2024届江西省赣县第三中学物理高二上期中调研试题含解析

2024届江西省赣县第三中学物理高二上期中调研试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、AB分别是地球上的两个物体，A在北纬某城市，B在赤道上某地，如图所示．当它们随地球自转时，它们的角速度分别是、，它们的线速度大小分别是、．下列说法正确的是()A．=，<B．=，>C．<，=D．>，<2、下面关于电容器及其电容的叙述正确的是（）A．任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体可以看成一个电容器B．电容器所带的电荷量是指每个极板所带电荷量的代数和C．电容器的电容与电容器带电荷量成正比D．若电容器电荷量增加，两极板电压升高，无法确定该电容器的电容3、如图所示的电路中，电阻阻值已标出，当输入电压UAB=220V时，输出电压UCD为（）A．1VB．2VC．3VD．4V4、如图的电路中，电池的电动势为，内阻为，和是两个阻值固定的电阻．当可变电阻的滑片向点移动时，通过的电流和通过的电流将发生如下的变化（）A．变大，变小B．变大，变大C．变小，变大D．变小，变小5、如图所示,由两块相互靠近的平行金属板组成的平行板电容器的极板N与静电计相接,极板M接地.用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U.在两板相距一定距离d时,给电容器充电,静电计指针张开一定角度.在整个实验过程中,保持电容器所带电量Q不变,下面哪些操作将使静电计指针张角变大()A．将M板向下平移B．将M板沿水平向右方向平移靠近N板C．在M、N之间插入云母板D．在M、N之间插入金属板,且不和M、N接触6、等量异种电荷的电场线如图所示，下列表述正确的是（）A．a点的电势低于b点的电势B．a点的场强大于b点的场强，方向相同C．将一负电荷从a点移到b点电场力做负功D．负电荷在a点的电势能大于在b点的电势能二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电场线的下列说法中，正确的是：()A．电场线是客观存在的B．电场线既可描述电场的方向，也可以描述电场的强弱C．一组疏密均匀、指向一致的平行直线的电场线所表示的一定是匀强电场D．静电场中，电场线是从正电荷出发，到负电荷终止的曲线8、质点由静止开始做匀加速直线运动，经过时间t，通过与出发点相距x1的P点，再经过时间t，到达与出发点相距x2的Q点，则该质点通过P点的瞬时速度为()A． B． C． D．9、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的v-t图像如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)．则下列说法正确的是()A．B点为中垂线上电场强度最大的点，电场强度E＝1V/mB．由C点到A点的过程中物块的电势能先减小后变大C．由C点到A点的过程中，电势逐渐升高D．AB两点电势差UAB＝－5V10、如图所示，虚线框内有匀强电场，AA′、BB′、CC′是该电场的三个等势面，相邻等势面间的距离均为3.0cm，已知BB′上的电势为0V．一个电子沿AA′方向以初动能Ek=4eV自图中的P点进入电场，刚好从C′点离开电场，电子从P到C′的过程电场力做功为6eV．下列说法正确的是A．平面AA′上的电势为3VB．该匀强电场的场强为100V/mC．该粒子经过平面BB′时的电势能为10eVD．该粒子从P到C′的过程动能和电势能总和守恒三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某学生实验小组利用图(a)所示电路，测量多用电表内电池的电动势和电阻“×1k”挡内部电路的总电阻．使用器材有：多用电表；电压表：量程5V，内阻十几千欧；滑动变阻器：最大阻值5kΩ；导线若干．回答下列问题：（1）将多用电表档位调到电阻“×1k”挡，再将红表笔和黑表笔______，调零点．（2）将图（a）中多用电表的红表笔和__________（填“1”或“2”）端相连，黑表笔连接另一端．（3）将滑动变阻器的滑片调到适当位置，使多用电表的示数如图(b)所示，这时电压表的示数如图(c)所示．多用电表和电压表的读数分别为_____kΩ和_____V．（4）调节滑动变阻器的滑片，使其接入电路的阻值为零．此时多用电表和电压表的读数分别为12.0kΩ和4.00V．从测量数据可知，电压表的内阻为_________kΩ．12．（12分）某同学要测量一个由均匀新合金材料制成的金属丝的电阻率ρ.(1)该同学用游标卡尺测量金属丝的长度如图甲所示，可知其长度为L＝________mm.(2)如图乙所示，用螺旋测微器测金属丝的直径，测量值d＝________mm.(3)选用“×10”倍率的电阻挡测量，发现多用电表指针偏转过大，因此需选择“________”倍率的电阻挡(填“×1”或“×100”)，并________，再进行正确测量，多用电表的示数如图丙所示，测量结果为R＝________Ω.(4)该金属丝电阻率的表达式为ρ＝________.(用R、d、L表示)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，空间中存在一电容器，已知极板间电势差为U，极板间距为d，板长为L。一质量为m，带电量为q的正电粒子以某一初速度（大小未知）从正极板边缘飞入电容器，恰能从电容器负极板边缘飞出。（不计粒子重力）求：(1)粒子在电场中运动的时间；(2)粒子离开电场时的动能。14．（16分）如图所示，质量为m的铜棒长为L，棒的两端用长为a的细软铜线水平悬挂在磁感应强度为B，方向竖直向上的匀强磁场中，求：（1）当棒中通过从左到右的恒定电流I后，求铜棒受到安培力大小和方向；（2）若铜棒通某一方向电流后向上摆动，最大偏角θ，则恒定电流为多大？15．（12分）如图，直角坐标系xOy位于竖直平面内，其中x轴水平，y轴竖直．竖直平面中长方形区域OABC内有方向垂直OA的匀强电场，OA长为l，与x轴间的夹角，一质量为m、电荷量为q的带正电小球可看成质点从y轴上的P点沿x轴正方向以一定速度射出，恰好从OA的中点M垂直OA进入电场区域．已知重力加速度为g．(1)求P点的纵坐标及小球从P点射出时的速度大小v0；(2)已知电场强度的大小为，若小球不能从BC边界离开电场，OC长度应满足什么条件？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解题分析】

