2024届山东省德州市平原中英文实验高级中学物理高二第一学期期中联考试题含解析

2024届山东省德州市平原中英文实验高级中学物理高二第一学期期中联考试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，电场中A、B两点的场强大小分别为EA、EB．对EA、EB的大小关系判断正确的是（）A．EA＞EBB．EA＜EBC．EA=EBD．无法判断2、在匀强磁场中，一个带电粒子做匀速圆周运动，如果突然将磁场的磁感应强度增加一倍，则（）A．粒子运动速率加倍，周期减半B．粒子运动速率加倍，半径减半C．粒子运动速率不变，周期不变D．粒子运动速率不变，半径减半3、两只额定电压均为110V的灯泡A和B，额定功率分别为100W和40W，为了使它们接到220V电源上能正常发光，同时电路消耗的电功率最小，如图所示的四个电路中最合理的是图（）A． B．C． D．4、下列关于物理学史的说法正确的是（）A．伽利略最早提出了“日心说”B．卡文迪许第一次测出了引力常量C．开普勒发现了万有引力定律D．第谷发现行星的运行轨道是椭圆5、下列叙述中正确的是A．导体中自由电荷在不停地运动，就形成电流B．金属中电子定向移动的方向为电流的方向C．电流强度的单位是安培，是国际单位制中的基本单位之一D．所有电源都是把化学能转化为电能的装置6、如图所示，一个菱形的导体线框沿着自己的对角线匀速运动，穿过具有一定宽度的匀强磁场区域，已知对角线AC的长度为磁场宽度的两倍且与磁场边界垂直．下面对于线框中感应电流随时间变化的图象(电流以ABCD顺序流向为正方向，从C点进入磁场开始计时)正确的是()A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，光滑桌面上有质量分别为m1和m2的两木块A、B，开始时弹簧处于压缩状态，放手之后两木块被弹开.在此过程中下面结论正确的是A．两木块速度大小与质量成反比 B．两木块所受冲量的大小相等C．两木块加速度大小相等 D．两木块具有完全相同的动量8、如图所示，空间有一水平匀强电场，在竖直平面内有一初速度的带电微粒，沿图中直线由A运动至B，其能量变化情况是()A．动能减少，重力势能增加，机械能守恒B．动能减少，重力势能增加，电势能增加C．动能和重力势能之和减少D．动能和电势能之和增加9、如图所示，电子经加速电场（电压为U1）后进入偏转电场（电压为U2），然后飞出偏转电场，要使电子飞不出偏转电场可采取的措施有()A．增大U1 B．减小U1 C．增大U2 D．减小U210、如右图所示，电场中有A、B两点，则下列说法中正确的是A．这个电场可能是单独某个负点电荷产生的电场B．电势，场强C．将+q电荷分别放在A、B两点时的加速度D．将+q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在测定一组干电池的电动势和内电阻的实验中，教师提供了下列器材：

A．待测的干电池

B．电流传感器1

C．电流传感器2

D．滑动变阻器R(0～20Ω，2A)

E.定值电阻R0(2000Ω)F.开关和导线若干

某同学发现上述器材中没有电压传感器，但给出了两个电流传感器，于是他设计了如图甲所示的电路来完成实验.

(1)在实验操作过程中，如将滑动变阻器的滑片P向右滑动，则电流传感器1的示数将________(选填“变大”、“不变”或“变小”).

(2)图乙为该同学利用测出的实验数据绘出的两个电流变化图线(-图像)，其中、分别代表两传感器的示数，但不清楚分别代表哪个电流传感器的示数.请你根据分析，由图线计算被测电池的电动势E=________V，内阻r=__________Ω.

(3)(单选题)用上述方法测出的电池电动势和内电阻与真实值相比______.

A．E偏大，r偏小

B．E偏小，r偏大

C．E偏大，r偏大

D．E偏小，r偏小12．（12分）有一电源，为了研究它的输出特性，将电流表、电压表、滑动变阻器按图示的方式连接在它的输出端A、B之间．实验时根据记录的多组电流表示数I、电压表示数U，画出了如图所示的U-I图线．若电源电动势为E、内电阻为r，则（1）可从图线上求出电源的电动势E测=________V，内电阻r测=________Ω．（2）考虑电表内阻的影响，按图示的方式连接所测得的电源电动势为E测___________电源电动势的真实值E真（填“大于”、“等于”、或“小于”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，物体A通过定滑轮与动滑轮相连，物体B和物体C挂在动滑轮上，使系统保持静止状态，现在同时释放三个物体，发现物体A保持静止不动.已知物体A的质量kg，物体B的质量kg，物体C的质量为多大？（不计滑轮和绳子的质量和摩擦，重力加速度g取10m/s2）14．（16分）如图所示，在竖直平面内有方向水平向右的匀强电场，有一根长L=2m的绝缘细线，一端固定在O点，另一端系一质量m=0.32kg，电量q=+8.0×10-5C的小球，小球静止时轻绳与竖直方向成37°角。现使小球获得某一初动能，恰好能让小球绕O点在竖直平面内做圆周运动。取小球在静止时的位置为电势能零点和重力势能零点，g取10m/s2。求：（1）匀强电场的场强E；（2）小球的初动能Ek0；（3）求小球在圆周运动过程中电势能与重力势能之和的最大值？15．（12分）从离地面高为H=80m的高空自由下落一个小球，(取g=10m/s2.)求：（1）小球经过多长时间落到地面；（2）小球落地的速度大小；（3）小球最后1s内下落的位移．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】电场线的疏密表示电场强度的相对大小，电场线越密的地方电场强度越大，则知，故A正确，BCD错误．2、D【解题分析】A.洛伦兹力提供向心力，与速度垂直，不做功，故动能不变，速率不变，故A错误，B错误；C．根据周期公式，磁场的磁感应强度增加一倍，周期减小为1/2，故C错误；B.洛伦兹力提供向心力，根据半径公式，磁场的磁感应强度增加一倍,半径减小为1/2，故D正确；故选：D.点睛：该题考察了带电粒子在匀强磁场中圆周运动及其规律，首先明确洛伦兹力始终不做功，再利用半径公式和周期公式来分析各选项．3、C【解题分析】

