2024届浙江省杭州市高级中学高二物理第一学期期中预测试题含解析

2024届浙江省杭州市高级中学高二物理第一学期期中预测试题注意事项1．考生要认真填写考场号和座位序号。2．试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上，在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答；第二部分必须用黑色字迹的签字笔作答。3．考试结束后，考生须将试卷和答题卡放在桌面上，待监考员收回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，a、b、c是电场中的三个点，其电场强度大小分别为Ea、Eb、Ec，电势分别为φa、φb、φc，把正点电荷由a点沿电场线移到b点的过程中，关于电场力对电荷所做的功及电荷电势能的变化，下列说法中正确的是()A．电场力做正功，电势能增加B．电场力做正功，电势能减少C．电场力做负功，电势能增加D．电场力做负功，电势能减少2、在如图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为l.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A．则以下判断中正确的是（）A．电动机两端的电压为1.0VB．电动机的机械功率为12WC．电动机产生的热功率4.0WD．电源输出的电功率为24W3、对于场强，出现了E=和E=及E=三个公式，你认为下列认识正确的是()A．q表示场中的试探电荷、d表示沿电场线方向的距离B．E随U的增大而增大，随Q的增大而增大C．第一个公式适用于包括点电荷在内的所有场源的电场求场强，且E的方向和F一致D．1N/C=10V/m4、一个水平放置的弹簧振子在A、B两点间做简谐运动，O为振子平衡位置，如图所示．设水平向右方向为正方向，以某一时刻作计时起点(t=0)，经3/4倍周期，振子具有正方向最大加速度，那么，在图所示的几个振动图像中(x表示振子离开平衡位置的位移)，能正确反映振子振动情况的是()A． B． C． D．5、M、N是某电场中一条电场线上的两点，若在M点释放一个初速度为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，其电势能随位移变化的关系如图所示，则下列说法正确的是A．电子在N点的动能小于在M点的动能B．该电场有可能是匀强电场C．该电子运动的加速度越来越小D．该条电场线可能是曲线6、在如图所示的电路中，输入电压U恒为8V，灯泡L标有“3V，6W”字样，电动机线圈的电阻RM=1Ω.若灯泡恰能正常发光，下列说法正确的是A．电动机两端的电压是2VB．通过电动机的电流是5AC．电动机的效率是60%D．整个电路消耗的电功率是10W二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、平行板电容器的两极板A、B接于电池两极,一带正电小球悬挂在电容器内部,闭合电键,电容器充电,这时悬线偏角与竖直方向的夹角为θ,如图所示（）A．保持K闭合,A板向B板靠近,则θ变小.B．保持K闭合,A板向B板靠近,则θ大.C．断开K,A板向B板靠近,则θ增大.D．断开K,A板向B板靠近,则θ不变.8、如图所示电路中，已知电源的内阻r＞R2，电阻R1的阻值小于滑动变阻器R0的最大阻值．闭合电键S，当滑动变阻器的滑臂P由变阻器的右端向左滑动的过程中，下列说法中正确的有（）A．V1的示数先变小后变大，V2的示数先变大后变小B．R2上消耗的功率先变小后变大C．电源的输出功率先变小后变大D．A1的示数不断减小，A2的示数不断变大9、如图，一束带电粒子以一定的初速度沿直线通过由相互正交的匀强磁场磁感应强度为B和匀强电场电场强度为E.组成的速度选择器，然后粒子通过平板S上的狭缝P进入另一匀强磁场,磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度为B/，最终打在A1A2上，下列表述正确的是()A．粒子带正电B．所有打在A1A2上的粒子，在磁感应强度为B/的磁场中的运动时间都相同C．能通过狭缝P的带电粒子的速率等于D．粒子打在A1A2上的位置越靠近P,粒子的比荷越大10、如图所示为某一电源的U-I曲线，由图可知()A．电源电动势为2.0VB．电源内阻为ΩC．电源短路时电流为6.0AD．电路路端电压为1.0V时，电路中电流为5.0A三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用螺旋测微器测量其直径如图，由图可知其直径为m；12．（12分）（1）在“研究平抛运动”实验中，一定要使斜槽末端的切线保持_________(填“水平”或“竖直”)。（2）平抛物体的运动规律可以概括为两点：①水平方向做匀速运动；②竖直方向做自由落体运动．为了研究平抛物体的运动，可做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，A球就水平飞出，同时B球被松开做自由落体运动，改变小锤的打击力度，两球总能同时落到地面，这个实验（______）A．只能说明上述规律中的第①条B．只能说明上述规律中的第②条C．不能说明上述规律中的任何一条D．能同时说明上述两条规律四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，电源是用过一段时间的串联电池组，已知电池组电动势E=8V，R1=2R2，r=1.5R，理想电压表的读数为2V，理想电流表的读数为0.2A。求电源内阻r和电阻R的阻值。14．（16分）如图所示平行板电容器的两个极板A、B分别接到电压为80V的恒定电源上，两个极板之间的间距为8cm，电容器带电荷量为。(1)平行板电容器的电容？(2)平行板电容器的电场强度？(3)一个单位正电荷从正极板到负极板电场所做的功？(4)B点距负极板的距离为3cm，则B点处的电势？15．（12分）用30cm的细线将质量为4×10-3㎏的带电小球P悬挂在Ｏ点下，当空中有方向为水平向右，大小为1×104N/C的匀强电场时，小球偏转37°后处在静止状态．(1)分析小球的带电性质;(2)求小球的带电量;(3)求细线的拉力.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】

