2024届上海市度嘉定区物理高二上期中复习检测模拟试题含解析

2024届上海市度嘉定区物理高二上期中复习检测模拟试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，匀强磁场的磁感应强度为B，通电直导线与磁场方向垂直，导线长度为L，导线中电流为I．该导线所受安培力F的大小是（）A．F=B．F=C．F=BILD．F=2、右上图为磁流体发电机的示意图，流体中的正、负离子均受到匀强磁场的作用，向M、N两金属极板运动，下列说法正确的是A．正离子向N极偏转，负离子向M极偏转B．正离子向M极偏转，负离子向N极偏转C．正、负离子均向N极偏转D．正、负离子均向M极偏转3、如图所示，质量分别为m1、m2的A、B两小球分别连在弹簧两端，B小球用细绳固定在倾角为30°的光滑斜面上，若不计弹簧质量且细绳和弹簧与斜面平行，在细绳被剪断的瞬间，A、B两小球的加速度分别为()A．都等于 B．0和C．和0 D．0和4、在物理学中突出问题的主要方面，忽略次要因素，建立理想化的“物理模型”，并将其作为研究对象，是经常采用的一种科学研究方法．下列选项中采用这种科学研究方法的是（）A．质点 B．参考系 C．重心 D．电阻5、交流发电机在工作时产生的电动势为e=Emsinωt，若将电枢的转速提高一倍，同时将电枢所围面积减小一半，其他条件不变，则其电动势变为()A．e=Emsin B．e=2Emsin C．e=Emsin2ωt D．e=2Emsin2ωt6、下列说法中正确的是A．摩擦起电的实质是通过外力做功凭空产生了电荷B．电子就是元电荷C．由公式可知，当r→0时，E→∞，因此可得场强为无穷大的电场D．电场强度的方向就是电势降低最快的方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、两块完全相同的金属板平行放置，构成一平行板电容器，与它相连接的电路如图所示。则：A．电容器所带的电荷量是指一个极板所带电荷量的绝对值B．闭合S后电容器充电过程是将电源的电能储存到电容器中C．保持S接通，在两极板间插入一块电介质，则极板所带电荷量减小D．断开S，减小两极板间的距离，则两极板间的电势差减小8、如图为两个不同闭合电路中两个不同电源的U－I图象，则下列说法正确的是()A．电动势E1＝E2，发生短路时的电流I1>I2B．电动势E1＝E2，内阻r1>r2C．电动势E1＝E2，内阻r1<r2D．电流相同时，电源1的输出功率大9、用均匀导线做成的正方形线圈abcd放在纸面内，其一半放在有理想边界且垂直于纸面向里的匀强磁场中，如图所示，关于穿过线圈的磁通量的说法正确的是()A．若线圈以为轴转动，则穿过线圈的磁通量时刻在变化B．若线圈以为轴转动，则线圈转动后磁通量有一段时间为零，直至边ab再次进入磁场C．若线圈以ab为轴转动，开始转动的一段时间内磁通量不变，直至其cd边进入磁场磁通量才开始变化D．若线圈以ab为轴转动，因线圈在垂直于磁场方向的投影面积一直在变化，故穿过线圈的磁通量一直在变化10、如图甲所示电路，小灯泡通电后其两端电压U随所通过的电流I变化的图线如图乙所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PM垂直于U轴，PQ垂直于I轴，下列说法中正确的是A．