2020年陕西省渭南市蒲城县中考物理模拟试卷（A卷）（附答案详解）

2020年陕西省渭南市蒲城县中考物理模拟试卷（A卷）

一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）

1.下列估测值最接近实际的是（）

A.一元硬币的直径约为2.5dm

B.普通中学生走路的速度约为l.lm/s

C.酒精灯点燃后外焰的温度约为98y

D.一个苹果的质量约为20g

2.关于声现象，下列说法中正确的是（）

A.“闻其声而知其人”主要是根据音调来判断的

B.市区内要求汽车“禁止鸣笛”是在声音的传播过程中减弱噪声

C.用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉发声的音调会不同

D.放在钟罩内的闹钟正在响铃，把钟罩内的空气抽出一些后，铃声明显变小，说

明声音的传播需要介质

3.如图所示，是电视节目《人与自然中拍摄到的北红尾鸥的画面。下列说法正确的

是（）

A.北红尾鹃在水中的倒影是它的实像

B.当北红尾鸥从高处飞向水面时，它在水中的像将变大

C.当北红尾鸭飞离水面时，它在水中的像将远离水面

D.北红尾鹉在水中所成的像是由光的直线传播形成的

4.下列与物态变化相关的说法正确的是（）

A.冰箱冷冻室内壁霜的形成是凝固现象

B.利用干冰使食物降温，这是因为干冰熔化吸热

C.冬天室外冰冻的衣服变干了，是因为冰升华为水蒸气

D.正在熔化的食盐，吸收热量，温度升高

5.关于粒子和宇宙，下列说法正确的是（）

A.宇宙是一个有层次的天体结构系统，太阳属于银河系中的一颗恒星

B.原子的核式结构模型提出原子由质子和中子构成

C.在微观粒子中，按空间尺度从大到小的排序是：原子、电子、质子

D.阳光下尘土飞扬，表明分子在永不停息的做无规则运动

6.下列做法中符合安全用电原则的是（）

A.用湿抹布擦拭插座面板

雷雨天气站在大树下避雨

电线的绝缘皮破损时及时更换

D.用电器不慎起火后，立即用水灭火

7.踢足球是初中学生喜爱的体育活动之一，下列说法中正确的是（）

A.足球离开运动员后还能在空中飞行，表明足球受到了惯性

B.运动员踢足球时脚有疼痛的感觉，表明力的作用是相互的

C.守门员抱住了飞向门框的足球，表明力可以改变物体的形状

D.只要运动员对足球施加力的方向相同，力的作用效果就相同

8.共享单车为人们短途出行提供了极大的便利。某种共享单车采用铝合金车架，显著

减轻重量；在车锁内装有芯片，扫一扫即可解锁；车筐内还有太阳能电池板，利用

太阳能发电。下列描述中不正确的是（）

A.太阳能属于可再生能源

B.车锁内的芯片主要由半导体材料制成

C.手机扫码解锁是利用电磁波传递信息

D.太阳能电池板发电过程中将电能转化为太阳能

9.关于下列四个实验装置的说法正确的是（）

第2页，共28页

rti.a.

A.甲装置闭合电路后磁针会偏转说明磁场能产生电流

B.利用乙实验的原理可制成电动机

C.利用丙实验能实现机械能向电能的转化

D.丁图中两磁极相排斥是通过磁场发生的

10.如图所示，工人用动滑轮提升重180N的物体，动滑轮重20N,绳重、轮

和轴的摩擦不计，在拉力F的作用下，物体正以0.1m/s的速度匀速竖直上J

升，下列说法正确的是（）

A.拉力F的大小为120N

B.工人手中绳子移动的速度为O.lm/s

C.拉力F做功的功率为30W

D.动滑轮的机械效率为90%

二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）

11.如图所示，小丽用气球在头发上蹭儿下，头发就随着气球飘

起来，这表明摩擦后头发丝和气球带上了（选填“同种”

或“异种”）电荷；经检验气球所带的电荷为负电荷，说明在

摩擦的过程中，气球（选填“失去”或“得到”）了电

子。

12.飞机飞行时，机翼上方的空气流速（选填“小于”“等于”或“大于”）下方

的空气流速，机翼上方的空气压强小于下方的空气压强，这样机翼的上下方形成压

强差获得升力。飞机加速上升过程中，重力势能（选填“变大”“变小”或

“不变”），驾驶员相对飞机是的。

13.疫情期间，李老师利用家中电脑上的视频摄像头进行辅导视频直播。摄像头相当于

一个镜，李老师离摄像头的距离应在的范围，如果觉得图像偏大，他

应该（选填“靠近”或“远离”）摄像头。

14.小明将托盘天平放在水平桌面上，将游码移到标尺的处，调节天平平衡；测

量中，当右盘所加祛码和游码的位置如图甲时，天平平衡，则石块的质量为_____g.

