：图中的斜率等于物体受到的合力，斜率大，合力大，加速度也大，所以当t

PQ

=0时，物体的加速度最大，且由于斜率为零时，物体的合力为零，所以有mg=k2,

m

p

则物体运动过程中的加速度最大值为am，有mg+k—旦=mam，解得am=3g,故C正确，

m

ABD错误；

故选：Co

5.（6分）假设“嫦娥五号”轨道舱绕月球飞行时，轨道是贴近月球表面的圆形轨道。已知

轨道舱运动的周期是地球同步卫星运动周期的m倍，地球同步卫星的轨道半径是地球半

径的n倍，由此可得地球的平均密度与月球的平均密度之比为（）

32

AA.nr2ir3B.m3n2C.D.

m2n3

【解答】解：对地球同步卫星，有

G里坦=mMl（nR）

（nR）2T2

地球的平均密度为

联立解得p地=”》

GT2

同理，对轨道舱有G场鳖=m舱旦;r

r2（mT）2

月球的平均密度为

M月

联立解得「月=二；

Gm2T2

故地球的平均密度与月球的平均密度之比为pgpF」=m2n3

故A正确BCD错误。

故选：Ao

6.（6分）如图所示，把一块锌板连接在验电器上，锌板开始带电，验电器指针张开且张角

稳定。现在用甲光照射锌板，发现指针保持不动。换用乙光照射锌板，发现指针张角迅

速减小。由此可以判断（）

A.锌板开始一定带负电

B.甲光的频率一定小于乙光的频率

C.甲光的强度一定小于乙光的强度

D.甲光的照射时长一定小于乙光的照射时长

【解答】解：AB、根据题意可判断，用甲光照射锌板没有发生光电效应，用乙光照射锌

板发生了光电效应现象，由光电效应发生的条件可知，甲光的频率一定小球乙光的频率,

由于乙光照射锌板时，验电器指针张角不断减小，所以可以判断验电器一开始带的是负

电，故AB正确；

CD、能否发生光电效应现象，与入射光的强度，及光照时间均无关，故CD错误。

故选：AB,

7.（6分）如图是金属圆盘发电机的原理图。匀强磁场垂直于金属圆盘，电阻R通过导线与

两块铜片电刷D、C连接，D、C分别与转动轴和圆盘的边缘良好接触。圆盘绕通过圆心

0的固定转动轴按图示顺时针方向转动，电阻R中就有电流通过。则（）

XX

A.电流方向由D经过电阻R流向C

B.通过电阻R的电流大小与铜盘的半径成正比

C.通过电阻R的电流大小与磁感应强度成正比

D.通过电阻R的电流大小与圆盘转动的角速度成正比

【解答】解：A、金属圆盘按图示方向转动，切割磁感线产生感应电动势，根据右手定则

可判断圆盘中感应电流方向是由圆心指向边缘，即D-C,那么电阻的电流由C-R-D,

故A错误；

2

BCD、根据切割磁感线产生感应电动势的公式E=BLV=1BT3，而感应电流I=-L

2R-hr

2

=典」黑（其中L为圆盘的半径，「为圆盘电源的内阻是不变的），由此可判断

2（R+r）

I^B,183,故B错误，CD正确。

故选：CDo

8.（6分）如图所示，在光滑的水平面内建立xOy坐标，质量为m的小球以某一速度从0

点出发后，受到一平行于y轴方向的恒力作用，恰好通过A点。已知小球通过A点的速

度大小为vo，方向沿x轴正方向，且0A连线与Ox轴的夹角为30°,则（）

Iy

，二%

A.恒力的方向一定沿y轴负方向

B.恒力在这一过程中所做的功为』mw』

6

C.恒力在这一过程中的冲量大小为返mvo

6

D.小球从O点出发时的动能为工mv（）2

6

【解答】解：利用逆向转换方法，将小球运动过程看成类平抛运动的逆运动。由此可判

断恒力方向一定沿y轴负方向。

■77at

由tan30°=工=2-----=可得,小球经过坐标原点时，沿y轴方向的分速度Vy=at

Xvot2v0

=2MVc，沿X轴方向的速度仍为Vx=VO。

3V0

222

小球从。点出发时的动能Eko=Lm（vx+vy）,Eko=—mvo.

