2017-2018学年山东省泰安市岱岳区九年级（上）期末物理试卷（五四学制）

2017-2018学年山东省泰安市岱岳区九年级（上）期末物理试卷（五四学制）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四五总分得分注意：本试卷包含Ⅰ、Ⅱ两卷。第Ⅰ卷为选择题，所有答案必须用2B铅笔涂在答题卡中相应的位置。第Ⅱ卷为非选择题，所有答案必须填在答题卷的相应位置。答案写在试卷上均无效，不予记分。一、单选题1、下列有关物理与生活的事例说法正确的是()A.探险队员在地球的北极时，手中的指南针N极将指向竖直向下B.家庭中的用电器都是串联的C.木头是绝缘体，可以用来挑开垂下的高压线D.使用铜线代替铝线做导线，是因为铜的密度较大 2、下列说法正确的是()A.用毛皮摩擦过的橡胶棒靠近带正电的物体时会相互排斥B.摩擦起电的实质是正电荷发生了转移C.金属导体中自由电子定向移动的方向与电流的方向相反D.两个灯泡连接在电路中，当开关断开，两灯熄灭，则两灯一定是串联 3、家用电吹风由带扇叶的电动机和电热丝等组成，为了保证电吹风的安全使用，要求：不吹风时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，可以吹冷风。下列电路中符合要求的是()A. B.C. D. 4、冰在熔化过程中，下列判断正确的是()A.内能不变，比热容不变 B.吸收热量，温度不变C.比热容，内能，温度都不变 D.比热容变大，内能增加，温度升高 5、电工维修电路有时需要带电操作，如图所示。以下操作不会发生触电事故的是()A. B.C. D. 6、由欧姆定律公式I=UR变形得R=UIA.加在导体两端的电压越大，则导体的电阻越大B.通过导体的电流越大，则导体的电阻越小C.当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零D.导体的电阻跟导体两端的电压和通过导体的电流无关 7、如图所示的电路，闭合开关，两只灯泡都不发光，且电流表和电压表均没有示数。现仅将L1和L2两灯泡的位置对调，其它不变。再次闭合开关时，发现两只灯泡仍不发光，电流表指针仍然不动，但电压表的指针却有了明显的偏转。根据以上信息可以判断(A.电流表损坏了 B.灯泡L1C.灯泡L2的灯丝断了 D.电源接线处松脱8、下列叙述中正确的是()A.固体很难被压缩，是因为分子间存在斥力B.看上去晶莹剔透的玻璃是晶体C.当燃料没有完全燃烧时，其热值较小D.热机是通过燃料燃烧获取化学能并转化为机械能的装置 9、标有“6V6W”、“3V3W”的灯L1和L2(假设灯丝电阻不变)，若将它们串联接在某电源上，两灯都发光，下列说法正确的是A.灯

L2比灯LB.灯L1、L2的实际功率之比为1C.电源电压为3V时，灯L2D.电源电压为9V时，灯L1、L210、关于如图所示的实验装置，下列说法正确的是()A.可以研究发电机的工作原理B.可以研究感应电流的方向与磁场方向的关系C.可以研究磁场对通电导体的作用力方向与磁场方向的关系D.该装置实验过程中使机械能转化为电能 11、有如①②③④4幅图，下列选项正确的是()A.只有①②图正确 B.只有①③图正确 C.只有①③④图正确 D.①②③④图都正确 12、在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合电键S，当滑动变阻器的滑片P向左移动时，下描述正确的是()①电压表V示数变小②流表A1③电流表A的示数变大④电压表V示数与电流表A1⑤电压表V示数与电流表A示数的乘积变大A.只有①③正确 B.只有③⑤正确 C.只有②③④正确 D.只有③④⑤正确 13、如图所示实验装置，弹簧测力计下面挂着条形磁铁，下端为N极，螺线管中插有铁芯。现开关S拨在触点②位置且电流表示数为I，要使弹簧测力计的示数变大，下列操作方法正确的是()(1)开关S位置不动，将铁芯从螺线管中取出(2)开关S位置不动，将滑片P向a端滑动(3)开关S位置不动，将条形磁铁N、S极颠倒(4)将开关S拨到①位置，并通过调节仍使电流表示数为I(5)将开关S拨到③位置，并通过调节仍使电流表示数为IA.只有(1)(3)正确 B.只有(2)(4)正确C.只有(3)(5)正确 D.只有(1)(2)(3)(5)正确 14、如图所示，电源电压为6V，定值电阻R=18Ω，在S闭合的情况下，下列说法正确的是()①在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表有明显示数②不能在ab两点间接入一个电流表③在a、b两点间接入一个“1.5V0.25A”的小灯泡，小灯泡能正常发光④在a、b两点间接入一个12Ω的电阻，电路消耗的总功率为0.5W⑤在a、b两点间接入导线，电流2s做的功是2JA.只有①③正确 B.只有③④正确 C.只有①③④正确 D.只有①④⑤正确 15、如图甲所示电路，电源电压保持不变。闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P从右端滑到左端的过程中，R1、R2的I一U关系图象如图乙所示，则下列判断正确的是(①电源电压为18V②R1③图线A是电阻R1的I-U④滑动变阻器R2的最大阻值为A.只有①②正确 B.只有②④正确 C.只有①③正确 D.①②③④图都正确 二、填空题1、如图甲所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去，这与图乙汽油机工作4个冲程的______(选填ABCD)能量转化关系相同。2、如图所示的电路，AB和CD均为镍铬合金线。闭合开关后，通过观察电流大小可以比较出合金线电阻的大小，这种研究方法叫______(选填“等效替代法”或“转换法”或“控制变量法”)3、如图所示的电路中，电源电压保持不变。当开关S和S1都闭合，甲、乙两表为电压表时，两电压表示数之比为5：2：当开关S闭合，S1断开，甲、乙两表为电流表时，R1和R24、在某一温度下，两个电路元件A和B中的电流与其两端电压的关系如图所示。