再将石块浸没到盛有20mL水的量筒中，水面到达的位置如图乙，由此可计算此石

块的密度为kg/m3

甲7.

15.如图所示是内燃机工作时的冲程;一台单缸四冲程汽油机在

一个工作循环中总共消耗了10g汽油（汽油的热值为4.6x

107J/kg）,这些汽油完全燃烧产生的热量是如果这台汽

油机的效率为30%,则一个工作循环中输出的有用机械能为

______J。

16.在家庭电路中，台灯和电热锅的连接方式是联；用电热锅加热食物时，食物

温度升高是通过的方式增大了其内能。接台灯和电热锅的电源线虽然都是铜

线，但规格明显不同，这主要是因为（选填“长度”或“横截面积”）对导线

电阻的影响。将电热锅单独接在家庭电路中正常工作10根讥，标有“3000r/（k〃・

好”字样的电能表转盘转动了500转，该电热锅的额定功率是勿。

三、作图题（本大题共2小题，共7.0分）

17.如图所示，小明要将购物推上台阶，需要在把手上

施加一个斜向下的力，已知购物车的支点为。点（小

黑点），请在图中4点画出最小的力&及对应的力臂

11

第4页，共28页

18.如图是简单的火警自动报警装置的部分电路，温控开关在常温时断开，绿灯亮；在

温度升高到一定值时自动闭合，红灯亮、电铃响，发出报警信号。请你按上述要求,

将电路图补充完整。（a、b、c为三个接线柱）

tl

四、实验探究题（本大题共3小题，共22.0分）

19.（1）如图甲所示，在探究“滑动摩擦力的大小与哪些因素有关”的实验中，用弹簧

测力计沿水平方向拉木块做运动时，此时木块受到的滑动摩擦力大小等于

N；在上述实验的基础上，再在木块上加一钩码，则可以探究滑动摩擦力的

大小与的关系。

(2)在探究不同液体吸热能力的实验中，按照图乙电路连接器材，所选电热丝

RA(选填“>”、或"=")RB，人B玻璃瓶中应分别装入初温相同、

质量(选填“相同”或“不同”)的水和煤油。闭合开关一段时间，发现4瓶

中的温度计示数上升的快，由此可判断A瓶中的液体为。

20.小亮和小雨在“探究小灯泡电阻”的实验中，要用的小灯泡的额定电压为3乙电

阻约为80。

(1)小亮的实验过程如下：

①电路按图甲连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表的示数为0匕电

流表有示数，产生这种现象的原因是。

②以上故障排除后，再闭合开关，发现小灯泡仍不亮，但电流表和电压表均有示

数，接下来他应进行的操作是o

③实验中小亮设计的实验记录表格如表。请你找出表格中的问题：;小亮

又根据实验数据绘制成了U-/图象如图乙，根据图象提供的信息，可计算出小灯

泡正常发光时的电阻是某同学在做该实验时，观察到电流表的示数变大

时，电压表的示数减小，其原因可能是。

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实验次数电压”电流/4电阻/0电阻平均值/0

1///

2////

3///

(2)小雨想利用如图丙所示的电路测量未知电阻心的大小(Ro阻值已知)。下面是他

的实验过程，请你帮他完成实验。

①闭合开关S和S],断开S2,读出此时电压表的示数为内。

②闭合开关，读出此时电压表的示数为

③未知电阻阻值的表达式为&=。

④实验后小雨又将开关S1换成了一个电压表，当闭合开关S和S2时，发现电路中两

个电压表的指针偏转角度相同。如果&=100。，旦氏＜&，则勺=。。

21.生活中发现，用力挤压充好气的气球或将气球放到太阳下暴晒时，气球都容易爆炸,

由此猜想：密闭气体的压强可能与气体的体积和温度有关。

接数据采集M

标记处」一水银柱

带刻度的注射苫

压强传感K空气柱

困I图2图3

(1)要探究“密闭气体的压强与体积的关系”，应控制气体的种类、质量和

不变，而改变其。实验设计如图1所示注射器内密封着一定质量的气体，气

体的体积V和压强p可分别从注射器上刻度和固定在左端的压强传感器读出。实验

时缓慢匀速向下推动活塞，读出气体在不同体积下对应的压强，记录在下表中：

实验次数气体体积/"加3气体压强p/x105Pa

141.2

231.6

322.4

414.8

(2)根据表中的数据在图2中作出气体压强与体积的关系图线；

(3)分析表中数据和图线可以看出：在其他条件相同时，气体压强与体积成

