2024届辽宁省葫芦岛锦化高中物理高二上期中检测模拟试题含解析

2024届辽宁省葫芦岛锦化高中物理高二上期中检测模拟试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于磁感线，下列说法中正确的是A．两条磁感线可以相交B．磁感线是磁场中实际存在的线C．磁感线总是从N极出发，到S极终止D．磁感线的疏密程度反映磁场的强弱2、下图甲为分压器接法电路图，电源电动势为E，内阻不计，变阻器总电阻为r．闭合电键S后，负载电阻R两端的电压U随变阻器本身a、P(滑片）两点间的阻值Rx变化的图线应最接近于乙图中的哪条实线（）A．① B．② C．③ D．④3、在阴极射线管中电子射线的方向由左向右，其上方有一根通电直导线，电流方向向右，导线与射线管平行，则阴极射线将：A．向上偏转B．向下偏转C．向里偏转D．向外偏转4、下图中运动电荷在匀强磁场中所受洛伦兹力的方向向上的是（）A． B．C． D．5、决定平抛物体在空中运动时间的因素是（）A．初速度B．抛出时物体的高度C．抛出时物体的高度和初速度D．以上说法都不正确6、下面说法正确的是（）A．根据磁感应强度定义式，磁场中某点的磁感应强度B与F成正比，与IL乘积成反比B．磁感应强度的方向与小磁针N极所受磁场力的方向相同C．一小段通电直导线在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零D．磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，ABC为等边三角形，电荷量为+q的点电荷固定在A点．先将一电荷量也为+q的点电荷Q1从无穷远处（电势为0）移到C点，此过程中，电场力做功为-W．再将Q1从C点沿CB移到B点并固定．最后将一电荷量为-2q的点电荷Q2从无穷远处移到C点．下列说法正确的有A．Q1移入之前，C点的电势为B．Q1从C点移到B点的过程中，所受电场力做的功为0C．Q2从无穷远处移到C点的过程中，所受电场力做的功为2WD．Q2在移到C点后的电势能为-4W8、欧姆定律适用于（）A．电动机电路 B．金属导体导电C．电解液导电 D．所有电器元件9、如图所示，三条平行且等间距的虚线表示电场中的三个等势面，其电势分别为10V、20V、30V．实线是一带电的粒子（不计重力）在该区域内运动的轨迹，对于轨迹上的a、b、c三点，已知：带电粒子带电量为0.01C，在a点处的动能为0.5J，则该带电粒子A．粒子带正电 B．在b点处的电势能为0.5JC．在b点处的动能为零 D．在c点处的动能为0.4

