江苏省扬州市仪征中学2024届物理高二上期中预测试题含解析

江苏省扬州市仪征中学2024届物理高二上期中预测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一带电粒子射入一固定在O点的点电荷的电场中，粒子运动轨道如图虚线a、b、c所示，图中实线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力，则下列不正确的是（）A．此粒子一直受到静电排斥力B．粒子在b点的电势能一定大于a点的电势能C．粒子在b点的速度一定大于a点的速度D．粒子在a点和c点速度大小相等2、如图所示，带正电的小球Q固定在倾角为θ的光滑固定绝缘细杆下端，让另一穿在杆上的质量为m、电荷量为q的带正电小球从A点由静止释放，到达B点时速度恰好为零。若A、B间距为L，C是AB的中点，两小球都可视为质点，重力加速度为g。则下列判断正确的是A．从A至B，q先做匀加速运动，后做匀减速运动B．在B点受到的库仑力大小是mgsinθC．Q产生的电场中，A、B两点间的电势差大小为U=mgLD．在从A至C和从C至B的过程中，前一过程q电势能的增加量较大3、如图所示，直线A为电源的图线，直线B和C分别为电阻R1、R2的图线．现用该电源分别与R1、R2组成闭合电路甲和乙．由图像一定能确定的是()A．<B．电源与R1组成回路时，电源输出功率较大C．电源与R1组成回路时，电源内阻消耗的功率较小D．两种情况下电源效率相同4、如图所示，平行板电容器分别连接静电计两端，对电容器充电，使静电计指针张开某一角度，撤去电源后，只将电容器两极板间距离增大，则静电计指针张角将：A．增大B．减小C．不变D．无法判断5、下列关于电场强度和电势的说法中，正确的是（）A．电场强度为零的地方，电势一定为零B．电势为零的地方，电场强度一定为零C．电场强度较大的地方，电势一定较高D．沿着电场强度的方向，电势逐渐降低6、如图所示，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=10cm，ad=bc=20cm．电场线与矩形所在平面平行．已知a点的电势为20V，b点的电势为24V，则下列说法正确的是（）A．cd间电势差一定为4VB．c点电势可能比d点低C．电场强度方向一定由b指向aD．电场强度大小一定为E=40V/m二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、原来有磁性的物体，为了使其失去磁性，也就是退磁，可以采用的办法是：A．将其处于低温环境中； B．剧烈震动；C．受到逐渐减弱的交变磁场的作用； D．放置在通电的螺线管内部．8、如图所示，在足够长的光滑绝缘水平直线轨道上方的P点，固定一电荷量为＋Q的点电荷．一质量为m、带电荷量为＋q的物块（可视为质点的检验电荷），从轨道上的A点以初速度v0沿轨道向右运动，当运动到P点正下方的B点时速度为v．已知点电荷产生的电场在A点的电势为（取无穷远处电势为零），P到物块的重心竖直距离为h，P、A连线与水平轨道的夹角为60°，k为静电常数，下列说法正确的是A．点电荷＋Q产生的电场在B点的电场强度大小B．物块在A点时受到轨道的支持力大小为C．物块在A点的电势能D．点电荷＋Q产生的电场在B点的电势9、如图所示，把四个相同的灯泡接成甲、乙两种电路后，灯泡都正常发光，且两个电路的总功率相等，则这两个电路中的U甲、U乙，R甲、R乙之间的关系正确的是()A．U甲＝4U乙 B．U甲＝2U乙 C．R甲＝2R乙 D．R甲＝4R乙10、如图所示为欧姆表的原理图，表头内阻为Rg，调零电阻为R，电池的电动势为E，内阻为r，则下列说法中正确的是A．它是根据闭合电路欧姆定律制成的B．接表内电池负极的应是红表笔C．电阻的“∞”刻度一般在刻度盘的右端D．调零后刻度盘的中心刻度值是r+Rg+R三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）要测量一电源的电动势E(小于3V)和内阻r(约1Ω)，现有下列器材：电压表V(0～3V～15V)、电阻箱(0～999.9Ω)、定值电阻R0＝2Ω、开关和导线．某实验小组根据所给器材设计了如图甲所示的实验电路(1)电路中定值电阻R0的作用是保护________(填“电源”或“电压表”)(2)A同学调节电阻箱阻值R，读出对应的电压表读数U，得到两组数据：R1＝2.0Ω时U1＝2.24V；R2＝4.0Ω时U2＝2.40V．由这两组数据可求得电源的电动势为E＝______V，内阻r＝______Ω(结果保留两位有效数字)(3)B同学图乙作图法计算，图象斜率为K，纵轴截距为b,则E＝______V，内阻r＝______Ω．（用k和b表示）12．（12分）如图甲为一段粗细均匀的新型导电材料棒，现要测量该材料的电阻率.