关系；

(4)为探究“密闭气体的压强与温度的关系”，进行了如下操作：

①取一根长约为1m一端封闭的细玻璃管，在室温(2(TC)下用水银封闭一定质量的

气体，将玻璃管竖直固定，并在玻璃管上标出水银柱下表面的位置，如图3所示，

测出水银柱的高度为阳；

②将空气柱浸入50K的水中，待水银柱不再上升后，往玻璃管内注入水银，直至

水银下表面到达为止，测得此时水银柱的高度为电；

③将空气柱浸入80久的水中，重复实验测得此时水银柱的高度为质三次实验水银

柱的高度关系为九】＜伪(八3，由以上操作和现象可知，在_____一定时，一定质

量的气体产生的压强随温度的升高而，实验中一定质量气体产生压强的大小

是由_____来显示的。

五、计算题(本大题共2小题，共13.0分)

22.如图甲是世界上最大的全透型载客潜水器“寰岛蛟龙1号”该观光潜水器最大下潜

深度40米，未搭乘乘客时的质量为23.9吨，可搭载9名乘员，配备供电系统、浮力

调节系统、生命支持等控制系统。海水密度取1.0X103卜9/血3。(g=ioN/kg)

(1)潜水器潜入水面后，在下潜过程中受到海水对它的压强(选填“不

变”“变大”或“变小”)，当下潜至水面下40m处、面积为"巾2的外壳上承受的

海水压力有多大？

(2)若潜水器满载，乘员的总质量为600kg,浸没在水中时排开水的体积为25.5m3,

求潜水器浸没在水中受到的浮力大小？

(3)若潜水器在水下运动时，所受海水阻力与速度的关系如图乙所示，求潜水器在

水以下以0.4m/s的水平速度匀速运动10s时，潜水器水平推力所做的功是多少？

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23.小林家新买了一台饮水机，电路图如图所示，其中S-----------

220V

是一个温控开关，％为电加热管，当饮水机处于加

热状态时，水被迅速加热，达到预定温度时，S自动B

切换到另一处处于保温状态。如表是小林收集到的部分数据，请回答下列问题:

[c水=4.2x103j/(kg.℃)]

额定电压220V频率50Hz

加热功率8801V保温功率99小

防漏电类型I类

(1)如果红色指示灯亮表示正在对水加热，黄色指示灯亮表示正在保温，则红色指

示灯应是,.(选填“4”或"B")；

(2)加热管治的阻值和保温状态下通过R的电流是多少？(正常工作，不计指示灯的

电功率)

(3)将水槽中1kg、40式的水加热到80。&水吸收了多少热量？

(4)小林做了一次探究：第一天晚上十点，他关掉家中的其他用电器只保留饮水机,

记下此时电能表的示数为576.5/cW，，次日早晨六点钟，水温达到预定温度且电

能表的示数为576.8k勿•八；第二天晚上十点，他将饮水机关闭，次日早晨启动饮

水机在额定功率下将水加热到预定温度用时8min。通过计算判断小林的哪种做法

更节能？

答案和解析

1.【答案】

B

【解析】

解：4、一元硬币的直径约为2.5cm,故A错误；

B、中学生走路的速度约为l.lni/s,符合实际，故8正确；

C、酒精灯点燃后外焰的温度约为520。（2,故C错误；

D、一个苹果的质量约为200g,故。错误。

故选：8。

首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进

行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符

合实际的选项即可。

2.【答案】

D

【解析】

解：

A、“闻其声而知其人”是根据声音的音色辨别发声者的，因为不同的人发出声音的音

调和响度可能接近，但音色一般不同，因为音色由发声体本身决定；故A错误；

3、“禁鸣喇叭”是在声源处减弱噪声，故3错误；

C、响度是声音的强弱，与振幅有关，用大小不同的力先后敲击同一音叉，音叉的振幅

不同，因此音叉发声的响度不同，故C错误；

。、放在钟罩内的闹钟正在响，钟罩内有空气，当空气抽出一部分时铃声变小，说明声

音的传播需要空气等物质作为传声的介质，故。正确。

故选：£>=

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(1)(3)声音三个特性：音调、响度和音色。音调跟发声体的振动频率有关；响度跟发声