J10、如图所示，平行实线代表电场线，方向未知，带电量为1×10－2C的正电荷在电场中只受电场力作用．该电荷由A点运动到B点，动能损失了0.1J，若A点电势为10V，则：A．B点的电势为零B．电场线方向向左C．电荷运动的轨迹可能是图中曲线①D．电荷运动的轨迹可能是图中曲线②三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学用图甲所示装置通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律，图中CQ是斜槽，QR为水平槽，二者平滑相接，实验时先使A球从斜槽上某一固定位置G由静止开始滚下，落到位于水平地面上的记录纸上，留下痕迹。重复上述操作10次，得到10个落点痕迹。然后把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让A球仍从位置G由静止开始滚下，和B球碰撞后，A、B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹。重复这种操作10次。图中O是水平槽末端口在记录纸上的垂直投影点，P为未放被碰球B时A球的平均落点，M为与B球碰后A球的平均落点，N为被碰球B的平均落点。若B球落点痕迹如图乙所示，其中米尺水平放置，且平行于OP。米尺的零点与O点对齐。（1）入射球A的质量mA和被碰球B的质量mB的关系是mA________mB（选填“>”“<”或“=”）。（2）碰撞后B球的水平射程约为________cm。（3）下列选项中，属于本次实验不必测量的一个物理量是________（填选项前的字母）。A．水平槽上未放B球时，测量A球平均落点位置到O点的距离B．A球与B球碰撞后，测量A球平均落点位置到O点的距离C．测量A球和B球的质量D．测量G点相对于水平槽面的高度（4）若碰撞前后动量守恒，则需验证的关系式为_____________________。12．（12分）如图所示的是“探究电磁感应现象”的实验装置．（1）将图中所缺两条导线补接完整____________．（2）如果在闭合开关时发现灵敏电流计指针将向右偏了一下，那么合上开关后线圈A迅速插入线圈B中时，电流计指针将__________．（选填“向右偏”、“向左偏”或“不偏转”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路，电源电动势E=10V，内阻．闭合开关后，标有“8V，16W”字样的灯泡L恰好能正常发光，小型电动机M的线圈电阻，求：(1)通过电源的电流I；(2)电动机的发热功率；(3)电动机的输出功率．14．（16分）如图所示，M为电动机，N为电炉子，恒定电压＝12V，当S1闭合，S2断开时，电流表A示数为6A；当S2闭合，S1断开时，电流表A示数为5A，且电动机输出功率为35W．求：(1)电炉子的电阻及发热功率．(2)电动机的内阻．15．（12分）如图所示匀强电场的电场强度为2.0×104N/C，沿电场线方向有A、B两点，A、B两点间的距离为0.10m。将电荷量2.0×10-8C的正点电荷从A点移至B点，求(1)求A、B两点间的电势差；(2)电荷从A点移至B点的过程中电场力所做的功。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】磁感线是人为假想出来的曲线，磁感线的疏密程度反映磁场的强弱，磁感线的切线方向即为磁场方向，两条磁感线不可以相交，磁感线总是从N极出发，回到S极，内部是从S极到N极，是闭合曲线，故D正确故选D2、C【解题分析】

当增大时，左半部分总电阻增大，右半部分电阻减小，所以R两端的电压U应增大，排除④；如果没有并联R，电压均匀增大，图线将是②；实际上并联了R，对应于同一个值，左半部分分得的电压将比原来小了，所以③正确，故选C．3、B【解题分析】试题分析：由通电导线的电流方向，根据右手螺旋定则可得电子射线管处于垂直纸面向里的磁场，当电子流方向从左向右，则由左手定则可得粒子向下偏转．故选：B考点：考查了洛伦兹力的方向的判断点评：电流提供的磁场，让电荷在磁场中静止，则一定没有磁场力，而电荷在磁场中运动，有才可能有洛伦兹力，当正电荷运动，则四指为粒子运动方向，大拇指为洛伦兹力方向，若是负电荷，则大拇指的反方向为洛伦兹力方向．4、C【解题分析】

A．由左手定则可知，该图中电荷所受洛伦兹力方向垂直纸面向里，选项A错误；B．由左手定则可知，该图中电荷所受洛伦兹力方向垂直纸面向外，选项B错误；C．由左手定则可知，该图中电荷所受洛伦兹力方向向上，选项C正确；D．由左手定则可知，该图中电荷所受洛伦兹力方向向下，选项D错误；故选C。5、B【解题分析】

平抛运动下落时只要接触到地面即不能再运动，故由可得：即下落时间只与抛出点的高度有关，和水平初速度无关A.初速度与分析不符，故A项错误；B.抛出时物体的高度与分析相符，故B项正确；C.抛出时物体的高度和初速度与分析不符，故C项错误；D.以上说法都不正确与分析不符，故D项错误。6、B【解题分析】

A．磁场中某点的磁感应强度是由磁场本身决定的物理量与通电导线所受的安培力F以及IL乘积无关，选项A错误；B．磁感应强度的方向与小磁针N极所受磁场力的方向相同，选项B正确；C．一小段通电直导线在某处不受磁场力作用，可能是导线与磁场方向平行，该处的磁感应强度不一定为零，选项C错误；D．磁感线在磁体的外部从N极到S极，在磁体内部是从S极到N极，组成闭合的曲线，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解题分析】