将元件A和B并联后接在电压为2.5V的电源两端，则电路消耗的电功率是______W。三、作图题1、如图所示家庭电路，灯L由开关S控制，墙上有一个固定的三孔插座。请把电路连接完整。______2、将小磁针放在螺线管附近，闭合开关后，小磁针静止时的指向如图所示。请在图中标出电源的“+”极，并画出螺线管周围磁感线的分布情况(画出1条线)______四、实验探究题1、下面为物理兴趣小组在实验操作中遇到的问题，请回答：(1)在测量定值电阻的阻值实验中，正确连接电路并闭合开关后，电压表和电流表分别测出了定值电阻的电压和电流，示数如图所示，则电流表的示数为______A，电阻的阻值为______Ω。(2)在探究通过导体的电流与导体两端电压关系时，应保持______不变；在探究通过导体的电流与导体电阻关系时，滑动变阻器的作用是______。______2、王瑞同学在做“测定小灯泡电功率”的实验时，所用电源电压为4.5伏，小灯泡额定电压为2.5伏。(1)按电路图连接成的实物图甲有一处错误，请在错误的连线上画“×”并正确连接；(2)电路正确连接后。闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数，接下来应进行的操作是______。(3)移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数如图乙，若要测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片P向______(填“A”或“B”)端移动，使电压表的示数为2.5伏；(4)王瑞同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的图象。根据图象信息，可计算出小灯泡的额定功率是______W.该图象不是直线，主要原因是______。(5)若所提供的器材只有：小灯泡1个，电流表1个、电源(电压为U)、开关S1、S2，滑动变阻器1个，导线若干，小灯泡的额定电流为I，王瑞设计了如图丁所示电路图，请你帮他在虚线框内补全电路，并补全测小灯泡额定功率实验步骤、写出小灯泡额定功率的表达式(用字母表示，可能用的物理量有：已知的电源电压U、灯泡的额定电流I实验步骤：①连接电路，然后只闭合开关S1②______；③小灯泡的额定功率的表达式P额______五、计算题1、如图所示电路，灯L标有“3V0.9W”，电源电压为4.5V，滑动变阻器R上标有“50Ω1A”的字样，电压表量程为0～3V，电流表量程为0～0.6A，当移动滑片时，电路中各元件均能安全工作。(假设灯L的电阻保持不变)求：(1)灯L的电阻和正常工作时的电流；(2)灯L正常工作时滑动变阻器消耗的功率；(3)灯L消耗的最小功率；(4)滑动变阻器允许接入电路的阻值范围。______2、甲图是某品牌电热式家用煮茶器，乙图为其简化的电路原理图，已知电阻R1阻值为80Ω，R2阻值为60.5Ω，煮茶器有“高温档”、“中温档”和“低温档”三个档位，其额定电压为220V.现煮茶器内装有初温为15℃的(1)计算煮茶器在正常工作时“低温档”和“中温档”的电功率；(2)计算煮茶器在高温档时，将茶水煮沸騰所需的时间(假设无能量损失，结果保留整数)；(3)在居民高峰用电时，家庭电路中往往电压偏低，使用电器功率变低。现将家庭内其它用电器关闭电源，煮茶器在低档位运行时，在72s内电能表指示灯闪了20次，(表盘上标有标有“2000imp/(kW⋅h)”的字样)，计算家庭电路的实际电压。______

2017-2018学年山东省泰安市岱岳区九年级（上）期末物理试卷（五四学制）参考答案一、单选题第1题参考答案:A解：A、探险队员在北极，即地磁的南极附近，根据异名磁极相互吸引可知，指南针的N极应与地磁的南极相吸引，所以此时指南针的N极竖直向下，故A正确；B、家庭中的用电器都是并联的，故B错误；C、干木头是绝缘体，湿木头是导体，故干燥的木头可以用来挑开垂下的高压线，故C错误；D、长度和横截面积相同的铝线和铜线，铜线的电阻较小，所以当用电电流较大时，可以用等粗的铜线代替铝线，不是因为铜的密度较大，故D错误。故选：A。(1)地球是一个大磁体，地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，指南针静止时北极所在的方向为磁场方向；(2)家庭电路中的用电器工作时互不影响；(3)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；(4)长度和横截面积相同的铝线和铜线，铜线的电阻较小。本题考查指南针，家用电器的连接，导体和绝缘体，以及电阻大小的判断，是一道综合题。