体的振幅有关；音色跟发声体的材料和结构有关。

(2)减弱噪声的途径包括：在声源处、在传播过程中、在人耳处。

(4)声音的传播需要介质，声音可以在固体、液体、气体中传播，真空不能传声。

本题主要考查了与声现象相关的多个知识点，包括声音的产生、传播、声音的特性、防

治噪声的途径等，难度不大。

3.【答案】

C

【解析】

解：AD,水面上出现的红嘴鸥的倒影就是海鸥在水面上成的虚像，属于光的反射现象，

故错误；

8、随着红嘴鸥向上飞离湖面，它们在湖中的像的大小将始终不改变，与红嘴鸥大小相

等，故8错误；

C、当北红尾鸩飞离水面时，根据像与物体关于镜面对称可知，它在水中的像将远离水

面，故C正确。

故选：Co

平静的水面相当于平面镜，根据平面镜成像的特点：物体在平面镜中所成的像是虚像，

像和物体的大小相等，与距离无关。

此题主要考查学生对平面镜成像特点的理和掌握，紧扣平面镜成像原理和成像特点去分

析即可比较容易地做出解答。

4.【答案】

C

【解析】

解：4、冰箱冷冻室内壁霜的形成是水蒸气的凝华现象，故4错误；

8、利用干冰使食物降温，这是因为干冰升华吸热，故B错误；

C、冬天室外冰冻的衣服变干了，是因为冰升华为水蒸气，故C正确；

D、正在熔化的食盐，吸收热量，温度保持不变，故。错误。

故选：Co

物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气

态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔

化，由液态变为固态的过程叫凝固。

分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状

态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。

5.【答案】

A

【解析】

解：4、宇宙是一个有层次的天体结构系统，我们看到的太阳只是银河系中一颗普通的

恒星，故A正确；

3、卢瑟福根据a粒子散射实验提出了原子的核式结构模型，该模型认为：原子是由原

子核和核外电子组成，故8错误；

C、分子是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，所以原子大于原子核；

原子核是由质子和中子组成的，所以原子〉质子〉电子，故C错误；

在阳光下能看到尘土飞扬，是机械运动，是可见的，不属于分子的运动，故。错误。

故选：4。

(1)银河系中有大约2000亿颗恒星，太阳只是银河系中的一颗普通恒星；

(2)1911年，卢瑟福建立了原子核式结构模型，该模型认为：原子是由原子核和核外电

子组成，后来人们又发现原子核是由质子和中子组成；

(3)分子是由原子组成的，原子是由原子核和核外电子组成的，原子核是由质子和中子

组成的。

(4)分子在永不停息的做无规则运动，由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直

接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。

本题考查的知识点比较多，但是难度不是很大，属于基础知识的考查，熟练掌握相关基

础知识是解题的关键。

6.【答案】

第12页，共28页

c

【解析】

解：A、生活用水是导体，用湿抹布擦拭带电的插座面板易发生触电事故，故A不符合

安全用电原则；

8、打雷放电时大树能够起到导体的作用，易发生雷电触电，下雷雨时不要在大树下躲

雨，故8不符合安全用电原则；

C、使用绝缘皮破损的导线，易引发触电事故，故电线的绝缘皮破损时及时更换，故C

符合安全用电原则；

。、家用电器失火，应该先切断电源，再灭火，故。不符合安全用电原则。

故选：C。

(1)生活用水是导体；

(2)雷雨天气，打雷时会放电，容易造成安全事故；

(3)绝缘层破损的电线要及时更换；

(4)家用电器着火，应该首先切断电源，再用干粉灭火器灭火。

本题考查安全用电的常识，为防止因不规范用电带来的伤害，以上内容应牢记。

7.【答案】

B

【解析】

【分析】

(1)物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性；

(2)物体间力的作用是相互的；

(3)力可以改变物体的形状，还可以改变物体的运动状态；

(4)影响力的作用效果的因素是力的大小、方向和作用点。

此题考查了力的作用效果、惯性以及力作用的相互性，综合性较强，在学习过程中要注

意归类。

