2024届江苏省苏州市物理高二第一学期期中达标测试试题含解析

2024届江苏省苏州市物理高二第一学期期中达标测试试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列v—t图象中，表示匀速直线运动的是（）A．B．C．D．2、下列图片所描述的事例或应用中，没有利用反冲原理的是（）A．喷灌装置的自动旋转B．章鱼在水中前行和转向C．运载火箭发射过程D．码头边轮胎的保护作用3、电路中中端电压随干路电流变化的图象如图所示，图中纵轴的起点为1.2V，则电源的电动势和内电阻应是（）A．E=0.3V,r=0.5ΩB．E=1.5V,r=3.0ΩC．E=1.5V,r=0.5ΩD．4、在行车过程中，如果车距不够，刹车不及时，汽车将发生碰撞，车里的人可能受到伤害，为了尽可能地减轻碰撞引起的伤害，人们设计了安全带．假定乘客质量为70kg，汽车车速约为100km/h，从开始刹车到车完全停止需要的时间为5s，安全带对乘客的作用力大小约为()A．400N B．600N C．800N D．1400N5、关于电磁感应，下列说法正确的是（）A．闭合金属线圈处在变化的磁场中，一定会产生感应电流B．闭合金属线圈在磁场中运动，一定会产生感应电流C．闭合金属线圈中的磁通量发生变化，一定会产生感应电流D．闭合金属线圈在磁场中转动，一定会产生感应电流6、如图所示，光滑的水平桌面上放着两个完全相同的金属环a和b，当一条形磁铁的S极竖直向下迅速靠近两环中间时，则()A．a、b互相远离 B．a、b互相靠近C．a、b均静止不动 D．a、b均向上跳起二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，水平绝缘粗糙的轨道AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道BC平滑连接，半圆形轨道的半径R=0.4m．在轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场线与轨道所在的平面平行，电场强度E=1.0×104N/C，现有一电荷量q=+1.0×10﹣4C，质量m=0.1kg的带电体(可视为质点)，在水平轨道上的P点由静止释放，带电体恰好能通过半圆形轨道的最高点C，然后落至水平轨道上的D点，取g=10m/s1．()A．带电体在圆形轨道C点的速度大小为B．落点D与B点的距离xBD=0C．带电体从P运动到圆形轨道B点时的速度大小为D．带电体在从B到C运动的过程中对轨道的最大压力为8、如图所示，在一根张紧的水平绳上挂几个摆，其中A、E摆长相等；先让A摆振动起来，其他各摆随后也跟着振动起来，则()A．其它各摆摆动周期跟A摆相同B．其它各摆振动振幅大小相同C．其它各摆振动振幅大小不相同，E摆振幅最大D．其它各摆振动周期大小不同，D摆周期最大9、一重球从高处下落到b点时和弹簧接触，压缩弹簧至最低点c点后又被弹簧弹起，则重球从b至c的运动过程中A．速度逐渐减小B．加速度先减小后增大C．克服弹力做的功等于重力做的功D．重球在c点的加速度大于重力加速度g10、理想变压器原线圈与正弦交变电源连接，输入电压u随时间t变化的规律如图所示，原、副线圈匝数比＝100，副线圈只接入一个R＝10Ω的电阻，则()A．与电阻R并联的电压表示数为3.11VB．流过电阻R的电流最大值为0.311AC．变压器的输入功率为0.484WD．一个周期内，电阻R上产生的热量为9.68×10－3J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）现在要测量一段电阻丝的电阻率ρ，其阻值Rx约为0.5Ω，允许通过的最大电流为0.5A.现有如下器材可供选择：电流表A(量程0.6A，内阻约为0.6Ω)电压表V(量程3V，内阻约为3kΩ)待测电阻丝Rx(阻值约为0.5Ω)标准电阻R0(阻值5Ω)滑动变阻器R1(5Ω，2A)滑动变阻器R2(200Ω，1.5A)直流电源E(E＝6V，内阻不计)开关S、导线若干(1)图为四位同学分别设计的测量电路的一部分，你认为合理的是________；(2)实验中滑动变阻器应该选择________(选填“R1”或“R2”)，并采用________接法；（分压，限流）(3)根据你在(1)(2)中的选择，在图甲上完成实验电路的连接________；(4)实验中，如果两电表的读数分别为U和I，测得拉直后电阻丝的长度为L、直径为D，则待测电阻丝的电阻率ρ的计算式为ρ＝________；(5)用螺旋测微器测量待测电阻丝的直径时读数如图乙所示，则该电阻丝的直径D＝________.12．（12分）要用实验描绘小灯泡的伏安特性曲线，已知待测小灯泡的额定电压6V，额定功率约为3W，提供的器材有：量程为1．6A，内阻约为1．5的电流表Al；量程为3A，内阻约为1．1的电流表A2；量程为3V，内阻为3k的电压表V1阻值是1～11，额定电流是2A的滑动变阻器R1；阻值是1～511，颇定电流是lA的滑动变阻器R2；定值电阻R3=1k；定值电阻R4=3k；电源电动势为9V，内阻约为1．1；开关一个，导线若干．（1）为了保证实验的测量精度和操作方便，并能测出小灯泡的额定功率，在可供选择的器材中．应该选用的电流表是，滑动变阻器是(填仪器的字母代号)．（2）根据所选的器材，在虚线框中画出完整的实验电路图，并标出器材代号．（3）实验中，电压表的示数为V时，可测出灯泡的额定功率．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）电源电动势E=6.0V，内阻r=1.0Ω，电阻R2=2.0Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.0A，电压表的示数为2.0V，电表均为理想电表，试求：（1）电阻R1和R3的阻值；（2）当S闭合后，求电压表的示数和R2上消耗的电功率。14．（16分）电学中有些仪器经常用到下述电子运动的物理原理．某一水平面内有一直角坐标系xOy，x=0和x=L=10cm的区间内有一沿x轴负方向的有理想边界的匀强电场E1=1.0×104V/m，x=L和x=3L的区间内有一沿y轴负方向的有理想边界的匀强电场E2=1.0×104V/m，一电子(为了计算简单，比荷取为e/m=2×1011C/kg)从直角坐标系xOy平面内的坐标原点O以很小的速度进入匀强电场E1，计算时不计此速度且只考虑xOy平面内的运动．求：(1)电子从O点进入到离开x=3L处的电场所需的时间；(2)电子离开x=3L处的电场时的y坐标；(3)电子离开x=3L处的电场时的速度大小和方向．15．（12分）如图所示，有一对平行金属板，两板相距为0.05m。电压为10V；两板之间有匀强磁场，磁感应强度大小为B0=0.1T，方向与金属板面平行并垂直于纸面向里。图中右边有一半径R为0.1m、圆心为O的圆形区域内也存在匀强磁场，磁感应强度大小为B=T，方向垂直于纸面向里。一质量为m=10-26kg带正电的微粒沿平行于金属板面，从A点垂直于磁场的方向射入平行金属板之间，沿直线射出平行金属板之间的区域，并沿直径CD方向射入圆形磁场区域，最后从圆形区域边界上的F点射出。已知速度的偏转角60°，不计微粒重力。求：（1）微粒速度v的大小；（2）微粒的电量q；（3）微粒在圆形磁场区域中运动时间t。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】