随着电流的增大，小灯泡的电阻减小B．对应P点，小灯泡的电阻为R＝C．在电路中灯泡L两端的电压为U1时，电阻R两端的电压为I1RD．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的“面积”三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学在做测金属丝电阻率的实验中，取一根粗细均匀的、长度为L的康铜丝，先用螺旋测微器测出康铜丝的直径d；然后由伏安法测出康铜丝的电阻；最后求出康铜丝的电阻率．（1）测康铜丝的直径时螺旋测微器的示数如图甲所示，可知康铜丝的直径d=__mm．（2）图乙是测量康铜丝电阻的原理图，根据原理图在图丙所示的实物图中画出连线__．（3）利用上面的电路图测出的电阻值比真实值__（填“偏大”或“偏小”），这种误差叫作__误差（填“偶然”或“系统”）．（4）若调节滑动变阻器，通过多次测量求平均值的方法得到康铜丝的电阻值为R，请写出求康铜丝的电阻率的表达式为__（用L、d、R等已知字母表示）．12．（12分）甲同学要描绘一个标有“3.6V1.2W”的小灯泡的伏安特性曲线，除了导线和开关外，还有下列器材可供选择：电压表V(量程为5V，内阻约为5kΩ)直流电源E(电动势为4.5V，内阻不计)电流表A1(量程为350mA，内阻约为1Ω)电流表A2(量程150mA，内阻约为2Ω)滑动变阻器R1(阻值为0～200Ω)滑动变阻器R2(阻值为0～10Ω)(1)实验中电流表应选__________，滑动变阻器应选_____________；(填写器材代号)以下的四个电路中应选用_________进行实验。(2)根据所选电路图，请在图中用笔画线代替导线，把实验器材连接成完整的实验电路____________。(3)实验中得到了8组数据，该同学通过描点连线得到了小灯泡的伏安特性曲线，如图所示。图线表明小灯泡的电阻随温度升高而__________.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，A、B相距6cm，C、D为电场中的两点，且CD＝4cm，CD连线和场强方向成θ=60°角．一个电子从D点移到C点过程中电场力做功为3.2×10－17J，求：（电子的电荷量e=1.60×10－19C）（1）A、B间匀强电场的场强；（2）A、B两点间的电势差；（3）若A板接地，D点电势为多少？14．（16分）如图所示，匀强电场中相距L=0.1m的A、B两点间的电势差V．带电量为C的点电荷位于A点时的电势能为J,求:(1)将该电荷从A点移到B点静电力做的功;(2)该电荷在A点时受到的静电力;(3)B点的电势．15．（12分）如图所示，质量M=0.040kg的靶盒A静止在光滑水平导轨上的O点，水平轻质弹簧一端栓在固定挡板P上，另一端与靶盒A连接．Q处有一固定的发射器B，它可以瞄准靶盒发射一颗水平速度为v0=50m／s，质量m=0.010kg的弹丸，当弹丸打入靶盒A后，便留在盒内，碰撞时间极短．不计空气阻力．求弹丸进入靶盒A后，弹簧的最大弹性势能为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