【解答】

解：2、足球离开运动员的脚后还会向前飞行，是因为足球具有惯性；惯性不是力，不

能说受到惯性作用，故A错误；

8、运动员踢足球时，脚对球有力的作用，由于物体间力的作用是相互的，所以球也会

给脚一个力，脚会感到疼，故8正确；

C、守门员抱住了飞向门框的足球，足球由运动变为静止，说明力可以改变物体的运动

状态；故C错误；

。、力的大小、方向和作用点都会影响力的作用效果，所以施加力的方向相同时，力的

作用效果不一定相同，故。错误。

故选瓦

8.【答案】

D

【解析】

解：

A、太阳能取之不尽，用之不竭，属于可再生能源，故A正确；

8、车锁内的芯片是集成电路，主要由半导体材料制成，故B正确；

C、电磁波可以传递信息，手机扫码解锁就是利用电磁波来传递信息的，故C正确；

。、太阳能电池板在发电过程中，将太阳能转化为电能，故。错误。

故选：。。

(1)从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源。化石能源、核能会

越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；

而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属

于可再生能源；

(2)车锁内的芯片主要由半导体材料制成；

(3)手机既是电磁波的发射台，也是电磁波的接收台；电磁波可以传递信息；

(4)太阳能电池板发电时将太阳能转化为电能。

本题考查了能源的分类、电磁波的应用、半导体的应用、太阳能电池板的能量转化等知

识，要求认真审题，易错题/

9.【答案】

第14页，共28页

D

【解析】

【分析】

本题考查了学生对电磁知识相关实验的掌握，尤其是揭示电磁关系的三个重要实验：电

流的磁效应、电流在磁场中受力、电磁感应现象，均属于重点内容。

(1)奥斯特实验说明电流周围存在磁场，小磁针会发生偏转是受到了磁场的作用；

(2)闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，会产生感应电流，叫做电磁感

应现象，发电机的原理是电磁感应现象；

(3)电动机的原理是通电线圈在磁场中受力而发生转动；

(4)磁极间的相互作用：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引。

【解答】

A、甲图是奥斯特实验，将通电导线放在小磁针上方时，小磁针发生了偏转，说明通电

导线周围存在磁场，故A错误；

8、乙图，当闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，

属于电磁感应现象，利用该原理制成了发电机，故8错误；

C、丙图，当导体中通以电流时，导体棒会在磁场中运动，即通电导体在磁场中受到力

的作用，此过程中电能转化为机械能，故C错误；

。、丁图，两个S极相互排斥，是通过磁场发生的，故。正确。

故选：Do

10.【答案】

D

【解析】

解：力、图中使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数n=2,

••,绳重和摩擦不计，

・・•拉力F的大小：

F=*G物+G箔)=/180N+20N)=100N；

故本选项错误.

8、•.,物体匀速上升速度%=O.lm/s,

・•.拉力移动的速度：

v2-2%=2xO.lm/s—0.2m/s,

故本选项错误.

C、拉力F做功的功率：

P总=:若=FV2=100/Vx0.2m/s=201V;

故本选项错误.

D,重物做有用功的功率：

werh

P有=-y-=—=Gv1—180NxO.lm/s-18W>

动滑轮的机械效率：

P某18W

T)==----=90%

1P/20W

故本选项正确.

故选。.

图中使用的是动滑轮，承担物重的绳子股数71=2,则拉力F移动的速度。2=为

物体匀速上升速度)

(1)绳重和摩擦不计，利用F=1G物+G髡)求拉力F的大小；

(2)求出拉力移动的速度，利用P=y=y=FD求拉力做功功率(总功功率)；

(3)知道物体重和物体的提升速度，利用P=?=竽=Gu求对重物做功的功率(有用功

率)；利用效率公式〃=富=?求动滑轮的机械效率.然后对各个选项逐一分析即可.

此题考查滑轮组绳子拉力的计算、滑轮组的机械效率、功率的计算等，由动滑轮的特点

知道：绳子自由端移动的速度与物体上升速度之间的关系是4=2%,这是本题的突破

口；利用好P=?=m=是本题的关键.