A.由题意可知，C点的电势为故A正确；B.由于B、C两点到A点()的距离相等，所以B、C两点的电势相等，所以从C点移到B点的过程中，电场力先做负功再做正功，总功为0，故B正确；C.由于B、C两点的电势相等，所以当在B点固定后，C点的电势为,所以从无穷远移到C点过程中，电场力做功为：故C错误；D.由于C点的电势为，所以电势能为故D正确．8、BC【解题分析】欧姆定律适用于纯电阻电路导电，包括金属导电和电解液导电，但不适用于气体导电，也不适应与非纯电阻电路，例如电动机，故BC正确，AD错误，故选BC．9、AD【解题分析】

A．由等势面与场强垂直可知场强方向向上，电场力指向轨迹弯曲的内侧，所以电场力向上，所以为正电荷，故A正确；B．由电势能的定义知粒子在b点处的电势能EPb=φq=0.01×30J=0.3J故B错误；C．由粒子在a点处的总能量E=0.01×10J+0.5J=0.6J由能量守恒得在b点处的动能为：Ekb=0.6-0.3J=0.3J故C错误；

D．由能量守恒得在C点处的动能为：EkC=0.6J-0.01×20J=0.4J故D正确.10、ABC【解题分析】考点：带电粒子在匀强电场中的运动；物体做曲线运动的条件；动能定理；电势；电势能．分析：由带电微粒的动能变化确定在A、B两点的电势能的大小关系，判断出A、B两点电势的高低．根据沿电场线方向电势是降低的，得出电场线的方向．由运动方向和所受电场力的方向判断微粒的运动轨迹．解答：解：由动能定理可知WE=△EK=-0.1J；可知粒子受到的电场力做负功，故粒子电势能增加，B点的电势高于A点电势；而电场线由高电势指向低电势，故电场线向左，故B正确；AB两点的电势差UAB=WEq=-10V，则UA-U解得UB=0V；故A正确；若粒子沿轨迹1运动，A点速度沿切线方向向右，受力向左，故粒子将向上偏转，故C正确；若粒子沿轨迹2运动，A点速度沿切线方向向右上，而受力向左，故粒子将向左上偏转，故D错误；故选ABC．点评：物体做由线运动时，运动的轨迹应夹在初始速度及合外力方向的中间；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、>63.3（63.0-64.0）D【解题分析】

（1）[1]为防止两球碰撞后入射球反弹，入射球的质量应大于被碰球的质量，即大于。（2）[2]由图乙所示可知，取所有落点中靠近中间的点读数，即可取一个最小的圆的圆心，约为；（3）[3]两球离开轨道后做平抛运动，它们在控制的运动时间t相等，如果碰撞过程动量守恒，则两边同时乘以t得则实验需要测量小球的水平位移、小球的质量，不需要测量G点相对于水平槽面的高度，故选D。（4）[4]有以上分析可知，需要验证的表达式为12、向右偏【解题分析】

（1）[1]电路图如图所示：（2）[2]闭合开关时，穿过线圈的电流增大，则磁通量增大此时指针向右偏，那么当合上开关后线圈A迅速插入线圈B中时，穿过线圈的磁通量也是增大的，所以也应该向右偏．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)I=4A(2)P1=4W(3)P2=12W【解题分析】（1）小灯泡正常发光，说明外电压等于小灯泡的额定电压，根据闭合电路欧姆定律列式求解通过电源的电流I；（2）先根据求解小灯泡的电流，然后根据电路的串并联知识求解通过电动机的电流，再根据求解电动机的发热功率；（3）根据求解电动机的输出功率．（1）由题意可知，路端电压为8V，故电源的内电压为：通过电源的电流为：（2）通过小灯泡的电流为：通过电动