A图中速度随时间均匀减小，做匀减速直线运动。故A错误。B图中速度随时间均匀增大，做匀加速直线运动。故B错误。C图中速度随时间不变，做匀速直线运动。故C正确。D图中速度随时间均匀变化，做匀变速直线运动。故D错误。故选C。2、D【解题分析】

喷灌装置的自动旋转是利用水流喷出时的反冲作用而运动的，故属于反冲运动，故A错误；章鱼在水中前行和转向是利用喷出的水的反冲作用，故B错误；火箭的运动是利用喷气的方式而获得动力，利用了反冲运动，故C错误；码头边的轮胎的作用是延长碰撞时间，从而减小作用力，不是利用了反冲作用，故D正确．3、D【解题分析】U-I关系满足：U=E-Ir，根据U-I直线的截距等于E，斜率等于r可得E=1.5V，r=1.5V故选D．4、A【解题分析】

，取向右为正，则安全带对人得作用力向左，由动量定理得，解得约为400N，故A正确,BCD错误．5、C【解题分析】满足磁通量变化，但是没有满足闭合电路这个条件，虽然磁通量有变化，但是没有感应电流，故A错误；整个的闭合电路在磁场中做切割磁感线运动时，闭合电路中磁通量没有变化，没有感应电流，故B错误；闭合金属线圈中的磁通量发生变化，一定会产生感应电流．故C正确；闭合金属线圈在磁场中转动，若磁通量没有变化，不会产生感应电流．故D错误；故选C.【题目点拨】感应电流产生的条件：只要穿过闭合电路的磁通量发生变化就能产生感应电流．可以分解为两个条件：1、闭合电路，2、磁通量发生变化．这两个条件必须同时满足，才能有感应电流产生．6、A【解题分析】

