2024届安徽省宿州市物理高二上期中教学质量检测试题含解析

2024届安徽省宿州市物理高二上期中教学质量检测试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电源电动势E的下列说法中正确的是（）A．电动势在数值上等于电源将单位正电荷从负极移动到正极时，非静电力所做的功B．由电动势可知，电源内非静电力做功越多，电动势越大C．电动势E的单位与电势差的单位相同，都是伏特，所以电势差就是电动势D．电源的电动势与外电路结构有关，外电路变化，通常电动势也要变化2、在如图所示的电路中，灯泡L的电阻大于电源的内阻r，闭合电键S，将滑动变阻器的滑片P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（）A．灯泡L变亮 B．电流表读数变小，电压表读数变小C．电源的输出功率变小 D．电容器C上所带的电荷量减少3、一质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上.现对物块施加一个竖直向下的恒力F，如图所示.则物块()A．沿斜面加速下滑 B．仍处于静止状态C．受到的摩擦力不变 D．受到的合外力增大4、如图所示的电路中，UAB=1.5V，R1=R2=R3=10Ω，则理想电压表和理想电流表的示数各为A．1.5V，0.1AB．1.5V，0.15AC．1V，0.1AD．1V，0.15A5、下面关于点电荷的说法正确的是（）A．点电荷是带电荷量很小的带电体B．带电体体积很大时不能看成点电荷C．点电荷的带电荷量可能是

D．大小和形状对作用力影响可以忽略的带电体可看做点电荷6、如图所示，条形磁铁放在水平桌面上，在其右上方固定一根长直导线，导线与磁铁垂直，给导线通以垂直纸面向外的电流，则（）A．磁铁对桌面压力减小，桌面受到向左的摩擦力作用B．磁铁对桌面压力减小，桌面受到向右的摩擦力作用C．磁铁对桌面压力增大，不受桌面的摩擦力作用D．磁铁对桌面压力增大，受到桌面向左的摩擦力作用二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，且两个电路的总功率相等，则这两个电路中的U甲、U乙，R甲、R乙之间的关系正确的是()A．U甲＝4U乙 B．U甲＝2U乙 C．R甲＝2R乙 D．R甲＝4R乙8、锂电池因能量密度高、绿色环保而广泛使用在手机等电子产品中．现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为U，输出电流为I，手机电池的内阻为r，下列说法正确的是()A．电能转化为化学能的功率为UI－I2rB．充电器输出的电功率为UI＋I2rC．电池产生的热功率为I2rD．充电器的充电效率为×100%9、图中A球系在绝缘细线的下端，B球固定在绝缘平面上，它们带电的种类以及位置已在图中标出．A球能保持静止的是（）A．B．C．D．10、如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场的边界上，有两个质量和电量均相同的正、负离子（不计重力），从点O以相同的速度先后射入磁场中，入射方向与边界成θ角，则正、负离子在磁场中运动正确的是（）A．运动时间相同B．运动轨迹的半径相同C．重新回到边界时速度不相同D．重新回到边界的位置与O点距离相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，可供选择的实验仪器如下：小灯泡L，“3.0V、0.5A”电压表V：量程0～5V，内阻5kΩ电流表A1，量程0～100mA，内阻4Ω电流表A2，量程0～500mA，内阻0.4Ω滑动变阻器R1，最大阻值100Ω，额定电流1.0A滑动变阻器R2，最大阻值5Ω，额定电流0.5A直流电源E，电动势约为6V，内阻约为0.5Ω(1)在上述器材中，电流表应选______;滑动变阻器应选_____.(2)在虚线框内画出实验的电路图，并在图中注明各元件的符号_________.(3)某实验小组完成实验后利用实验中得到的实验数据在I-U坐标系中，描绘出如右图所示的小灯泡的伏安特性曲线．根据此图给出的信息，可以判断随着电压的增加，灯泡的电阻会（_____）A．逐渐减小B．逐渐增大C．保持不变12．（12分）某同学用螺旋测微器测量某工件的厚度时，示数如图甲所示，读数为________mm.他改用游标卡尺测量该工件的长度时，示数如图乙所示，读数为________mm.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在平行金属带电极板MN的电场中，若将电量为-5×10﹣6C的负点电荷从A点移到M板，克服电场力做功8×10﹣4J；若把该点电荷从A点移到N板，电场力做正功为6×10﹣4J．则：（1）若将该点电荷从Ｍ板附近移到Ｎ板，电荷的电势能变化多少？M、N两板的电势差UMN等于多少？（2）M板的电势φM和A点的电势φA分别是多少？14．（16分）如图，一质量为M的物块静止在桌面边缘，桌面离水平地面的高度为h.一质量为m的子弹以水平速度v0射入物块后，以水平速度v0/2射出.重力加速度为g.求：（1）此过程中系统损失的机械能；（2）此后物块落地点离桌面边缘的水平距离．15．（12分）反射式速调管是常用的微波器件之一，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理与下述过程类似．如图所示，在虚线MN两侧分别存在着方向相反的两个匀强电场，一带电微粒从A点由静止开始，在电场力作用下沿直线在A、B两点间往返运动．已知电场强度的大小分别是E1＝2.0×103N/C和E2＝4.0×103N/C，方向如图所示．带电微粒质量m＝1.0×10－20kg，带电荷量q＝－1.0×10－9C，A点距虚线MN的距离d1＝1.0cm，不计带电微粒的重力，忽略相对论效应．求：(1)B点距虚线MN的距离d2；(2)带电微粒从A点运动到B点所经历的时间t.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】电动势表示电源将单位正电荷从负极移到时正极时，非静电力所做的功，A对．E=W非/q是电动势定义式，移送相同电荷量时，非静电力做功越多，电动势越大，B错．电动势表示非静电力做功，电势差表示电场力做功，两者不同，C错．电动势只由电源本身决定，与外电路无关，D错．2、C【解题分析】