11.【答案】

异种得到

第16页，共28页

【解析】

解：

当气球和头发相互摩擦时，由于两种物质的原子核对核外电子的束缚本领不同，在摩擦

的过程中头发和气球会带上不同的电荷，由于异种电荷相互吸引，所以头发会随着气球

飞起来；摩擦起电过程中，失去电子的带正电，得到电子的带负电，已知气球带负电，

所以是得到了电子。

故答案为：异种；得到。

不同物质组成的物体，原子核夺得电子的本领不同，相互摩擦时，一个物体夺得电子，

因多余电子带负电，另一个物体因缺少电子带正电。摩擦起电的实质是电荷的转移，失

去电子的带正电，得到电子的带负电。

不同的物质原子核束缚电子的本领不同，摩擦过程中有得失电子的现象，如果是同种物

质组成的物体，原子核束缚电子的本领相同，摩擦时不会有得失电子现象，不会发生摩

擦起电。

12.【答案】

大于变大静止

【解析】

解：(1)等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯

曲，所以机翼上方的流速就大于机翼前方的流速；而下表面平直，因此机翼下方的流速

大致等于前方的流速，从而可以知道，机翼下方的流速就小于机翼上方的流速，所以机

翼上方的压强小于机翼下方的压强，这样就产生了作用在机翼上的向上的升力；

(2)飞机加速上升过程中，质量不变，高度增加，故重力势能变大；

(3)飞机加速上升过程中，驾驶员相对飞机之间没有位置变化，所以是驾驶员相对飞机

是静止的。

故答案为：大于；变大；静止。

(1)流体的压强跟流速有关，流速越大的地方，压强越小：流速越小的地方，压强越大；

(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度.质量越大，高度越高，重力势能越

大；

(3)在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生

变化，则运动，不发生变化，则静止。

此题主要考查学生对动能和势能的大小变化、流体压强与流速关系、运动和静止的相对

性的理解和掌握，虽然综合性比较强，但难度不大。

13.【答案】

凸透大于两倍焦距远离

【解析】

解：视频摄像头与照相机的成像原理相同，所以摄像头相当于一个凸透镜，李老师离摄

像头的距离应大于两倍焦距，此时成倒立、缩小的实像；

如果觉得像偏大，则应该使像变小一些；根据凸透镜成实像时“物远像近像变小”可知,

应该增大物距，即他应远离摄像头。

故答案为：凸透；大于两倍焦距；远离。

当物距n>2/时，凸透镜成倒立、缩小的实像，其实际应用是照相机；凸透镜成实像时，

“物远像近像变小”，据此来分析解答本题。

此题考查了凸透镜成像的应用，关键要知道视频摄像头与照相机的成像原理相同.

14.【答案】

零刻度线462.3x103

【解析】

解：天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度线处。

由图甲知，天平标尺的分度值0.2g,所以小石块的质量：m=20g+20g+5g+lg=

46g,

由图乙知，量筒分度值2m，，石块的V=40mL-207nL=20mL=20cm3,

小石块的密度：P=£=辞%=23g/cm3=2.3x103kg/m3..

故答案为:零刻度线；46；2.3x103。

正确使用天平的方法是：将天平放到水平桌面上，将游码拨到零刻度线，再调节两端的

平衡螺母使横梁平衡；

第18页，共28页

称量时左盘放物体，右盘放祛码。物体的质量=祛码的质量+游码对应的刻度值。

知道物体的质量和体积，根据密度公式求出物体的密度。

本题的解题关键是准确对天平与量筒进行读数，然后代入密度公式进行计算，测固体的

密度初中物理要求较高，因此读数、称量基本问题一定要掌握扎实。

15.【答案】

压缩4.6x1051.38x105

【解析】

解：(1)由图可知，两个气阀都关闭，活塞向上运动，所以是压缩冲程；

375

(2)汽油完全燃烧产生的热量为Q成=mq=10x10-kgx4.6X10J/kg=4.6x107;

w有用

(3)由机械效率公式4=——得：

Q放

55

证有用=VxQ以=30%x4.6x10/=1.38x10/o

故答案为：压缩；4.6x105；1.38x105。

(1)根据气阀的开关情况以及活塞的运动情况判断；

(2)知道汽油的质量和热值，利用燃料完全放热公式。放=q讥求汽油完全燃烧产生的热

量(总能量)；

(3)求有用机械能，首先要考虑用到机械效率的公式，代入数值即可求得。

本题考查了内燃机工作时，各冲程的特点、热量的计算以及热机效率公式的应用等，属

于综合性题目。

16.【答案】

并热传递横截面积1000

【解析】

解：(1)家庭电路中各用电器之间互不影响，所以它们是并联的；

(2)用电热锅加热食物时，食物温度升高是通过热传递的方式增大了其内能；

(3)不同功率的用电器的电源线虽然都是铜线，但规格明显不同，这主要是因为横截面

积对导线电阻的影响；

(4)3000r/(fclV-h)表示电路中的用电器每消耗•九电能，电能表的转盘转过3000转,

kWh

则电能表转盘转动了500转，电热锅消耗的电能：W=so。。：；黑八)=l--

电热锅的的功率：P=：t=曙—h竺==1000W。

60

故答案为：并；热传递；横截面积；1000。

(1)家庭电路中各用电器的工作互不影响；

(2)改变物体内能的方式：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热

传递改变物体内能的实质是内能的转移；

(3)导体电阻的影响因素：导体的材料、长度、横截面积和温度；

(4)3000r/(fcWZ•似表示电路中的用电器每消耗lkW•/i电能，电能表的转盘转过3000转,

据此可计算出电能表转盘转动了500转，电热锅消耗的电能，利用P=?计算出电热锅

的的功率。

本题考查对电能表参数的理解和掌握、家庭电路用电器之间的连接方式、改变物体内能

的方式、电阻的影响因素、电功率的计算，题目综合性较强，但是难度不大。

17.【答案】

【解析】

解：由杠杆平衡条件FMi=尸2人可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动

力越小；图中支点在。点，因此。4作为动力臂最长，过点4垂直于。4做向右下方的力,

即为最小的力Fi的示意图，如下图所示：

(1)力臂的概念：力臂是指从支点到力的作用线的距离;