根据楞次定律可知：当条形磁铁沿轴线竖直向下迅速移动时，闭合导体环内的磁通量增大，因此两线圈产生顺时针感应电流，由于两线圈电流方向相反，所以a，b两环互相排斥而相互远离，因此选项A正确，BCD错误。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解题分析】

A．设带电体通过C点时的速度为vC，依据牛顿第二定律：解得vC=1.0m/s故A错误；B．设带电体从最高点C落至水平轨道上的D点经历的时间为t，根据运动的分解有：故：xDB＝联立解得xDB=0故B正确；C．设带电体通过B点时的速度为vB，带电体从B运动到C的过程中，依据动能定理：解得选项C正确；D．由题意可知，滑块的最大速度出现在平衡位置处。在从B到C的过程中只有重力和电场力做功，由给定的数据可知，这两个力大小相等，其平衡位置在与重力方向成45°夹角斜向右下方，故最大速度必出现在B点右侧对应圆心角为45°处。

设小球的最大动能为Ekm，根据动能定理有：；在动能最大位置，支持力也最大，因电场力与重力的合力大小为mg，根据牛顿第二定律，有：；联立解得：根据牛顿第三定律知，带电体在从B到C运动的过程中对轨道最大压力为故D正确；8、AC【解题分析】

AD.A摆摆动，其余各摆也摆动起来，它们均做受迫振动，所以其余各摆的振动频率都等于A摆摆动的频率，振动周期也等于A摆摆动的频率。故A正确，D错误。BC.由于E摆的摆长与A摆摆长相同，所以这两个摆的固有频率相同，所以E摆出现共振现象，振幅最大。故C正确，B错误。9、BD【解题分析】

AB.小球与弹簧接触,开始重力大于弹力,加速度方向向下,做加速运动,向下运动的过程中,弹力增大,则加速度减小,加速度减小到零,速度达到最大,然后弹力大于重力,加速度方向向上,做减速运动,向下运动的过程中,弹力增大,则加速度增加,所以速度先增大后减小,加速度先减小后增大.故A错误,B正确.C.重球从b至c的运动过程中,重力做正功，弹力做负功，而动能减小，根据动能定理可知：克服弹力做功大于重力做的功，故C错；D.若小球从弹簧处由静止释放,到达最低点,根据运动的对称性,知加速度等于g,方向竖直向上,若从某一高度下降,下降的更低,则加速度大于g，故D对；故选BD【题目点拨】根据小球的受力得出加速度的方向,根据加速度的方向与速度方向的关系,判断小球的运动情况,从而得出速度和加速度的变化10、BCD【解题分析】

A．电压的有效值，根据变压比规律得：，即，得U2＝2.2V，即副线圈电压的有效值为2.2V，所以与电阻R并联的电压表示数为2.2V，故A错误；B．副线圈电流，流过电阻R的电流最大值为I2max=I2=0.22A＝0.311A，故B正确；C．变压器的输入功率等于输出功率，，故C正确；D．一个周期内电阻R上产生的热量，故D正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CR1分压1.205【解题分析】

(1)、(2)、关键是根据闭合电路欧姆定律求出电路中需要的最大电阻来选择变阻器阻值以及接法；根据求出的最小电阻来选择保护电阻；根据待测电阻远小于电压表内阻可知电流表应用外接法，但因为待测电阻阻值太小可知待测电阻应与保护电阻串联使用．(3)根据是连接电路时应先连接主干路然后再连接并联电路，注意正负极和量程．(4)关键是根据欧姆定律和电阻定律求出电阻率的表达式即可．(5)关键是读数时要分成整数部分和小数部分两部分来读，注意半毫米刻度线是否露出．【题目详解】(1)根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻为：，所以变阻器应选R1并且应采用分压式接法；电路中需要的最小电阻为：，为保护电流表应与一保护电阻串联，所以排除电路A，再根据待测电阻满足，可知电流表应用外接法，所以应排除电路D，由于待测电阻阻值太小，将电压表直接测量时电压太小无法读数，所以应将待测电阻与保护电阻串联后再与电压表并联才行，所以合理的电路应是C；(2)根据题(1)中的分析可知，变阻器应选R1，并且应采用分压式接法；(3)根据题（1）中分析可知电路连接图如图所示：(4)图C电路图应有：①根据电阻定律应有：②联立①②可得：(5)螺旋测微器的读数为：D=1mm+20.6×0.01mm=1.205（±0.002）mm；【题目点拨】明确：①通过估算电路中需要的大小电阻来选择保护电阻，通过电路中需要的最大电阻来选择变阻器阻值以及采用的接法；②当待测电阻满足时，电流表应用外接法．12、（1）（2）电路图如下（