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文档简介

2023年吉林省梅河口市五中物理高二上期末质量检测试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的电路,电源电动势为E,线圈L的电阻不计,以下判断正确的是A.闭合S,稳定后,电容器两端电压为EB.闭合S,稳定后,电容器的a极板带正电C.断开S的瞬间,电容器的a极板将带正电D.断开S瞬间,电容器的a极板将带负电2、塑料梳子跟头发摩擦后能吸引细碎纸屑,是由于它们之间存在A.弹力 B.静电力C.安培力 D.洛伦兹力3、在水平面上有一固定的U形金属框架,框架上放置一金属杆ab,如图所示(纸面即水平面).在垂直纸面方向有一匀强磁场,下列判断正确的是A若磁场方向垂直纸面向外并增大时,杆ab将向右移动B.若磁场方向垂直纸面向外并减少时,杆ab将向左移动C.若磁场方向垂直纸面向里并增大时,杆ab将向右移动D.若磁场方向垂直纸面向里并减少时,杆ab将向右移动4、如图中分别标明了通电直导线中电流I、匀强磁场的磁感应强度B和电流所受安培力F的方向,其中正确的是()A. B.C. D.5、如图,一带正电的点电荷固定于O点,两虚线圆为等势线,两实线分别为带电粒子M和N先后在电场中运动的轨迹,a、b、c、d、e为轨迹和虚线圆的交点。不计重力。下列说法说法正确的是A.M带正电荷,N带负电荷B.M在b点的动能小于它在a点的动能C.N在c点的电势能小于它在e点的电势能D.N在从c点运动到d点过程中克服电场力做功6、如图所示,一个带正电荷q、质量为小球,从光滑绝缘斜面轨道的A点由静止下滑,然后沿切线进入竖直面上半径为R的光滑绝缘圆形轨道,恰能到达轨道的最高点B.现在空间加一竖直向下的匀强电场,若仍从A点由静止释放该小球(假设小球的电荷量q在运动过程中保持不变,不计空气阻力),则()A.小球一定不能到达B点B.小球仍恰好能到达B点C.小球一定能到达B点,且在B点对轨道有向上的压力D.小球能否到达B点与所加的电场强度的大小有关二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,电源电动势E和内阻r一定,R1、R2是定值电阻,R3是光敏电阻(光敏电阻阻值随光照强度的增加而变小).闭合开关,当照射到R3的光照强度增加时,以下判断正确的是()A.电流表示数一定变小 B.电压表示数一定变小C.R2的功率一定变大 D.R1的功率一定变大8、如图所示,AB、CD是两根平行的导线,AB通过螺线管连接,当一条形磁铁从右侧靠近螺线管时,下列说法正确的是()A.导线AB的电流方向向左B.导线AB和导线CD相互吸引C.螺线管产生的磁场,右端为N极D.若条形磁铁上下移动,导线AB中没有感应电流9、一质量为m的带电液滴以竖直向下的初速度v0进入电场中,由于电场力和重力的作用,液滴沿竖直方向下落一段距离h时速度为零,取重力加速度为g,下列判断正确的是A.液滴重力势能减少量为mghB.液滴的机械能减少量等于液滴的电势能增加量C.液滴的电势能增加量为mghD.电场力对液滴做的功为10、1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器,其核心部分如图所示,回旋加速器D形盒的半径为R,用来加速质量为m,电量为q的质子,质子每次经过电压为U电场区时,都恰好被加速,使质子由静止加速到动能为E后,由A孔射出,质子所受重力可以忽略,下列说法正确的是()A.其它条件不变时,增大D形盒半径R,质子的最终动能E将增大B.其它条件不变时,只增大加速电压U,质子的最终动能E将增大C.加速器中的电场和磁场都可以使带电粒子加速D.电压变化的周期与质子在磁场中运动的周期相等时,可以使质子每次通过电场时总是加速三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)有一面积为150cm2的金属环,电阻为0.1Ω,在环中100cm2的同心圆面上存在如图(b)所示的变化的磁场,在0.1s到0.2s的时间内环中感应电流为,流过的电荷量为12.(12分)某同学要测定一个圆柱体的电阻率,进行了如下操作:(1)用准确到0.1mm游标卡尺测量圆柱体的长度,用螺旋测微器测量其直径如下图所示.可知其长度为_____mm,其直径为_____mm;(2)用已调零且选择旋钮指向欧姆档“×1”位置的多用电表粗略测量该圆柱体的电阻,根据如图所示的表盘,可读出被测电阻阻值为_____Ω(3)为了精确的测量该圆柱体的电阻,实验室准备了如下实验器材,用伏安法进行测量:电压表V1(量程0~3V,内电阻约1kΩ);电压表V2(量程0~15V,内电阻约5kΩ);电流表A1(量程0~3A,内电阻约0.2Ω);电流表A2(量程0~600mA,内电阻为1Ω);滑动变阻器R(最大阻值为10Ω,额定电流为1A);电池组E(电动势为4V、内电阻约为0.1Ω);开关及导线若干为使实验能正常进行,减小测量误差,实验要求电表读数从零开始变化,并能多测几组电流、电压值,以便画出电流﹣电压关系图线,则①电压表应选用_____(填实验器材的代号)②电流表应选用_____(填实验器材的代号)③完成实验电路图(4)这位同学在一次测量时,电流表、电压表的示数如图所示.