A与B均绕地轴做匀速圆周运动，在相同的时间转过的角度相等，由角速度的定义式，甲、乙角速度相等，由角速度与线速度关系公式，B的转动半径较大，故B的线速度较大，故选项A正确．【题目点拨】A与B均绕地轴做匀速圆周运动，周期均为一天，B的转动半径较大，可根据角速度定义式和线速度与角速度关系公式判断．2、A【解题分析】

A.根据电容器定义可知，任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体可以看成一个电容器，故A正确。B.电容器所带的电荷量是指每个极板所带电荷量的绝对值，故B错误。C.电容器的电容是电容器本身的性质，与电压、带电量无关，故C错误。D.电容故由变化的电荷量与变化的电压的比值可求得电容，故D错误。3、B【解题分析】并联部分的等效电阻为：R并=109R×9R+R109R+9R+R=R，则电路的总电阻为：R总=10R+R=11R．

由串联分压得并联部分R并上的电压为：4、C【解题分析】当可变电阻的滑片向点移动时，连入电路中的电阻变小，电路总电阻减小，总电流增大，根据闭合回路欧姆定律可得路端电压减小，即两端电压减小，所以通过的电流减小，而总电流增大，并且，所以通过的电流变大，C正确．【题目点拨】在电路中，当一个电阻在变大，分压作用增大，它所引起电路电压的变化是与它并联的电阻两端的电压变小，电流也随之变大，由于电源的电动势不变，与它串联的电阻两端电压变小，电流也就变小；反之，当一个电阻在变小时，分压作用减小，它所引起电路电压的变化是与它并联的电阻的电阻两端的电压变小，电流也随变小，与它串联的电阻两端电压变大，电流也就变大．若是用这一原则来判断，就可直接得出由于的减小，与它并联的电阻通过的电流就小，与串联的电阻通过的电流变大．5、A【解题分析】A、将M板向下平移,极板正对面积减小,根据C=εs4πkd,可以知道电容C变小,电量Q不变,由C=QU判断得知,板间电势差U变大,静电计指针张角变大.所以A选项是正确的.

B、将M板沿水平向右方向靠近N板，则板间距离减小，根据C=εs4πkd,可以知道电容变大,由C=QU判断得知,板间电势差U变小,静电计指针张角变小.故B错误.