(1)首先用多用电表的欧姆挡(倍率为×100Ω)粗测其电阻，指针位置如图乙所示，其读数为________Ω.(2)用螺旋测微器测量此新型导电材料的直径d，测量结果如丙图所示，则d＝________mm，用游标卡尺测量此新型导电材料的长度L，测量结果如丁图所示，则L＝__________mm.(3)采用以下器材用伏安法尽可能准确地测量其电阻A．电流表：量程为0.6A，内阻约为0.2ΩB．电压表：量程为3V，内阻约为3kΩC．滑动变阻器，最大阻值为20Ω，额定电流1AD．电源E，电动势6VE.开关S，导线若干请在方框中画出实验原理电路图______(4)某同学设计了如图所示的实验电路，但是在实验过程中却发现导电材料棒电阻率的测量明显偏小，经检查发现实验中有一根导线连接错误，该导线是________.(用导线的序号表示)(5)如果(3)问实验电路中电流表示数为I，电压表示数为U，并测出该棒的长度为L，直径为d，则该材料的电阻率ρ＝________(用I、U、L、d表示)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示的电路中，输入电压U恒为12V，灯泡L上标有“6V、12W“字样，电动机线圈的电阻RM=O．50Ω．若灯泡恰能正常发光，求(1)电动机的输入功率(2)电动机的输出功率(3)整个电路消耗的电功率(4)电动机若卡住不转动，灯泡将能否烧坏，请说明理由14．（16分）如图所示，利用小直流电动机提升质量为m的物体A。假设把小直流电动机简化为图2中虚线框内的模型：虚线框内存在磁感应强度为B、方向竖直向上的匀强磁场，磁场的范围足够大。质量为M的导体棒PQ垂直放在间距为l的光滑平行导轨上。棒PQ在安培力作用下运动，带动A上升。导轨的电阻可忽略。电源的电动势为E。（1）在A以速度v匀速上升的过程中，求回路中电流的大小。（2）从接通电路到A以v匀速上升的过程中，回路中的电流是在变化的。a.试简要说明回路中电流发生变化的原因；b.已知这一过程中通过棒PQ的电量为q，A上升的高度为h，求回路中产生的电热。15．（12分）如图所示，固定于水平面上的金属架CDEF处在竖直向下的匀强磁场中，框架间距为l，EF间有电阻R1＝6R和R2＝3R.金属棒MN长也为l，电阻为R，沿框架以速度v从靠近EF的位置开始，向右匀速运动.除了电阻R1、R2和金属棒MN外，其余电阻不计.开始磁感应强度大小为B0，求：(1)金属棒MN的感应电动势多大？回路EFMN的电流大小和方向如何？(2)电阻R1消耗的电功率多大？当运动到金属棒MN与边EF相距为d时，流过R1的电荷量为多少？(3)当金属棒MN运动到与边EF相距为d时，记为t＝0时刻，保持导体棒的速度不变.为使MN棒中不产生感应电流，磁感应强度B随时间t发生变化，请推导B与t的关系式.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解题分析】试题分析：电场线与等势面垂直．电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，沿电场线的方向，电势降低，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．解：A、曲线运动的合力指向曲线的内侧，根据轨迹弯曲方向判断出，粒子在a→b→c的过程中，一直受静电斥力作用，故A正确．B、粒子由a到b，电场力做负功，所以粒子的电势能增加，所以b点的电势能一定大于在a点的电势能，故B正确．C、根据动能定理，粒子由a到b，电场力做负功，动能减少，故粒子在b点的速度一定小于在a点的速度，故C错误．D、c点和a点在同一个等势面上，电场力做功为零，动能不变，故它们的速度的大小相等，但是他们的速度的方向不同，故D正确．本题要求选择不正确的，故选C【点评】本题关键是根据曲线运动的条件判断出静电力的方向，然后结合静电力做功与电势能变化的关系以及动能定理判断电势能和动能的改变情况．2、C【解题分析】小球q下滑过程中，沿杆的方向受到重力的分力mgsinθ和库仑力，两力方向相反，根据库仑定律：F=kQqr2可知，库仑力逐渐增大，由题意可知，库仑力开始时小于mgsinθ，后来大于mgsinθ，所以q先做加速度减小的变加速运动，后做加速度增大的变减速运动，当库仑力与mgsinθ大小相等时速度最大，故A错误；q从先做加速运动后做减速运动，在B点时加速度沿杆向上，所以库仑力大于mgsinθ，故B错误；从A到B，根据动能定理得：mgLsinθ+qUAB=0，又UBA=-UAB，可得：UBA=mgLsinθq，故C正确；下滑过程，AC间的场强小，CB间场强大，根据U=Ed知，A、C间的电势差值小于C、B间的电势差值，根据电场力做功公式W=qU得知，从A3、C【解题分析】