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:C解：A、用毛皮擦过的橡胶棒带负电荷，靠近带正电的物体时，异种电荷会相互吸引，故A错误；B、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，故B错误；C、物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流方向，金属导体中自由电子定向移动的方向与电流方向相反，故C正确；D、串联和并联电路上的几盏灯都可以同时亮、同时灭，所以这两盏灯不一定是串联的，故D错误。故选：C。(1)电荷间的相互作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；(2)根据摩擦起电的实质分析；(3)电流方向的规定：正电荷定向移动的方向与电流方向相同，负电荷定向移动的方向与电流方向相反；(4)串联的各电路元件相互影响；并联的各电路元件互不影响。此题考查的内容较多，但难度不大认真分析即可。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:A解：由题意可知，不吹风时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，可以吹冷风；A.电动机和电热丝并联，S_{1}控制整个电路，S_{2}控制电热丝；S_{1}闭合、S_{2}断开时，只有电动机工作；再闭合S_{2}后，电动机和电热丝都工作；断开S_{1}时，电动机和电热丝都不工作，故A符合题意。B.电动机和电热丝并联，电路中只有一个总开关控制，开关闭合，电热丝和电动机同时工作，而电动机无法独立工作，故B不符合题意；C.电动机和电热丝并联，S_{1}控制整个电路，S_{2}控制电动机；S_{1}闭合、S_{2}断开时，只有电热丝工作，电动机不工作，故C不符合题意；D、电动机和电热丝串联，根据串联电路的特点可知，电动机不能够独立工作，故D不符合题意。故选：A。由题意“电吹风不吹风时，电热丝不能发热；电热丝不发热时，电吹风仍能吹风”可知，电热丝和电动机可以独立工作、即为并联，且只有电动机工作时电热丝才能工作。本题考查了串并联电路的设计，根据题意得出电热丝和电动机的连接方式以及开关的位置是关键。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:B解：冰在熔化过程中，吸收热量，而温度保持不变，但内能在增加，由于比热容与物质的种类和物质所处的状态有关，当冰熔化成水后，比热容变大；故选：B．冰在熔化过程温度不变，但需要继续吸热，所以内能增加，水的比热容比冰的比热容大，所以比热容变化．解决此类问题要知道熔化过程的特点及不同物质比热容不同．---------------------------------------------------------------------第5题参考答案:D解：人体触电，原因是有电流流过，形成通路，人体为导体，一边与火线相接，一边与零线相接或与大地相接，都会形成通路，选项A、B、C中通过人体都能构成闭合的电路，即有电流流过人体，会触电；只有选项D中没有构成闭合的电路，电流不会流过人体，不会触电。故选：D。家庭电路中的触电事故，都是人直接或间接接触火线引起的；触电有两种：①当人体的不同部位分别接触火线和零线时，②站在地上，身体的某一部位与火线接触，据此分析。本题考查了常见触电的两种类型。我们要牢记安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。---------------------------------------------------------------------第6题参考答案:D解：因电阻是导体本身的一种性质，只与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，所以ABC的说法均不正确，D的说法正确。故选：D。根据电阻是导体本身的一种性质，与导体的材料、长度、横截面积、温度有关，与两端的电压和通过的电流无关，进行解答。本题考查了学生对电阻的了解与掌握，是一道基础题目。---------------------------------------------------------------------第7题参考答案:C解：A、电流表损坏了，无论是否对调灯的位置，电压表始终不能接在电源上，示数为0，故A错，不符合题意。B、灯泡L_{1}的灯丝断了，如图，电压表能通过灯丝L_{2}、电流表、导线接到电源上，电压表有示数，故B错，不符合题意。C、灯泡L_{2}的灯丝断了，如图，电压表接不到电源上，无示数；电路中无电流，电流表无示数；将两灯泡L_{1}和L_{2}的位置对调，再次闭合开关，电压表能通过灯丝L_{1}、电流表、导线接到电源上，电压表有示数；电路中无电流，电流表无示数；故C正确，符合题意。D、电源接线处松脱，无论是否对调灯的位置，电压表始终不能接在电源上，示数为0，故D错，不符合题意。故选：C。从图可知，两灯串联，闭合开关，两只灯泡都不亮，根据电流表和电压表在电路中的作用进行分析。前后两次电流表示数均为零，说明电路某处有断路，不能是短路(这样有一灯会亮)。第一次电压表无示数，说明从ab到电源的正负极之间有断路，电压表不能接到电源的两极上。