C、在M、N之间插入云母板(介电常数ε>1),根据C=εs4πkd,D、在M、N之间插入金属板，则相当于板间距离减小，根据C=εs4πkd,可以知道电容变大,由C=QU判断得知,板间电势差U变小,综上所述本题答案是：A6、C【解题分析】

沿电场线方向电势降低；电场线的疏密程度表示电场强度大小，电场线的切线方向表示电场强度方向，负电荷在低电势处电势能大，在高电势处电势能小，据此分析．【题目详解】沿电场线方向电势降低，故a点电势高于b点电势，A错误；电场线的疏密程度表示电场强度大小，电场线越密，电场强度越大，故a点的场强大于b点的场强，电场线的切线方向为场强方向，故ab两点的电场强度方向不同，B错误；负电荷在低电势处电势能大，所以从a点（高电势）移动到b点（低电势），电势能增大，电场力做负功，C正确D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BCD【解题分析】电场是客观存在的物质．电场对放入其中的电荷有力的作用．描述电场的电场线是假想的图线，都不是客观存在的，故A错误；电场线能形象表示电场的强弱和方向，电场线越密，场强越大，故B正确；一组疏密均匀、指向一致的平行直线的电场线所表示的一定是匀强电场，故C正确；电场线是从正电荷出发，到负电荷终止的曲线，故D正确。所以BCD正确，A错误。8、ABD【解题分析】

A．因为初速度为零的匀加速直线运动，在t内和2t内的位移之比为1:4，则x2=4x1，则P点的速度为故A正确．B．OQ间的距离为x2，由于通过OP和PQ的时间相等，均为t，根据平均速度推论知，质点通过P点的瞬时速度为故B正确．CD．根据匀变速直线运动的判别式：x2−x1−x1＝at2加速度为：则P点的速度故D正确，C错误．9、AD【解题分析】

A．带电粒子在B点的加速度最大，为所受的电场力最大为Fm=mam=1×2N=2N则场强最大值为故A正确；B．从速度时间图象可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，电场力对物块做正功，电势能一直减小，故B错误；C．据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C错误；

D．从速度时间图象可知，A、B两点的速度分别为vA=6m/s，vB=4m/s，再根据动能定理得解得：UAB=-5V故D正确．10、BD【解题分析】

A.电子从P到C′的过程电场力做功为6eV，即，所以，已知BB′上的电势为0V则平面AA′上的电势为-3V，故A错误；B.根据匀强电场电场强度公式可知，故B正确；C.已知BB′上的电势为0V，根据可知该粒子经过平面BB′时的电势能为0eV，故C错误D.粒子运动过程中只有电场力做功，使得动能和电势能之间相互转化，所以粒子的动能与电势能之和不变，故D正确三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（2）1（3）15kΩ；3.50V；（4）12.0kΩ；【解题分析】试题分析：（1）欧姆表使用前一定要欧姆调零；（2）红正黑负，电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；（3）欧姆表读数等于倍率乘以表盘读数，伏特表读数要估读；（4）欧姆表测量的是外电路的总电阻，由于滑动变阻器被短路，故欧姆表读数即为电压表阻值；解：（1）欧姆表使用前一定要欧姆调零，即红黑表笔短接后，调节调零旋钮，是电流表满偏；（2）红正黑负，电流从红表笔流入电表，从黑表笔流出电表；电流从电压表正接线柱流入，故红表笔接触1，黑表笔接2；（3）欧姆表读数=倍率×表盘读数=1K×15.0Ω=15.0kΩ；电压表读数为3.60V；（4）由于滑动变阻器被短路，故欧姆表读数即为电压表阻值，为12.0KΩ故答案为（1）短接；（2）1；（3）15.0，3.60；（4）12.0；【点评】本题关键是明确实验原理，会使用欧姆表和电压表测量电阻和电压，同时能结合闭合电路欧姆定律灵活地列式分析12、(1)50.15；(2)0.228(0.226～0.229均可以)；(3)×1；重新进行欧姆调零；13；(4)πRd【解题分析】（1）游标卡尺是20分度的卡尺，其分度值为0.05mm，则图示读数为：50mm+3×0.05mm=50.15mm；（2）螺旋测微器：不动刻度为0mm，可动刻度为22.8×0.01mm，则读数为0mm+22.8×0.01mm=0.228mm(0.226～0.229均可以)，（3）选用“×10”倍率的电阻挡测量，多用电表指针偏转过大，说明所选挡位太大，为