A项：U-I图象中图线的斜率表示电阻大小，由图象可知，B直线的斜率大于C图线，所以R1>R2，故A错误；B项：当外电阻与电源内阻相等或越接近时，电源的输出功率越大，由于不知道电源内阻与两电阻的大小关系，所以无法判断哪种情况下的电源输出功率较大，故B错误；C项：由于R1>R2，所以电源与R1组成回路时电流较小，由公式可知，电源与R1组成回路时，电源内阻消耗的功率较小，故C正确；D项：电源效率，所以外电阻越大，电源效率越大，故D错误．故应选：C．4、A【解题分析】充电后撤去电源，电荷量不变．板间距离增大，，电容变小，,电势差变大，静电计指针张角变大，A对．5、D【解题分析】电场线的疏密程度反映场强大小，沿电场线方向电势逐渐降低，两者的大小没有什么必然的联系，只是都从电场线上可以表示出来．所以选D．思路分析：根据电场线的特点和引入电场线的目的出发解题．试题点评：考查电场线与场强、电势的关系．这是本章重点，应该要求学生熟练掌握．6、A【解题分析】试题分析：匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线，而等势线与电场线垂直，可知，cd间电势差等于ba间电势差．电场线方向无法确定，场强大小不能求出．解：A、C根据题设条件可知，场强方向无法确定，知道了ab间电势差，但不能根据E=求出场强的大小．故AC错误．B、根据匀强电场的电场线与等势线分布的特点可知，cd间电势差必等于ba间电势差，为4V．故B正确．D、cd间电势差为4V，则知c点电势比d点高4V．故D错误．故选B【点评】本题的关键在于抓住匀强电场的等势面与电场线分布均匀的特点，分析cd间电势差与ba间电势差的关系．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解题分析】