第20页，共28页

(2)杠杆平衡条件：动力X动力臂=阻力X阻力臂(FM1=尸2乙2)，在阻力跟阻力臂的乘积

一定时，动力臂越长，动力越小。

本题的解题关键是通过杠杆的平衡条件得出：在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越

长，动力越小的结论。

18.【答案】

解：温控开关在常温时断开，电磁铁没有磁性，衔铁被弹簧拉起，动触头和上面的静触

头接通，电源和绿灯组成电路，绿灯亮；

在温度升高到一定值时自动闭合，电磁铁有磁性，电磁铁吸引衔铁，动触头和下面的静

触头接通，电源和红灯、电铃组成电路，绿灯亮，电铃响；

W控三美

故答案为：如上图。

【解析】

温控开关在常温时断开，绿灯亮，要求绿灯和电源组成通路；在温度升高到一定值时自

动闭合，红灯亮、电铃响，发出报警信号，要求红灯、电铃和电源组成通路；通过电磁

铁磁性有无能自动接通两个电路。

对于电磁继电器的问题，一定要明确哪里是控制电路，哪里是工作电路，有几个工作电

路，电磁铁工作时.，哪个工作电路工作，电磁铁不工作时，哪个工作电路工作.

19.【答案】

匀速直线2.8压力=相同煤油

【解析】

解：（1）摩擦力和弹簧测力计的拉力是水平方向上一对方向相反的力，若木块匀速直线

运动，匀速直线运动状态就是一种平衡状态，此时摩擦力和弹簧测力计的拉力就是水平

方向的一对平衡力，读出弹簧测力计的示数，就等于摩擦力；读图可知，弹簧测力计把

1N分成了5份，其分度值为0.2N,故该测力计的示数为2N+0.2Nx4=2.8N；保持接

触面粗糙程度不变，改变压力大小，压力越大，滑动摩擦力越大，故在上述实验的基础

上，再在木块上加一钩码，则可用于探究滑动摩擦力的大小与压力的关系。

（2）为控制不同液体吸收的热量相同，应把两相同的电阻丝串联接入电路中，根据串联

电路电流的规律，通过的电流相等，根据Q=/2Rt,故应控制电阻相等，即A=RB；

比较不同物质的吸热能力，要控制质量、初温相同，故48烧瓶中应装入质量相同的水

和煤油；热源相同，则相同时间内两电阻丝上产生的热量相同，液体吸收的热量相同；

4瓶内液体温度上升较快，由。=。641可知，力瓶中的液体的比热容小，故A容器中

装的为煤油。

故答案为：（1）匀速直线；2.8；压力；（2）=；相同；煤油。

（1）根据二力平衡的知识可知，要让木块在水平板面上做匀速直线运动，只有这样才可

以测出摩擦力；弹簧测力计读数要首先明确刻度的标注方向，读数时应从小刻度向大刻

度方向观察，同时认清分度值，并细心数格，才能保证读数的正确性；分析接触面粗糙

程度相同时摩擦力的变化与压力变化的关系；

（2）比较物质吸热能力的方法：

①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量（即比较加热时间），吸收热

量多的吸热能力强；

②使相同质量的不同物质吸收相同的热量（即加热相同的时间），比较温度的变化，温度

变化小的吸热能力强；

初温、质量相同的不同物质吸收相等的热量，温度升高越快，吸热能力越弱，比热容越

小。

此题考查了弹簧测力计的读数，摩擦力的大小与什么因素有关，以及“探究物质吸热能

力”两个实验，是一道综合题。

20.【答案】

小灯泡短路（或电压表短路）向右移动滑片，小灯泡是否发光求电阻平均值一栏多

余7.5电压表并联在变阻器两端S和52号&20

U2

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【解析】

解：（1）①电路按图甲连接正确后，闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，发现小

灯泡不亮，电压表的示数为0V,产生这种现象的原因是：小灯泡短路（或电压表短路）；

②以上故障排除后，再闭合开关，但电流表和电压表均有示数，则电路为通路，发现

小灯泡仍不亮，说明电路中的电流过小，电路的电阻过大，故接下来他应进行的操作是：

向右移动滑片，小灯泡是否发光；

③由于灯泡的电阻随温度的变化而变化，求平均值没有意义，故表格中的问题：求电

阻平均值一栏多余；

灯在额定电压下正常发光，根据实验数据绘制成了U-/图象知，3U电压下的电流为0.44

由欧姆定律，小灯泡正常发光时的电阻是：R=y=~=7.5（1,

I0.4A

电流表的示数变大时，由欧姆定律，灯的电压变大，由串联电路电压的规律，变阻器的

电压变小，

故某同学在做该实验时，观察到电流表的示数变大时，电压表的示数减小，其原因可能

是电压表并联在变阻器两端；

（2）①闭合开关S和Si，断开S2,读出此时电压表的示数为Ui。

②只闭合S和S2,读出此时电压表的示数为

③在①中，电压表测电源电压打,

在②中，两电阻串联，电压表测定值电阻的电压，由串联电路的电压的规律：

待则电阻的电压为：Ur-U2,由欧姆定律和串联电路各处的电流相等，

解得：Rx=—Ro;