26

结合动能定理，恒力在这一过程中所做的功为W=lmvo2-Eko,代入数据解得W=-

2

22

—mvo,

3

恒力在这一过程中的冲量大小I=|mZ\v|=|mZ\Vy|=2返gc，故AD正确，BC错误。

21UV0

故选：ADo

三、非选择题：共174分。第22题〜第32题为必考题，每个试题考生都必须作答。第33

题〜第38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。

9.（6分）某同学利用物块沿斜面下滑来测量它们之间的动摩擦因数。如图所示，他将斜面

调节成与水平方向成30°角，然后物块在斜面上由静止开始下滑。用频闪相机测得它下

滑的某段照片如图所示，频闪周期为0.05s。

（1）根据图示，可知物块由A点运动到F点的位移为4.50cm,经过图中B点的速

度为0.35m/s；

（2）根据图示，可求解物块下滑的加速度大小为2.0m/s2（结果保留2位有效数字）;

（3）由此可得到物块与斜面间的动摩擦因数为0.为（结果保留小数点后2位数字）。

【解答】解：（1）由图中可读出，从A点到F点的位移为XAF=5.50cm-1.00cm=4.50cm,

打到B点是哪段时间的中间时刻，用这段时间的平均速度表示，所以VB=­=

2T

(4.50-1.00)X10~2

m/s=0.35m/s；

2X0.05

（2）由逐差公式求加速度a=A^=⑶°0-L°。）-（4.50-3.°0）乂1o^m/s2=

T20.52

2.0m/s2；

（3）滑块沿斜面下滑时，据牛顿第二定律有：mgsine-pmgcos6=ma,变形得到口=

gSine-a=iQXQ,5-2.02=035o

geos610X0.81皿

故答案为：（1）4.50、0.35；（2）2.0；（3）0.35

10.（9分）某同学准备将量程Ig=50（）pA、内阻rg约为200。的电流表G改装成量程为2V

的电压表。

（1）该同学先设计了如图甲所示的电路来测量电流表G的内阻rg,用此电路，经以下步

骤：

①闭合S”断开S2,调节R1，使电流表G的示数为500pA；

②闭合S2,保持R1不变,调节R2，使电流表的示数为250“A,此时R2的示数

如图乙所示。

（2）由此可知，电流表G的内阻r°=190。。

（3）为了将电流表G改装成2V的电压表，需要串联（填“串联”或“并联”）-

个阻值为3810C的电阻。

（4）该同学的上述测量存在着系统误差，电流表的内阻测量值小于（填“大于”或

“小于”）真实值。因此，用这个改装成的电压表去直接测量电压时，将使测量值偏小

（填“偏大”或“偏小”）。校正该改装电压表的可行办法是减小（填“增大”或“减

小”）与电流表串联的分压电阻。

【解答】（1）由半偏法测电阻原理知，当调节电阻箱，使电流表半偏时.，由于干路电流

几乎不变，电阻箱与电流表中电流相等，电阻一定相等，所以需要保持R.不变，调节

R2O

（2）由于电流表示数与电阻箱并联，且电流表示数变为原来的一半，则电流表的内阻与

电阻箱阻值相等，由图乙可知，电阻箱的阻值为Rg=（1X100+9X10）ft=190fto

U-I0R

(3)为了将电流表G改装成2V的电压表，需要串联电阻分压，串联的电阻为R=——?—

Ig

=2-500X10-6x1900=381。。。

500X10-6

(4)闭合S2,Ri保持不变，电路中的总电阻变小，总电流变大，则流过电阻箱的电流

大于电流表的电流，电流表的内阻测量值小其真实值；

测量电压时有U=I(R+r),则使测量值偏小；

根据校正电压表原理可知，为使电压表的示数增大，即增大流过表头的电流，所以应减

小与电流表串联的分压电阻。

故答案为：(1)Ri，R2(2)190(3)串联、3810(4)小于、偏小、减小。

11.(12分)如图，0a为电子枪示意图，在Oa的正下方距a点为d处有一个靶P。电子从

静止开始经电场加速后，从a点沿Oa方向出射，进入一垂直纸面的匀强磁场(整个空间

均有磁场)，恰能击中靶P。已知电子枪的加速电压为U,电子电荷量为e、质量为m,

ZOap=0,求：

(1)磁场的方向和电子在磁场中运动速度的大小；

(2)磁场的磁感应强度的大小。

【解答】解：(1)已知条件知道电子顺时针转动，在a点速度方向向右，受到向下的洛

伦兹力，由左手定则可知，磁场方向垂直纸面向里，电子在磁场中运动的速度v大小不

变，

根据动能定理可得：eU=lmv2,解得：v=J亚。

(2)如图所示，根据几何知识可得电子在磁场中运动半径为：R=―d―,

2sin9

根据牛顿第二定律得：evB=m2土，解得：B=2sin8国。

RdVe

答：(1)磁场的方向垂直纸面向里，电子在磁场中运动速度的大小是‘还；