原来有磁性的物体，经过高温、剧烈震动或者逐渐减弱的交变磁场作用，就会失去磁性，这种现象叫做退磁．故BC正确，AC错误；故选BC.【题目点拨】原来有磁性的物体，经过高温、剧烈震动或者逐渐减弱的交变磁场作用，分子电流的取向变得杂乱无章，磁体就会失去磁性．8、ABD【解题分析】试题分析：点电荷+Q产生的电场在B点的电场强度大小为：，选项A正确；物体受到点电荷的库仑力为：，由几何关系可知：设物体在A点时受到轨道的支持力大小为N，由平衡条件有：N-mg-Fsin60°=0，解得：．B正确；物块在A点的电势能EPA=+qφ，则C错误；;设点电荷产生的电场在B点的电势为φB，动能定理有：qφ+mv02＝mv2+qφB，解得：．故D正确；故选ABD．考点：电场强度与电势差的关系；电势及电势能；库仑定律【名师点睛】解决本题的关键知道电场力做功W=qU，U等于两点间的电势差．以及掌握库仑定律和动能定理的运用．9、BD【解题分析】设灯泡的额定电流为I0；因两灯泡正常发光，故灯泡中电流相等；则甲电路中电流为I0；乙电路中电流为2I0；因总功率相等，故两电阻消耗的功率相等；则由P=I2R可知，R甲=4R乙；故D正确，C错误；由欧姆定律可知：U甲=I0R甲+2U=2I0R乙+2U；U2=2I0R乙+U；故U甲=2U乙；故A错误，B错误；故选BD．10、ABD【解题分析】

多用电表是根据闭合电路的欧姆定律制成的，选项A正确；接表内电池负极的是红表笔，接电源正极的是黑表笔，电流从黑表笔出，红表笔进，选项B正确；“∞”刻度在刻度盘的左端，选项C错误；当多用电表指针指在中间位置时，，.所以Rx＝Rg＋R＋r，即中心刻度值为r＋Rg＋R，选项D正确；点睛：此题考查欧姆表的原理，不但要熟悉如何使用多用电表，同时还要知道电阻刻度盘是不均匀的，明确其原理为全电路欧姆定律.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、电源2.81.0【解题分析】

（1）若无R0存在，当R调节到0时，电源即短路，有烧坏危险，所以作用是保护电源．（2）根据闭合电路欧姆定律，当电阻箱阻值R1＝2.0Ω时有：，当电阻箱阻值R2＝4.0Ω时有：，联立上两式得E=2.8V，r=1.0Ω

．（3）由闭合电路欧姆定律得：，变形得：，其图象的斜率为：，纵轴截距为，联立可得：，．12、2000Ω3.206mm50.15mm⑤【解题分析】

（1）[1]用多用电表的欧姆挡（倍率为“×10”）粗测其电阻，由图乙所示可知，其读数：R=20×10=200Ω（2）[2][3]由图丙所示螺旋测微器可知，其示数：d=3mm+20.8×0.01mm=3.208mm由图丁所示游标卡尺可知，其示数：L=50mm+3×0.05mm=50.15mm（3）[4]待测电阻阻值约为200Ω，电流表内阻约为0.2Ω，电压表内阻约为3kΩ，待测电阻阻值远大于电流表内阻，电流表应采用内接法，滑动变阻器最大阻值为20Ω，待测电阻阻值远大于滑动变阻器最大阻值，为测多组实验数据，滑动变阻器应采用分压接法，实验电路图如图所示：（4）[5]导电材料棒电阻率的测量值明显偏小，导电材料棒电阻的测量值偏小，说明电流表采用外接法，由图示电路图可知，导线⑤连接错误．（5）[6]导电材料的电阻：电阻率四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)12W；(2)10W；(3)24W；（4）见解析【解题分析】

（1）电动机两端的电压U1=U−UL=12−6V=6V，整个电路中的电流I=A=2A,所以电动机的输入功率P=U1I=6×2W=12W；（2）电动机的热功率P热=I2RM=4×0.5W=2.0W，电动机的输出功率P2=P−I2RM=12−2W=10W；（3）整个电路消耗的功率P总=UI=12×2W=24W.（4）对于灯泡的电阻电动机若卡住不转动，可看做纯电阻．根据欧姆定律，灯泡两端的电压为：V=10V>6V灯泡将烧坏．【题目点拨】由灯泡铭牌可知灯泡额定电是6V，额定功率是12W，由电功率的变形公式可以求出灯泡正常发光时的电流；由串联电路特点可以求出电动机的电压，由电功率公式可以求出电机总功率与热功率，进一步求出电动机的输出功