由图可知,电流表读数为_____A,电压表的读数为_____V四、计算题:本题共3小题,共38分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图所示,水平放置的两块长直平行金属板a、b相距d=0.10m,a、b间的电场强度为E=5.0×105N/C,b板下方整个空间存在着磁感应强度大小为B=6.0T、方向垂直纸面向里的匀强磁场.今有一质量为m=4.8×10-25kg、电荷量为q=1.6×10-18C的带正电的粒子(不计重力),从贴近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入匀强电场,刚好从狭缝P处穿过b板而垂直进入匀强磁场,最后粒子回到b板的Q处(图中未画出).求P、Q之间的距离L14.(16分)如图,两根间距为L=0.5m的平行光滑金属导轨间接有电动势E=3V、内阻r=1Ω的电源,导轨平面与水平面间的夹角θ=37°.金属杆ab垂直导轨放置,质量m=0.2kg.导轨与金属杆接触良好且金属杆与导轨电阻均不计,整个装置处于竖直向上的匀强磁场中.当R0=1Ω时,金属杆ab刚好处于静止状态,取g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8(1)求磁感应强度B的大小;(2)若保持B的大小不变而将方向改为垂直于斜面向上,求金属杆的加速度15.(12分)ABC表示竖直放在电场强度为E=104V/m的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道,其中轨道的BC部分是半径为R的圆环,轨道的水平部分与半圆环相切.A为水平轨道上的一点,而且AB=R=0.2m,把一质量m=0.1kg,带电量为q=+C的小球,放在A点由静止释放后,求:(g=10m/s2)(1)小球到达C点的速度大小(2)小球在C点时,轨道受到的压力大小

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】A.闭合S到电路稳定过程中,电容器两端电压逐渐减小,线圈L相当于导线,则电容器被短路,则其电压为零,故A错误;B.当闭合S稳定后,电容器被短路,则其电压为零,电容器的a极板不带电,故B错误。CD.断开S的瞬间,线圈L中电流减小,产生自感电动势,相当于电源,结电容器充电,根据线圈的电流方向不变,则电容器的a极板将带正电。故C正确,D错误。故选C2、B【解析】根据摩擦起电使塑料刻度尺带电,靠近轻小的纸片时,根据带电物体吸引小物体的特点,以及静电力的特点即可解答【详解】由于摩擦使塑料刻度尺带电,靠近轻小的纸片时,由于静电感应从而使轻小的纸片出现极化现象,靠近塑料看得出的一侧带上异种电荷,导致两者有静电引力作用,故B正确,ACD错误【点睛】本题考查对摩擦起电和电荷间作用力的理解能力.同种电荷相互排斥,异种电荷相互吸引3、D【解析】A.若磁场方向垂直纸面向外,并且磁感应强度增大时,根据楞次定律,ab中感应电流方向a→b,由左手定则,ab受到的安培力向左,故杆ab将向左移动。故A错误。B.若磁场方向垂直纸面向外,并且磁感应强度减小时,根据楞次定律,ab中感应电流方向b→a,由左手定则,ab受到的安培力向右,杆ab将向右移动。故B错误。C.若磁场方向垂直纸面向里,并且磁感应强度增大时,根据楞次定律,ab中感应电流方向b→a,由左手定则,ab受到的安培力向左,杆ab将向左移动。故C错误。D.若磁场方向垂直纸面向里,并且磁感应强度减小时,根据楞次定律,ab中感应电流方向a→b,左手定则,ab受到的安培力向右,杆ab将向右移动。故D正确。故选D。4、C【解析】直接根据左手定则判断受力即可【详解】根据左手定则,四指指向电流方向,磁场垂直手心过,拇指所指的方向即为通电导线受力的方向,故C对;ABD错;故选C5、B【解析】A.由粒子运动轨迹可知,M受到的是吸引力,N受到的是排斥力,可知M带负电荷,N带正电荷,故A错误;B.M从a到b点的全程受吸引力但远离场源,则库仑力做负功,根据动能定理知动能减小,则b点的动能小于在a点的动能,故B正确;C.c点比e点更靠近场源正电荷,结合知,由知,正电荷N在电势高的c点的具有的电势能大于在e点的电势能,故C错误;D.N从c到d受斥力而又远离,则库仑斥力做正功,故D错误。故选B。6、B【解析】不加电场时,设恰能到达轨道的最高点B的速度为v,根据机械能守恒定律有:mg(h-2R)=mv2;…①在最高点时,重力提供向心力,有:mg=m…②加上电场后,设能到达B点的速度为v2,根据动能定理得:mv22=(mg+Eq)(h-2R)…③在最高点时,重力与电场力的合力提供向心力,有:mg+Eq=m…④得v2=v,故为小球仍恰好能到达B点,故B正确,ACD错误;故选B.