(2)磁场的磁感应强度的大小是在曙

12.（20分）如图所示，一质量m=0.4kg的滑块（可视为质点）静止于水平轨道上的A点。

现对滑块施加一恒定的水平外力F=5N,使其向右运动，经过一段时间后撤去外力，滑

块继续滑行至B点后水平飞出，恰好在C点沿切线方向进入固定在竖直平面内的光滑圆

弧形轨道，轨道的最低点D处装有压力传感器，当滑块到达传感器上方时，传感器的示

数FN=25.6N。已知轨道AB的长度L=2.0m,半径OC和竖直方向的夹角a=37°,圆

形轨道的半径R=0.5m,物块与水平轨道间的动摩擦因数均为u=0.1,空气阻力可略，

重力加速度g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8。

（1）求滑块运动到C点时速度vc的大小；

（2）求水平外力作用在滑块上的位移s；

（3）若紧挨着D点右侧放置质量也是m的另一滑块，两滑块最终静止时的距离△*=

4.5m。求碰撞时损失的机械能。

【解答】解：（1）滑块运动到D点时，由重力和轨道的支持力的合力提供向心力，由牛

顿第二定律得：

„v2

FN-mg=m―=D-

R

滑块由C点运动到D点的过程，由机械能守恒定律得：

191?

mgR（1-cosa）+_mvc--=-mVD

22

代入数据解得：vc=5m/s,VD=3y/3m/s

（2）滑块离开离开B后做平抛运动，滑块到达B点的速度：VB=vccosa=5Xcos370=

4m/s

设在水平力作用下滑块的位移大小为s,滑块从A到B运动过程，由动能定理得:

Fs-nmgL=lmv2-0

代入数据解得：s=0.8m

（3）设两滑块碰撞后的速度大小分别为vi、V2,两滑块碰撞过程系统动量守恒，

以向右为正方向，由动量守恒定律得：mvD=mvi+mv2，

碰撞后两滑块在水平面上做匀减速直线运动，设减速到零的位移大小分别为XI、X2，

对两滑块，由动能定理得：-|imgxi=O-Lmu?，~pmgx2=0-—

2i22

两滑块静止时的距离：△X=X2-X1，

代入数据解得：vi=J5m/s,V2=2j§m/s

两滑块碰撞过程，由能量守恒定律得：

12」21

mv2+Et

7D下mv[+ymv2+^A

代入数据解得，碰撞过程损失的机械能：△E=2.4J

答：（1）滑块运动到C点时速度vc的大小是5m/s；

（2）水平外力作用在滑块上的位移s是0.8m；

（3）碰撞时损失的机械能是2.4J。

（二）选考题：共45分。请考生从给出的2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任

选一题作答。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。【物理选修3-3】（15分）

13.（5分）对于一定质量的理想气体，下列过程违反热力学第一定律的是（）

A.在恒定温度下，气体绝热膨胀

B.气体从外界吸收热量而温度保持不变

C.在绝热的条件下，气体体积不变而温度升高

D.气体对外做功的同时向外界放热

E.加热过程，气体体积减小且内能不变

【解答】解：A、一定质量的理想气体温度一定时，其内能一定△U=0,气体膨胀对外

做功，即W<0,根据热力学第一定律aUMW+Q得知，Q,>0,气体应吸热，如果内

能不变，违反了热力学第一定律，故A正确；

B、气体从外界吸收热量Q>0,若对外做功W<0,而且热量与功的数值相等，根据热

力学第一定律可知△U=0,内能不变，故气体的温度不变，符合热力学第一定律气体，

故B错误；

C、在绝热条件下△Q=0,气体的体积不变，不做功，即W=0,根据热力学第一定律得

到气体的内能不变，即△u=o,故温度不变，如果内能不变，违反了热力学第一定律，

故c正确；

D、气体对外做功的同时向外界放出热量，根据热力学第一定律可知，内能减小，符合热

力学第一定律气体，故D错误；

E、加热过程Q>0,吸热，气体体积减小W>0,外界对气体做功，根据热力学第一定

律△U=Q+W可知，内能增加，如果内能不变，违反了热力学第一定律，故E正确；

故选：ACE。

14.（10分）如图所示，一导热良好、足够长的汽缸竖直放置在水平地面上。汽缸质量111=

5kg,汽缸内一质量M=10kg、面积S=20cn?的活塞与汽缸壁光滑密接。当活塞静止时,

活塞与汽缸底部的距离Lo=10cm。已知大汽压强po=LOX105Pa,重力加速度g=10m/s2»

现用一竖直向上的拉力F作用在活塞上，求：

①当F=50N时，活塞与汽缸底部的距离；

②当F缓慢增大到使汽缸恰好离开地面时，活塞与汽缸底部的距离。

【解答】解：①不加外力时，气体的压强为p]=pQ管，解得p]=1.5Xl（）5pa

当拉力F=50N时，气体的压强为p