电场线水平向右，正电荷在电场中的受力方向沿电场线的方向，故由a点沿电场线移到b点的过程中，电场力做正功；则电势能减小；A．电场力做正功，电势能增加，与结论不相符，选项A错误；B．电场力做正功，电势能减少，与结论相符，选项B正确；C．电场力做负功，电势能增加，与结论不相符，选项C错误；D．电场力做负功，电势能减少，与结论不相符，选项D错误；2、B【解题分析】试题分析：A、电路中电流表的示数为2．3A，所以电动机的电压为：U=E﹣U内﹣UR3=22﹣Ir﹣IR3=22﹣2×2﹣2×2．5=7V，电动机的总功率为：P总=UI=7×2=24W，电动机的发热功率为：P热=I2R=22×3．5=2W，所以电动机的输出功率为：P出=24W﹣2W=22W，所以A错误，B正确，C错误；D、电源的输出的功率为：P输出=EI﹣I2R=22×2﹣22×2=23W，所以D错误．故选B．考点：电功、电功率．3、A【解题分析】

A.E=中q表示场中的试探电荷，E=中d表示沿电场线方向的距离，故A正确。B.E=，场强不变，电势差随沿电场线方向距离变大而变大；E=中Q是场源电荷，E随Q的增大而增大，故B错误。C.根据定义可知，第一个公式适用于包括点电荷在内的所有场源的电场求场强，但场强方向与正试探电荷受力方向相同，与负试探电荷受力方向相反，故C错误。D.根据公式可知1N/C=1V/m，故D错误。4、A【解题分析】

振子经过周期具有正向最大加速度说明振子经过后得位置在A点，因此可以判断计时起点振子的位置在O点并且向B方向运动，故振子在计时起点的加速度为零，速度为正向最大，故A正确，BCD错误．5、C【解题分析】

由题意可知考查带电粒子在电场中运动规律，根据电场力的性质、能的性质及牛顿运动定律分析可得。【题目详解】A．只有电场力做功时，动能和电势能守恒，分析图象可知电子的电势能减小，电子在N点的动能大于在M点的动能，故A错误；B．该图象的斜率表示电场力，斜率绝对值越来越小，说明电场力越来越小，场强越来越小，该电场不可能是匀强电场，故B错误；C．由前面分析可知电场力逐渐减小，该电子运动的加速度越来越小，故C正确。D．电子仅受电场力作用，并沿电场线由M点运动到N点，说明电场线一定是直线，故D错误。【题目点拨】在图象中斜率的绝对值表示合外力的大小，只有电场力做功时，动能和电势能相互转化，动能和电势能总和不变。带电粒子运动规迹和电场线重合的条件：(1)电场线是直线(2)初速度为零或与电场线共线。6、C【解题分析】