将L_{1}和L_{2}两灯泡的位置对调后，电压表有示数，说明从ab到电源的正负极之间是通路，电压表ab之间有断路，据此综合分析。本题考查了学生利用电流表、电压表判断电路故障的分析能力，电路故障分短路和断路两种情况，了解短路或断路对电路的影响是本题的关键。---------------------------------------------------------------------第8题参考答案:A解：A、分子之间很难被压缩，是由于分子之间存在斥力。正确。B、玻璃没有固定的熔点，所以是非晶体。错误。C、某种物质的热值是定值，不会因为没有完全燃烧而发生变化。错误。D、热机内部的能量转化是从化学能转化为内能。错误。故选：A。分子动理论中提到，分子之间存在引力和斥力。晶体和非晶体的区别是有没有固定的熔点和凝固点。热值是物质的一种特性。热机是通过燃烧将化学能转化为内能的装置。根据以上内容，对各个选项进行分析。本题考点较全，需要学生掌握分子动理论、晶体与非晶体的区别、热值和热机的相关内容。这种类型的题目容易出现在综合试卷中进行考试。---------------------------------------------------------------------第9题参考答案:D解：(1)由P=UI可得，两灯泡的额定电流：I_{1}=\dfrac{P_{1}}{U_{1}}=\dfrac{6W}{6V}=1A，I_{2}=\dfrac{P_{2}}{U_{2}}=\dfrac{3W}{3V}=1A；两灯泡的电阻：R_{1}=\dfrac{U_{1}}{I_{1}}=\dfrac{6V}{1A}=6Ω，R_{2}=\dfrac{U_{2}}{I_{2}}=\dfrac{3V}{1A}=3Ω；(2)因两灯泡的额定电流相等，所以，两灯泡串联时可以同时正常发光，因灯泡正常发光时的电压和额定电压相等，且串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两灯泡串联且正常发光时电源的电压：U=U_{1}+U_{2}=6V+3V=9V，故D正确，C错误；因串联电路中各处的电流相等，所以，两灯泡的实际功率之比：\dfrac{P_{1}′}{P_{2}{{'}}}=\dfrac{IR_{1}}{IR_{2}}=\dfrac{R_{1}}{R_{2}}=\dfrac{6Ω}{3\Omega}=\dfrac{2}{1}，即L_{1}的实际功率大，故A错误，B错误；故选：D。(1)已知额定电压和额定功率，根据I=\dfrac{P}{U}求出两灯泡的额定电流，根据欧姆定律求出两灯泡的电阻；(2)两灯泡的额定电流相等可以同时正常发光，根据串联电路的电压特点求出两灯泡正常发光时电源的电压，根据P=I^{2}R和串联电路的电流特点求出两灯泡的实际功率之比，进而判断出实际功率的大小。本题考查了串联电路的特点和电功率的应用，关键是知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等。---------------------------------------------------------------------第10题参考答案:C解：该装置是研究通电导体在磁场中受力的装置，通过本装置可以研究磁场对通电导体的作用力方向与电流方向、磁场方向的关系，根据此原理制成电动机，在实验过程中消耗电能转化为机械能，故ABD错、C正确。故选：C。该装置中有电源提供电能，通电的导体棒ab在磁场中受力而运动，这是研究通电导体在磁场中受力的装置，是电动机的工作原理，因电而动，其能量转化为电能转化为机械能。研究通电导体在磁场中受力的实验装置中有电池，电能转化为机械能，根据此原理制成电动机；研究电磁感应现象的实验装置中没有电池，机械能转化为电能，根据此原理制成发电机。---------------------------------------------------------------------第11题参考答案:B解：①重力和质量成正比，当质量为零时，重力也是零，所以重力和质量的关系图象是一条过原点的直线，故①正确；②水的密度是物质的一种特性，水的密度与质量和体积无关，而题干中的图象却反映出水的密度与体积成正比关系，故②错误；③比热容是物质的一种特性，它是由物质本身所决定的，不随温度的改变而变化，故③正确；④由液体压强公式p=ρ_{液}gh知，水产生的压强随深度的增加而增大，且成正比，故④错误。故选：B。(1)横轴表示质量，纵轴表示重力，根据重力和质量的关系作出解答；(2)密度是物质的一种特性，不同物质的密度一般不同，同种物质的密度还与温度、状态等有关，但与质量和体积无关；(3)比热容是物质的一种特性，它是由物质本身所决定的，对于某种物质，它的比热容是一定的；(4)液体压强与液体的密度和深度有关，随深度的增加而增大。本题考查的是重力和质量的关系图象，考查学生图象分析能力。