由图可知电流与磁场方向垂直，因此直接根据安培力的大小为：F=BIL，故ABD错误，C正确．2、A【解题分析】根据左手定则可以判断正离子受洛伦兹力向下，负离子受洛伦兹力向上，因此正离子向N极偏转，负离子向M极偏转，故BCD错误，A正确．故选A．3、B【解题分析】

细绳被剪断的前，以A为研究对象，可求出弹簧的拉力大小，细绳被剪断的瞬间，弹簧弹力大小瞬间不变，故A物体该瞬间合力仍为零，加速度大小为零，取B受力分析，由牛顿定二定律可得，联立可求得。故ACD错误，B正确。故选择B。4、A【解题分析】

质点是为了方便研究问题而引入的理想化模型，在现实中是不存在的，故从科学方法上来说属于建立理想模型法，A正确．5、C【解题分析】试题分析：据题意，当转速提高一倍，由可知，角速度w变为原来的2倍，面积减小一半，则由：可知：，故C选项正确．考点：本题考查交流发电机电动势的产生．6、D【解题分析】

A.电荷既不能被创生，也不能被消灭，摩擦起电还是感应起电，都是电荷的转移，故A错误；B.元电荷是指电子或质子所带的电荷量，数值为，但不能说电子就是元电荷,故B错误；C.公式只适用点电荷产生的电场，当时，带电体不能看成点电荷，该公式不再成立，所以不能得出“当时，”的结论，故C错误；D.电场强度的方向就是电势降低最快的方向，故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解题分析】试题分析：电容器两极板所带电荷量的电性相反，但电容器所带电荷量指其中一块极板所带电荷量的绝对值，A选项正确；电键闭合，电流流向电容器，对电容器充电，该过程是将电源的电能转化为电容器的电场能，B选项正确；保持S接通，则电容器的电压U不变，据可知，在两极板之间插入电介质，电容C将增大，据可知电量增加，故C选项错误；断开电键S则电容器电量Q不变，减小两极板距离，则电容将增大，据可知，电压降减小，故D选项正确。考点：本题考查电容器及平行板电容器动态平衡问题。8、ACD【解题分析】试题分析：对于U-I图像中，纵轴的截距表示电源的电动势，横轴的截距表示短路电流，所以E1＝E2，r1<考点：本题考查了U-I图像的应用点评：对于U-I图像，直线的斜率表示电源的内阻，纵轴的截距表示电源的电动势，横轴的截距表示短路电流，即可求出电源的内阻9、AC【解题分析】

A．若线圈以OO′为轴转动，则穿过线圈的磁通量时刻在变化，选项A正确；B．若线圈以OO′为轴转动，则线圈转动90°的时刻磁通量为零，然后cd边进入磁场，磁通量逐渐变大，选项B错误；CD．若线圈以ab为轴转动，开始转动的一段时间内磁通量不变，直至其cd边进入磁场磁通量才开始减小，选项C正确，D错误；10、BD【解题分析】A：U－I图象上点与原点的连线的斜率表示对应状态的电阻，由图象得：随着所加电流的增大，小灯泡的电阻增大；故A正确、不能选．B：对应P点，小灯泡的电压为U1电流I2，小灯泡的电阻为；故B正确、不能选．C：在电路中灯泡L两端的电压为U1时，电路中电流为，电阻R两端的电压为I2R；故C错误、选择这一项．D：对应P点，小灯泡的电压为U1电流I2，小灯泡的功率为，对应图中矩形PQOM所围的“面积”；故D正确、不能选．综上选C点睛：U－I图象上点与原点的连线的斜率表示对应状态的电阻，不是切线斜率表示对应状态的电阻．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）0.281；（2）电路图如图所示（3）偏小，系统；（4）【解题分析】

（1）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数．（2）根据电路图连接实物电路图．（3）根据电路图应用欧姆定律分析实验误差，由于实验数据导致的误差是系统误差．（4）根据电阻定律求出电阻率的表达式．【题目详解】（1）由图示螺旋测微器可知，其示数为：0mm+28.1×0.01mm=0.281mm；

（2）根据图乙所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：

（3）由图示电路图可知，电流表采用外接法，由于电压表的分流作用所测电流偏大，由欧姆定律可知，电阻的测量值小于真实值；该误差是由于实验设计造成的，属于系统误差．

（4）电阻阻值：，电阻率：；【题目点拨】本题考查了螺旋测微器读数、连接电路图、实验误差分析、求电阻率表达式，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，螺旋测微器需要估读．12、A1R2A增大【解题分析】（1）规格为“3.6V1.2W”的小灯泡正常工作时通过其中的电流为I＝P/U＝0.33A，所以选择量程为350mA的电流表A1。描绘小灯泡的伏安特性曲线的实验电路中滑动变阻器采用分压式接法，滑动变阻器应选阻值为0～10Ω的滑动变阻器R2。由于小灯泡电阻较小，电流表采用外接法，所以应选用电路A进行实验。（2）连接电路如图所示：(3)根据图象结合欧姆定律可以看出小灯泡灯丝的电阻随小灯泡温度升高而逐渐增大．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）104V/m；（2）600V；（3）－200V．【解题分析】

（1）由电场力做功与电势差的关系式可得：平行金属板间电场线方向垂直于板，竖直向下．

故CD沿电场线方向的距离dCD=|CD|•cosθ=0.04m•cos60°=0.02m，（2）UAB=E