A．当滑动变阻器滑片P向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻R总增大，电流I减小，灯泡的功率P=I2RL，RL不变，则灯泡变暗，故A错误；B．电流表读数变小，电压表读数U=E-Ir变大，故B错误；C．当内、外电阻相等时，电源的输出功率最大。灯泡L的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的输出功率变小，故C正确；D．变阻器两端电压增大，电容器与变阻器并联，电容器上电压也增大，则其电荷量增大，故D错误。故选C。【题目点拨】本题的难点在于确定电源的输出功率如何变化，可以用数学证明，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，这是很重要的结论。对于电容器，关键确定电压，记住这个结论很有必要：电容器与与它并联的电路电压相等。滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，电流减小，灯泡变暗；根据结论：当内、外电阻相等时，电源的输出功率功率最大。灯泡L的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的输出功率应减小。变阻器两端电压增大，电容器上电荷量增大，电流表读数变小，电压表读数U=E-Ir变大。3、B【解题分析】试题分析：质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上，对其受力分析，可求出动摩擦因数，加力F后，根据共点力平衡条件，可以得到压力与最大静摩擦力同时变大，物体依然平衡．解：由于质量为m的物块恰好静止在倾角为θ的斜面上，说明斜面对物块的摩擦力等于最大静摩擦力，对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有f=mgsinθN=mgcosθf=μN解得μ=tanθ对物块施加一个竖直向下的恒力F，再次对物体受力分析，如图根据共点力平衡条件，有与斜面垂直方向依然平衡：N=（mg+F）cosθ因而最大静摩擦力为：f=μN=μ（mg+F）cosθ=（mg+F）sinθ，故在斜面平行方向的合力为零，故合力仍然为零，物块仍处于静止状态，A正确，B、D错误，摩擦力由mgsinθ增大到（F+mg）sinθ，C错误；故选A．【点评】本题要善用等效的思想，可以设想将力F撤去，而换成用一个重力的大小等于F的物体叠放在原来的物块上！4、B【解题分析】

由题意可知，电流表和电压表均为理想电表，电阻R1、R2被短路，电压表的示数为U=UAB=1.5V，则根据欧姆定律得，电流表的示数为A．1.5V，0.1A。故A不符合题意。B．1.5V，0.15A。故B符合题意。C．1V，0.1A。故C不符合题意。D．1V，0.15A。故D不符合题意。5、D【解题分析】

点电荷是没有大小的带电体，是一种理想模型，实际的带电体（包括电子、质子等）都有一定大小，都不一定能看成点电荷．当电荷间距离大到可认为电荷大小、形状不起什么作用时，可把电荷看成点电荷．【题目详解】A项：点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，是一种理想化的模型，与其体积的大小无关，实际的带电体（包括电子、质子等）都有一定大小，都不一定能看成点电荷，故A错误；B项：点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，物体能不能简化为点，不是看物体的绝对大小，而是看物体的大小对于两个电荷的间距能不能忽略不计，故体积大的带电体有时也可以看成点电荷，故B错误；C项：点电荷的带电荷量一定是

1.6×10-19C的整数倍，故C错误；D项：点电荷是将带电物体简化为一个带电的点，当带电体的大小和形状对作用力影响可以忽略的带电体可看做点电荷，故D正确．故应选：D．【题目点拨】带电体看作点电荷的条件，当一个带电体的形状及大小对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，是由研究问题的性质决定，与自身大小形状无具体关系．6、A【解题分析】