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【解析】由光敏电阻的性质可知光照强度的变化,则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化,由欧姆定律可得出电压表示数的变化;同时还可得出路端电压的变化;由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化,再由并联电路的规律可得出通过R2的电流的变化,由功率公式即可得R3的功率的变化【详解】当照射到R3的光照强度增加时,R3的电阻减小,根据“串反并同”知,与R3串联的用电器的电流,电压,电功率都与R3的变化相反,与R3并联的用电器的电流,电压,电功率都与R3的变化相同,所以电流表的示数增大,电压表示数减小,R2的功率增大,R1的功率减小,故B、C正确故选BC【点睛】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行;分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压,而外电路较为复杂,要注意灵活应用电路的性质8、AC【解析】AC.由题意可知,当磁铁N极从右侧靠近螺线管时,导致穿过的磁通量向左变大,因此根据楞次定律,则感应电流的磁场向右,感应电流的方向为盘旋而向右,则流过AB的电流方向向左,螺线管产生的磁场,右端为N极,故AC正确;B.由图可知,部分为直流电路,电流的方向向右,与电流的方向相反,根据电流之间相互作用的特点可知,导线与之间相互排斥,故B错误;D.若将条形磁铁上下移动,则穿过螺线管的磁通量发生变化,所以导线中有感应电流,故D错误。故选AC。9、AB【解析】带电液滴在电场力和重力的作用,以竖直向下的初速度沿竖直方向下落,根据功能关系可得出电场力做的功;根据除重力以外的力做功,导致机械能变化,即可求解【详解】带电液滴下落h高度,液滴重力势能减少量为mgh,选项A正确;由于只有重力和电场力做功,重力做正功,电场力做负功,电势能增加,而液滴的电势能与机械能之和不变,可知液滴的机械能减少量等于液滴的电势能增加量,由功能关系:W电=-mgh-,即液滴的电势能增加量大于mgh;电场力对液滴做的功大于选项B正确,CD错误;故选AB.【点睛】考查功能关系与机械能是否守恒,并知道除重力以外力做功,导致机械能变化:若此力做正功,则机械能增加;若做负功,则机械能减小10、AD【解析】AB.根据得质子的最大速度为则最大动能为增大D形盒的半径,则质子的能量增大。最大能量与加速电压的大小无关,故A正确,B错误;C.回旋加速器是利用电场进行加速,磁场进行偏转,故C错误;D.质子每次经过电场时总是加速,质子在磁场中运动的周期和交流电源的变化周期相等,故D正确。故选AD。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、1A,0.01C【解析】由b图得:=T/s=1T/s由法拉第电磁感应定律可得:感应电动势:E==S=1×100×10﹣4V=001V;感应电流:I==A=0.1A,通过圆环横截面的电荷量:q=It=0.1×(0.2﹣0.1)C=0.01C;故答案为0.1A,0.01C12、①.29.8②.2.130③.7.0④.①V1⑤.②A2;③⑥.0.46⑦.2.40【解析】(1)解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法,主尺读数加上游标尺读数,不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读(2)欧姆表的读数是指针的读数乘以欧姆档的倍数;(3)根据电源的电动势和待测电阻的大约阻值,求出电流最大值的大约值,从而确定电流表的量程.根据待测电阻的大小确定电流表的内外接,实验要求电表读数从零开始变化,并能多测几组电流、电压值,知滑动变阻器采用分压式接法(4)根据图示电表确定其分度值,读出其示数【详解】(1)游标卡尺的主尺读数为:2.9cm=29mm,游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标尺读数为8×0.1mm=0.8mm,所以最终读数为:29mm+0.8mm=29.8mm螺旋测微器的固定刻度为2.0mm,可动刻度为13.0×0.01mm=0.130mm,所以最终读数为2.0mm+0.130mm=2.130mm(2)欧姆表指针的读数为7.0,乘以欧姆档的倍数为“×l”,所以欧姆表的读数为7.0×l=7.0Ω(3)①电源电动势为4V,则电压表选择电压表V1,最大电流,则电流表应选用电流表A2,②实验要求电表读数从零开始变化,并能多测几组电流、电压值,知滑动变阻器采用分压式接法.待测电阻远小于电压表的内阻,与电流表内阻接近,属于小电阻,则电流表采用外接法(4)根据图3可知,由图示电流表可知,其分度值为0.02A,示数为0.46A;由图示电压表可知,其分度值为0.1V,示数为2.40V故答案为(1)

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