A．灯泡的额定电压为110V，图中，A灯泡的电压等于220V，大于额定电压，烧坏了，故A错误；BC．把AB并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与AB并联的总的电阻相等时，AB就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280W；由于额定电压都是110V，额定功率、，由此可知，把灯泡B与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A与并联部分的电阻相同，所以AB能同时正常发光，并且电路消耗的功率与A灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200W，故C图的电功率最小，B图不是；D．由于额定电压都是110V，额定功率，由此可知，把灯泡A与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，故D错误；故选C。【题目点拨】由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，再由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路。4、B【解题分析】

A.哥白尼最早提出了“日心说”，选项A错误；B.卡文迪许第一次测出了引力常量，选项B正确；C.牛顿发现了万有引力定律，选项C错误；D.开普勒发现行星的运行轨道是椭圆，选项D错误；5、C【解题分析】

导体中自由电荷的定向移动形成电流，A错误；电流的方向和负电荷定向移动的方向相反，B错误；电流强度的单位是安培，是国际单位制中的基本单位，C正确；电源是提供电能的装置，它可以把其它形式的能转化为电能，D错误；6、A【解题分析】线圈在进磁场的过程中，根据楞次定律可知，感应电流的方向为ABCD方向，即为正值，在出磁场的过程中，根据楞次定律知，感应电流的方向为ADCBA，即为负值；在线圈进入磁场的前一半的过程中，切割的有效长度均匀增大，根据E=BLv可知，感应电动势均匀增大，则感应电流也均匀增大；在线圈进入磁场的后一半过程中，切割的有效长度均匀减小，根据E=BLv可知，感应电动势均匀减小，则感应电流均匀减小；在线圈出磁场的前一半的过程中，切割的有效长度均匀增大，根据E=BLv可知，感应电流均匀增大，在线圈出磁场的后一半的过程中，切割的有效长度均匀减小，根据E=BLv可知，感应电流均匀减小，故A正确，BCD错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解题分析】

两个木块系统动量守恒，故mAvA-mBvB=0，故vA：vB=mB：mA，故A正确；弹簧对两个木块的弹力相等，根据I=Ft可知，两木块所受冲量的大小相等，选项B正确；由牛顿第二定律可知，a=F/m，两物块质量不同，加速度大小不相等，加速度方向相反，故C错误；两木块的动量大小相等、方向相反，两木块的动量不相同，故D错误；故选AB。8、BC【解题分析】

由题，带电微粒做直线运动，所受的合力必须与AB在同一直线上，则知带电微粒受重力与水平向左的电场力作用，所以合力方向与速度方向相反，合力做负功，由动能定理得知，动能减小；从A到B重力做负功，重力势能增加；电场力做负功，则电势能增加，那么动能和重力势能之和会减少，故BC正确，AD错误；故选：BC。9、BC【解题分析】试题分析：电子经过加速电场后，即当电子恰好能飞出偏转电场时有：，，所以可得，要使电子飞不出偏转电场，相等于y增大，所以需要减小U1或者增大U2所以选BC考点：考查了带电粒子在电场中的偏转问题点评：本题的关键是找出电子飞不出偏转电场的临界条件10、BD【解题分析】A、单独负电荷产生的电场是直线不是弯曲的电场线，故A错误B、沿电场线电势降低，所以，电场线疏密代表了电场强度的大小，所以，故B正确；C、由于，所以将+q电荷分别放在A、B两点时的加速度，故C错误；D、由于，所以将+q电荷分别放在A、B两点时具有的电势能，故D正确；综上所述本题答案是：BD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、(1)变小；(2)3.0，2.0；(3)D【解题分析】（1）滑动变阻器在电路中应起到调节电流的作用，滑片P向右滑动时R值减小，电流传感器2的示数变大，电流传感器1的示数变小．

（2）由闭合电路欧姆定律可得：I1R0=E-（I1+I2）r

变形得：由数学知可得：图象中的；b=；

由图可知：b=1.50；k=×1×10-3=1×10-3；

故解得：E=3V，r=2Ω；

（3）本题中传感器1与定值电阻串联充当电压表使用；本实验中由于电流传感器1的分流，使电流传感器2中电流测量值小于真实值，而所测量并计算出的电压示数是准确的，当电路短路时，电压表的分流可以忽略不计，故短路电流为准确的，则图象应以短流电流向左下移动，故图象与纵坐标的交点减小，图象的斜率减小，故电动势减小，内阻小于真实值，故选D；点睛：本题根据实验原理分析误差产生的原因，并根据误差的大小选择实验电路，可见，实验原理是实验的核心，要理解并掌握牢固；同时注意正确分析电表内阻的影响．12、1.451小于【解题分析】

图线的纵轴截距为1.45，所以E测=1.45V，图线的斜率绝对值．该实验测量的误差主要来自于电压表的分流，即所测的外电压和电流，外电压是准确的，测量的电流偏小，可知，测量的电动势小于真实值，测量的内阻小于真实值．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、2kg；【解题分析】设C的质量为，与A相连绳子拉力为，与B、C相连绳子拉力为（1）（2）（3）（4）解得14、(1)3.0×104N/C(2)20J(3)16J【解题分析】

(1)对小球进行受力分析如图所示：静止时由平衡关系有：，场强:E==3.0×104N/C；(2)小球恰好完成圆周运动，在等效最高点N，小