先以通电导线为研究对象，由左手定则判断出导线受到安培力的方向；然后由牛顿第三定律求出磁铁受到磁场力的方向，最后判断磁铁对桌面的压力如何变化，判断磁铁受到的摩擦力方向．【题目详解】在磁铁外部，磁感线从N极指向S极，长直导线在磁铁的中央右上方，导线所在处磁场斜向左上方；导线电流垂直于纸面向外，由左手定则可知，导线受到的安培力斜向左下方；由牛顿第三定律可知，导线对磁铁的作用力斜向右上方，因此磁铁对桌面的压力减小，小于磁铁的重力，磁铁由向右的运动趋势，磁铁受到向左的摩擦力，桌面受到向右的摩擦力，故ACD错误，B正确．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解题分析】设灯泡的额定电流为I0；因两灯泡正常发光，故灯泡中电流相等；则甲电路中电流为I0；乙电路中电流为2I0；因总功率相等，故两电阻消耗的功率相等；则由P=I2R可知，R甲=4R乙；故D正确，C错误；由欧姆定律可知：U甲=I0R甲+2U=2I0R乙+2U；U2=2I0R乙+U；故U甲=2U乙；故A错误，B错误；故选BD．8、AC【解题分析】试题分析：由于充电器的两端电压为U，则锂电池的两端电压也为U，电流为I，故锂电池消耗的电功率为UI，锂电池的发热功率为I2r，故转化为化学能的的电功率为UI－I2r，选项A正确；充电器的输出功率为UI，选项B错误；电池产生的热功率为I2r，选项C正确；充电器的充电效率为（1-）×100%，选项D错误．考点：电源对非纯电阻元件供电．9、AD【解题分析】

对A球进行受力分析，由于A球能保持静止，根据共点力平衡状态解决问题；【题目详解】A、对A球进行受力分析：

根据力的合成，可知道三个力合力可以为0，故A正确；

B、对A球进行受力分析：

根据力的合成，可知道任意两个力的合力的方向不可能与第三个力方向相反，合力不为零，故B错误；

C、对A球进行受力分析：

根据力的合成，可知道任意两个力的合力的方向不可能与第三个力方向相反，合力不为零，故C错误；

D、对A球进行受力分析：

根据力的合成，可知道三个力合力可以为0，故D正确。【题目点拨】根据受力分析，找出所受的力合力可以为0，那么小球可以处于静止状态。10、BCD【解题分析】根据牛顿第二定律得：qvB=mv2r

得：r=mvqB，由题q、v、B大小均相同，则轨道半径r相同．故B正确．粒子的运动周期为T=2πmqB，则知T相同．根据左手定则分析可知，正离子逆时针偏转，负离子顺时针偏转，重新回到边界时正离子的速度偏向角为2π-2θ，轨迹的圆心角也为2π-2θ，运动时间t=2π-2θ2π点睛：根据题意画出轨迹示意图，可根据几何关系求出回到边界时离O点的距离；利用对称关系判断回到边界时速度的方向；带电粒子在磁场中做匀速圆周运动问题求运动时间，可用关系式有t=θ三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A1R1B【解题分析】

(1)器材的选取需安全、精确，根据灯泡的额定电流选择合适的电流表．根据滑动变阻器的额定电流确定合适的滑动变阻器．(1)由于灯泡的电压和电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，根据灯泡电阻的大小确定电流表的内外接法．(3)由作出的伏安特性曲线利用公式可知图象的斜率的含义，从而由图象中得出电阻的变化.【题目详解】(1)灯泡额定电流是0.5A，所以电流表的量程选择500mA的A1，灯泡电压要能从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法，使用选择电阻值比较小的滑动变阻器R1．(1)因为灯泡的电压和电流需从零开始测起，所以滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻大约为，满足，属于小电阻，所以电流表采用外接法，电路图如图所示:(3)由图可知，图象上某点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，而图象的斜率越来越小，故说明电阻逐渐增大;故选B.【题目点拨】本题考查了选择实验器材、连接实物电路图、实验数据处理等问题；选择实验器材时，要注意安全性原则，要保证实验电路安全，要注意精确性原则，在保证安全的情况下，所选器材量程不要太大．12、1.195（1.1941.196均可）23.7【解题分析】

[1]螺旋测微器的可动尺一共50格，转一圈，固定尺显示0.5mm，所以每个表示0.01，所以图示的读数为（1+19.5×0.01）mm=1.195mm[2]图示游标卡尺主尺的刻度为23mm，游标尺为10分度，且7刻度与主尺对齐，所以图示的读数为（23+7×0.1）mm=23.7mm四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）电势能减小了1.4×10﹣3（2）