U2

④若将S1换成电压表，当闭合开关S和52时，两块电压表分别测量&和&的电压，

已知两个电压表的指针偏转角度相同，但因&<8,

由分压原理，测R。的电压表（选用大量程）示数为测心的电压表（选用小量程）示数的5倍,

即：Uo=5以,

根据串联分压的知识可知，&：Rx=Uo：Ux=5：1,

所以&=|/?0=|x100P=200。

故答案为：（1）①小灯泡短路（或电压表短路）；②向右移动滑片，小灯泡是否发光；③

求电阻平均值一栏多余;7.5；电压表并联在变阻器两端;（2）②S和S2；③吟&;④20。

（1）①闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，根据小灯泡不亮，电压表的示数为0V

分析产生这种现象的原因；

②电流表和电压表均有示数，则电路为通路，根据小灯泡仍不亮，说明电路中的电流

过小，据此分析；

③灯的电阻随温度的变化而变化；

灯在额定电压下正常发光，根据实验数据绘制成了u-/图象知3V电压下的电流，由欧

姆定得出小灯泡正常发光时的电阻；

电流表的示数变大时，由欧姆定律，灯的电压变大，由串联电路电压的规律，变阻器的

电压变小；

(2)①通过开关的转换，电压表分别测量出电源电压和两电阻串联时测定值电阻的电压,

由串联电路的电压的规律及由欧姆定律和串联电路各处的电流相等得出未知电阻阻值

的表达式；

④两块电压表分别测量R。和心的电压，已知两个电压表的指针偏转角度相同，由％<

Ro,和分压原理确定两电压表示数，根据串分压的知识求出R”

本题探究小灯泡电阻，考查故障分析、注意事项、数据处理及电路、电阻计算，同时也

考查了设计方案测电阻的能力。

21.【答案】

温度体积反比与原来标记位置重合体积增大封闭空气柱上方水银柱的高度

【解析】

解：(1)根据控制变量的要求，要探究“密闭气体的压强与体积的关系”，应控制气体

的种类、质量和温度不变，而改变其体积；

(2)根据表格数据描点画出图线：

|/>/x10'Pa

工T

.64

.8:

4.7

4K..O4

.24,

2L..47

.6-4

O.,O8

1234V/ctn

图2

(3)由图线可知，在其他条件相同时，气体压强与体积成反比；

(4)②将空气中放入不同温度的液体中，需要控制气体的体积相同，实验中通过向玻璃

第24页，共28页

管内注入水银，直至水银下表面到达与原来标记位置重合，测出每次水银柱的高度；

③实验中一定质量气体产生压强的大小是由封闭空气柱上方水银柱的高度来显示的；

通过实验知水的温度越高，水银柱的高度越高，气体的压强越大，所以可以得出在体积

一定时，一定质量的气体产生的压强随温度的升高而增大。

故答案为：⑴温度；体积；（2）见上图；（3）反比；（4）②与原来标记位置重合；③体积；

增大；（2）封闭空气柱上方水银柱的高度。

（1）气体的压强和气体的温度、质量、体积有关，分析气体压强与其中一个因素的关系

时，应注意运用控制变量法；

（2）根据表格数据描点画出图线；

（3）分析表中数据和图线得出结论；

（4）将空气中放入不同温度的液体中，需要控制气体的体积相同；

根据实验现象得出结论；

一定质量气体产生压强的大小是由封闭空气柱上方水银柱的长度来显示的

气体产生的压强（气压）大小与哪些因素有关，首先通过日常现象进行猜想，然后通过实

验进行验证，在验证过程中采用了控制变量法和转换法，此题中控制体积不变的方法通

过转换法来实现，是一个难点。

22.【答案】

变大

【解析】

解：（1）下潜过程中，所处深度不断增大，由P=P海次9八可知潜水器受到海水的压强变

大；

潜水器在水面下40根处，承受的海水压强P=P海水gh=10x103kg/m3xION/kgx

40m=4x105Pa；

由p=g可得面积为lczM的外壳上承受的海水压力F=pS=4x105Pax1.0x

10-47n2=40N；

（2）若潜水器浸没