---------------------------------------------------------------------第12题参考答案:B解：由电路图可知，R_{1}与R_{2}并联，电压表测电源两端的电压，电流表A测干路电流，电流表A_{1}测R_{1}支路的电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表V的示数不变，故①错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时，通过R_{1}的电流不变，即电流表A_{1}的示数不变，故②错误；由电压表V示数与电流表A_{1}的示数均不变可知，两者的乘积不变，故④错误；当滑动变阻器的滑片P向左移动时，变阻器R_{2}接入电路中的电阻变小，由I=\dfrac{U}{R}可知，通过R_{2}的电流变大，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变大，即电流表A的示数变大，故③正确；由电压表V示数不变、电流表A的示数变大可知，两者的乘积变大，故⑤正确；综上可知，③⑤正确，故B正确、ACD错误。故选：B。由电路图可知，R_{1}与R_{2}并联，电压表测电源两端的电压，电流表A测干路电流，电流表A_{1}测R_{1}支路的电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R_{1}的电流变化，然后判断电压表V示数与电流表A_{1}示数的乘积变化；根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R_{2}的电流变化，利用并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后判断电压表V示数与电流表A_{1}示数的乘积变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，利用好电源的电压不变和并联电路中各支路独立工作、互不影响是关键。---------------------------------------------------------------------第13题参考答案:D解：根据螺线管中的电流方向和安培定则可知，通电螺线管的上端为N极，因为弹簧测力计下面挂着条形磁铁的下端为N极，所以同名磁极会相互排斥；(1)开关S位置不动，将铁芯从螺线管中取出，则电磁铁的磁性减弱，造成电磁铁对条形磁铁的排斥力减小，则测力计的示数增大，故(1)正确。(2)开关S位置不动，将滑片P向a端滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路中的电流减小，从而导致了电磁铁的磁性减弱，造成电磁铁对磁铁的排斥力减小，测力计的示数增大，故(2)正确；(3)开关S位置不动，将条形磁铁N、S极颠倒，根据安培定则可知，通电螺线管的上端为S极，与条形磁铁的N极相互吸引，则弹簧测力计的示数增大，故(3)正确；(4)将开关S拨到①位置，并通过调节仍使电流表示数为I，虽然通过电磁铁的电流不变，但电磁铁的线圈匝数增加，所以电磁铁的磁性增强，从而造成电磁铁对磁铁的排斥力增大，测力计的示数减小，故(4)错误；(5)将开关S拨到③位置，并通过调节仍使电流表示数为I，电磁铁的线圈匝数减小，所以电磁铁的磁性减弱，从而造成电磁铁对磁铁的排斥力减小，测力计的示数增大，故(5)正确。综合分析(1)(2)(3)(5)正确。故选：D。影响电磁铁磁性强弱的因素因素有三个：电流大小、线圈匝数、是否加入铁芯。且在相同的情况下，电流越大，匝数越多，电磁铁的磁性越强；电磁铁的磁性的变化，导致了对磁铁的作用力的变化，从而导致了测力计示数的变化。在此题中，分析的前提要明确磁铁受到三个力的作用：测力计的拉力、重力、电磁铁对它的作用力。磁铁的重力不变，测力计示数的变化取决于电磁铁对它磁力的变化。---------------------------------------------------------------------第14题参考答案:A解：①在a、b两点间接入一个合适的电压表时，电压表串联在电路中，此时电压表的示数约等于电源电压，故①正确；②电路中已经接入一个定值电阻，电流表串联在电路中测电流，所以可以在ab两点间接入一个电流表，故②错误；③灯泡的额定电流I=0.25A，灯泡的电阻R_{L}=\dfrac{U_{L}}{I_{L}}=\dfrac{1.5V}{0.25A}=6Ω，灯泡和电阻R串联时电路中的电流I=\dfrac{U}{R+R_{L}}=\dfrac{6V}{6\Omega+18\Omega}=0.25A，等于灯泡的额定电流，所以灯泡能正常发光，故③正确；④在a、b两点间接入一个12Ω的电阻，电路消耗的总功率为：P=\dfrac{U^{2}}{R_{{总}}}=\dfrac{(6V)^{2}}{12\Omega+18\Omega}=1.2W，故④错误；⑤在a、b两点间接入导线，电路只有R工作，电流2s做的功为：W=\dfrac{U^{2}}{R}t=\dfrac{(6V)^{2}}{18\Omega}×2s=4J，故⑤错误。综合分析可知，只有①③正确。故选：A。(1)电压表的阻值很大，串联在电路中，相当于断路，若将电压表串联在电路中，其示数约等于电源电压；(2)电流表应串联在电路中测量电流；(3)根据灯泡的规格计算出其电阻，然后根据串联电路的特点计算出电路中的电流，与灯泡的额定电流比较得出结论；(4)根据P=UI=\dfrac{U^{2}}{R}计算出电功率的值；(5)根据W=\dfrac{U^{2}}{R}t算出电流2s做的功。