A．灯泡正常发光时的电压等于其额定电压，电动机的输入电压UM=U-UL=8V-3V=5V故A错误；B．灯泡正常发光，则电路电流即通过电动机的电流是2A，故B错误；C．电动机的热功率PQ=I2RM=（2A）2×1Ω=4W则电动机的效率故C正确；D．整个电路消耗的功率P总=UI=8V×2A=16W故D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解题分析】AB、保持k闭合，则电容器两极板之间的电压保持不变，根据可知，当将A板向B板靠近时，电场强度增大，则电场力增大，θ将增大，故A错误，B正确；CD、断开k，电容器带电量保持不变，由和以及可得，A板向B板靠近，只是d变化，所以电场强度不变，故电场力不变，则θ不变，故D正确，C错误；故选BD。【题目点拨】小球受重力、电场力和绳子的拉力处于平衡状态，当电场力变大时θ增大，电场力变小时θ减小，因此解决本题关键是判断小球所受电场力的变化情况；注意电容器的两种状态的不同，电键闭合其电压不变，电键断开电容器所带电量保持不变。8、BD【解题分析】

A、由题，电阻R1的阻值小于滑动变阻器R0的最大阻值，当滑动变阻器的滑臂P由右端向左滑动的过程中，变阻器左侧电阻与R1串联后与变阻器右侧并联的总电阻先变大后变小，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中电流先变小后变大，电源的内电压也变小后变大，则路端电压先变大后变小，所以V1的示数先变大后变小．V2测量R2两端的电压，R2不变，则V2的示数先变小后变大．故A错误．B、R2不变，由公式P=I2R得知，电流I先变小后变大，则R2上消耗的功率先变小后变大．故B正确．C、已知电源的内阻r＞R2，但外电路总电阻与r的关系无法确定，所以无法判断电源输出功率的变化情况．故C错误．D、当变阻器滑片位于最右端时，R1与变阻器被短路，电路中电流最大，A1的示数最大，A2的示数为零，所以滑臂P由右端向左滑动的过程中，A1的示数不可能不断减小，A2的示数不断变大．故D正确．故选BD．9、ACD【解题分析】

A项：带电粒子在磁场中向左偏转，由左手定则，知粒子带正电，故A正确；B项：所以打在A1A2上的粒子，在磁场中做匀速圆周运动的时间等于半个周期，由，粒子在磁场中运动的周期为则磁场中的运动时间为与带电粒子的比荷有关，故B错误；C项：粒子经过速度选择器时所受的电场力和洛伦兹力平衡：，则，故C正确；D项：经过速度选择器进入磁场的粒子速度相等，由半径公式知，粒子打在A1A2上的位置越靠近P，则半径越小，粒子的比荷越大，故D正确．故选ACD．10、AD【解题分析】

AB．根据闭合电路欧姆定律可知U=E-Ir=-rI+E可见U-I图象的纵轴截距即为电源的电动势，图象斜率的绝对值即为电源的内电阻r，由图象可得：电动势为E=2.0V内阻故A正确，B错误；C．当外电阻为0时，电源短路，则短路电流故C错误；D．当U=1.0V时，由E=U+Ir可得故D正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4.700±0.002【解题分析】解：螺旋测微器的固定刻度读数为4.5mm，可动刻度读数为0.01×20.0mm=0.200mm，所以最终读数为4.700mm=4.700×10﹣3m．故答案为4.700×10﹣3【点评】解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，注意读数时需估读．12、水平B【解题分析】(1)为了保证小球做平抛运动，则斜槽的末端需水平(2)在打击金属片时，两小球同时做平抛运动与自由落体运动．结果同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动；故选B．【题目点拨】通过实验探究出平抛运动处理的规律，并掌握了运动的合成与分解．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、r=6，R=4【解题