本题是一道电学的综合应用题目，主要考查了欧姆定律和电功率公式的应用及电压表和电流表的使用，关键能够正确分析电路，掌握串联电路的特点及相应的计算公式。---------------------------------------------------------------------第15题参考答案:A解：由电路图可知，R_{1}与R_{2}串联，电压表V_{1}测R_{1}两端的电压，V_{2}测R_{2}两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器R_{2}接入电路中的电阻为0时，电路为R_{1}的简单电路，电路中的电流最大，R_{1}两端的电压最大，R_{2}两端的电压为0，所以，由图象可知，图线A为滑动变阻器R_{2}的I-U关系图象，图线B为电阻R_{1}的I-U图象，故③错误；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由I-U图象可知，电路中的最小电流I=0.2A，此时R_{1}两端的电压U_{1}=4V，R_{2}两端的电压U_{2}=14V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，电源电压：U=U_{1}+U_{2}=4V+14V=18V，故①正确；由I=\dfrac{U}{R}可得，滑动变阻器的最大阻值：R_{2大}=\dfrac{U_{2}}{I}=\dfrac{14V}{0.2A}=70Ω，故④错误；R_{1}的阻值：R_{1}=\dfrac{U_{1}}{I}=\dfrac{4V}{0.2A}=20Ω，故②正确。综合分析可知，只有①②正确。故选：A。由电路图可知，R_{1}与R_{2}串联，电压表V_{1}测R_{1}两端的电压，V_{2}测R_{2}两端的电压，电流表测电路中的电流。(1)根据电压变化的范围进行判断，定值电阻两端电压不会等于零；(2)当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电阻R_{1}的功率最小，根据图象读出电路中的最小电流和两电阻两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源的电压，根据欧姆定律求出R_{1}、R_{2}的阻值和滑动变阻器的最大阻值。本题考查串联电路电流和电压的规律以及滑动变阻器的使用，关键是欧姆定律的应用，要明白电路各个用电器的连接情况，还要会看“I-U”关系图象。在电学中，有些题目的信息是通过图象给出的，所以要会读电路图中的信息和I-U图象中的信息。二、填空题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:A解：如图甲所示是演示点火爆炸的实验装置，按动电火花发生器的按钮，点燃盒内酒精，盒盖被打出去，这是因为酒精燃烧产生的燃气对外做功，消耗燃气的内能，变成盒盖的机械能，故是将内能转化为机械能的过程；A、两个气门关闭，活塞向下运动，即做功冲程，是将内能转化为机械能的过程，故A符合题意；B、进气门打开，排气门关闭，是吸气冲程，没有能量的转化，故B不符合题意；C、两个气门关闭，活塞向上运动，即压缩冲程，是将机械能转化为内能的过程，故C不符合题意；D、排气门打开，进气门关闭，是排气冲程，没有能量的转化，故D不符合题意。故答案为：A。(1)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物体内能的实质是能量的转移；(2)汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，压缩冲程是将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能。此题考查了能量的转化、内燃机四冲程的能量的判断，是一道综合题。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:转换法解：导体对电流的阻碍作用叫电阻。导体的电阻大小不能直接观察，但通过观察电流大小可以比较出合金线电阻的大小，这种方法叫转换法。故答案为：转换法。物理学中对于一些看不见摸不着的现象或不易直接测量的物理量，通常用一些非常直观的现象去认识或用易测量的物理量间接测量，这种研究问题的方法叫转换法。此题考查了转换法的应用。转换法和控制变量法是科学探究最常用的方法，在解决实际问题时要注意识别和应用。---------------------------------------------------------------------第3题参考答案:2：3解：(1)当开关S和S_{1}都闭合，甲、乙两表为电压表时，R_{1}与R_{2}串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R_{2}两端的电压，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，两电阻两端的电压之比：\dfrac{U_{1}}{U_{2}}=\dfrac{U_{{甲}}-U_{{乙}}}{U_{{乙}}}=\dfrac{5-2}{2}=\dfrac{3}{2}，因串联电路中各处的电流相等，所以，由I=\dfrac{U}{R}可得，两电阻的阻值之比：\dfrac{R_{1}}{R_{2}}=\dfrac{\dfrac{U_{1}}{I}}{\dfrac{U_{2}}{I}}=\dfrac{U_{1}}{U_{2}}=\dfrac{3}{2}；(2)当开关S闭合，S_{1}断开，甲、乙两表为电流表时，R_{1}与R_{2}并联，甲电流表测R_{2}支路的电流，乙电流表测干路电流，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，通过两电阻的电流之比：\dfrac{I_{1}}{I_{2}}=\dfrac{\dfrac{U}{R_{1}}}{\dfrac{U}{R_{2}}}=\dfrac{R_{2}}{R_{1}}=\dfrac{2}{3}，由P=UI可得，两电阻消耗的电功率之比：\dfrac{P_{1}}{P_{2}}=\dfrac{UI_{1}}{UI_{2}}=\dfrac{I_{1}}{I_{2}}=\dfrac{2}{3}。故选答案为：2：3。(1)当开关S和S_{1}都闭合，甲、乙两表为电压表时，R_{1}与R_{2}串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R_{2}两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；(2)当开关S闭合，S_{1}断开，甲、乙两表为电流表时，R_{1}与R_{2}并联，甲电流表测R_{2}支路的电流，乙电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出通过两电阻的电流之比，根据并联电路的电流特点求出两电流表的示数之比，根据P=UI求出两电阻消耗的电功率之比。本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件以及利用电阻之比连接两电路的关系是关键。---------------------------------------------------------------------第4题参考答案:1.875解：从图象中可以看出，电压为2.5V时，通过A的电流值为0.5A，通过B的电流值为0.25A，根据并联电路干路电流等于各支路电流之和得：I=I_{A}+I_{B}=0.5A+0.25A=0.75A，P=UI=2.5V×0.75A=1.875W。故答案为：1.875。从图象中读出，电压为2.5V时，A、B对应的电流值，求出干路电流，利用P=UI即可求出电路消耗的功率。本题考查学生的读图能力，会灵活运用并联电路的电流特点和功率公式进行计算。三、作图题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:解：首先辨别上面三根线分别为火线、零线、地线。（1）灯泡的接法：火线先进入开关，再进入灯泡，零线直接接在灯泡的另一端；（2）安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。如图所示：(1)灯泡的接法：火线进入开关，再进入灯泡顶端的金属点；零线直接接入灯泡的螺旋套。(2)三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:解：小磁针静止时N极指向左，由于异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，可以确定螺线管的右端为S极，左端为N极；在磁体的周围磁感线从N极流出回到S极，所以磁感线的方向是向右的；结合图示的线圈绕向，利用安培定则可以确定线圈中的电流方向是从螺旋管的右端流入，左端流出，所以电源的右端为正极，左端为负极。答案如下图所示：首先根据小磁针的N、S极指向，利用磁极间的作用规律可以确定通电螺线管的N、S极；根据磁感线的特点可以确定磁感线的方向；再根据螺线管的N、S极和线圈绕向，利用安培定则可以确定螺线管中的电流方向，进而可以确定电源正负极。此题考查了安培定则、磁极间的作用规律、磁感线的方向知识点；对于安培定则，共涉及三个方向：电流方向、磁场方向、线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个；需要注意的是磁感线应该为虚线四、实验探究题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:0.24；10；电阻；控制导体两端的电压不变解：(1)电流表和电压表分别测出了定值电阻的电流和电压，由图知，电流选用小量程，分度值为0.02A，电流表的示数为0.24A；电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.4V，由I=\dfrac{U}{R}可得，电阻的阻值为：R=\dfrac{U}{I}=\dfrac{2.4V}{0.24A}=10Ω；(2)在探究通过导体的电流与导体两端电压关系时，应保持电阻不变；在探究通过导体的电流与导体电阻关系时，要控制导体的电压不变，故滑动变阻器的作用是控制导体两端的电压不变。故答案为：(1)0.24；10；(2)电阻；控制导体两端的电压不变。(1)根据电表选用的小量程确定分度值分别读出电流表和电压示数，由欧姆定律I=\dfrac{U}{R}求电阻的阻值；(2)通过导体的电流与导体两端电压和导体的电阻大小有关，研究电流与其中一个因素关系时，要控制另外的因素不变。本题考查电流表和电压表的读数和欧姆定律的运用及控制变量法的运用，要掌握。---------------------------------------------------------------------第2题参考答案:向右移动变阻器的滑片，观察灯的发光情况；B；0.5；灯的电阻随温度的变化而变化；移动滑片P，使电流表的示数为I；再闭合开关S2，保持滑片位置不动，记下电流表示数为I′；（U-I×）I解：(1)原电路中，灯与电压表被短路，改正后如下所示：(2)电路正确连接后，闭合开关，但电流表有示数，说明电路为通路，发现小灯泡不亮，则说明电路中的电流过小，电路中的电阻过大，故接下来应进行的操作是：向右移动变阻器的滑片，观察灯的发光情况；(3)灯在额定电压下正常发光，图中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.2V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向B移动，直到电压表示数为额定电压2.5V；(4)由图丙绘制成的图象，灯的额定电压下的电流为0.2A，小灯泡的额定功率是：P=U_{L}I_{L}=2.5V×0.2A=0.5W.该图象不是直线，说明电流与电压的变化不成正比，即电阻是变化的，主要原因是灯的电阻随温度的变化而变化；(5)电路图：据上述分析，将灯与变阻器串联，将开关S_{2}与灯并联，如下所示：实验步骤：①只闭合开关S_{1}，移动滑片P，使电流表的示数为I；②再闭合开关S_{2}，保持滑片位置不动，记下电流表示数为I′，③在①中，灯正常发光，灯与变阻器串联，在②中，灯短路，为变阻器的简单电路，由欧姆定律I=\dfrac{U}{R}，则此时滑动变阻器连入电路中的阻值：R_{滑}=\dfrac{U}{I{{'}}}；在①中，由欧姆定律的变形公式U=IR，则灯泡正常发光时滑动变阻器两端的电压：U_{滑}=IR_{滑}=I×\dfrac{U}{I{{'}}}，根据串联电路电压的规律，灯泡的额定电压：U_{额}=U-U_{滑}=U-I×\dfrac{U}{I{{'}}}，则灯泡的额定功率：P_{额}=U_{额}I_{额}=(U-I×\dfrac{U}{I{{'}}})I。故答案为：(1)如上；(2)向右移动变阻器的滑片，观察灯的发光情况；(3)B；(4)0.5；灯的电阻随温度的变化而变化；(5)①移动滑片P，使电流表的示数为I；②再闭合开关S_{2}，保持滑片位置不动，记下电流表示数为I′；③(U-I×\dfrac{U}{I{{'}}})I。(1)原电路中，灯与电压表被短路，据此改正；(2)电路正确连接后。闭合开关，电流表有示数，则电路为通路，发现小灯泡不亮，据此分析；(3)灯在额定电压下正常发光，根据图中电压表小量程读数，比较电压表示数与额定电压的大小，根据串联电路电压的规律及分压原理确定滑片移动的方向；(4)由绘制成图丙所示的图象，找出灯的额定电压下的电流大小，根据P=U_{L}I_{L}可计算出小灯泡的额定功率是；根据灯的电阻随温度的变化而变化分析；(5)已知灯的额定电流，根据P=UI，在没有电流表情况的情况下，测出灯的额定电压是关键：将灯与变阻器串联，通过移动变阻器的滑片使电流表示数为I，灯正常发光；已知电源电压，若能求出此时变阻器的电压，根据串联电路电压的规律即可灯的额定电压，故可将变阻器单独接入电路中(将一开关与灯并联，通过闭合开关达到灯短路的目的)，测量出此时电流的大小，由欧姆定律可求变阻器连入电路中的电阻大小。据此设计电路并得出灯的额定功率的表达式。本题“测定小灯泡电功率”，考查电路连接、电路分析、操作过程、额定功率的计算、影响电阻大小的因素及在没有电压表情况下设计实验方案测灯的额定功率的能力，最后一问难度较大。五、计算题---------------------------------------------------------------------第1题参考答案:解：（1）灯泡正常发光时的电压UL=3V，功率PL=0.9W，由P=UI可得，灯L正常工作时的电流：IL===0.3A，由I=可得，灯泡的电阻：RL===10Ω；（2）灯泡正常发光时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，串联电路中各处的电流相等，则此时电路中的总电阻：R总===15Ω，因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以滑动变阻器接入电路中的最小电阻：R滑min=R总-RL=15Ω-10Ω=5Ω；此时滑动变阻器消耗的功率：P滑=I2R滑min=（0.3A）2×5Ω=0.45W；（3）当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，灯泡的电压最小，灯泡两端的最小电压为U′L=U-U′滑=4.5V-3V=1.5V，灯泡消耗的最小功率为：PL小===0.225W，（4）当电压表的示数最大为3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，则灯泡两端的电压：UL′=U-URmax=4.5V-3V=1.5V，因串联电路中各处的电流相等，所以有=，即=，解得：R