2024届云南省禄丰县一中物理高二上期中预测试题含解析

2024届云南省禄丰县一中物理高二上期中预测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，M、N是平行板电容器的两个极板，为定值电阻，、为可调电阻，用绝缘细线将质量为、带正电的小球悬于电容器内部．闭合电键S，小球静止时受到悬线的拉力为F．调节、，关于F的大小判断正确的是A．保持不变，缓慢增大时，F将变大B．保持不变，缓慢增大时，F将变小C．保持不变，缓慢增大时，F将变大D．保持不变，缓慢增大时，F将变小2、两块平行带电金属板，带正电的极板接地，两板间P点处固定着一个负电荷（电荷量很小），现让两板保持距离不变而水平错开一段距离，则（）A．P点场强变小 B．两板间电压变小C．P点电势不变，负电荷的电势能不变 D．P点电势变小，负电荷的电势能变大3、在图所示电路中，电源的电动势为ε，内阻为r，当滑动变阻器的滑片向上滑动时，通过电阻R1的电流I1和通过滑动变阻器R2的电流I2的变化是（）A．I1变大，I2变小B．I1变大，I2变大C．I1变小，I2变大D．I1变小，I2变小4、如图，平行板电容器板间电压为U，板间距为d，两板间为匀强电场，让质子流以初速度v0垂直电场射入，沿a轨迹落到下板的中央，现只改变其中一条件，让质子沿b轨迹落到下板边缘，则可以将A．开关S断开B．初速度变为2v0C．板间电压变为D．竖直移动上板，使板间距变为2d5、如图所示,Q1和Q2是两个电荷量大小相等的点电荷,MN是两电荷的连线,HG是两电荷连线的中垂线，O是垂足,下列说法正确的是A．若两电荷是异种电荷,则OM的中点与ON的中点电势一定相等B．若两电荷是异种电荷,则O点的电场强度大小,与MN上各点相比是最小的,而与HG上各点相比是最大的C．若两电荷是同种电荷,则OM中点与ON中点处的电场强度一定相同D．若两电荷是同种电荷,则O点的电场强度大小,与MN上各点相比是最小的,与HG上各点相比是最大的6、如图所示，三个电阻的阻值相同，在AB间接上电源后，三个电阻的功率之比为（）A．4∶1∶1 B．1∶4∶4C．2∶1∶1 D．1∶2∶2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，光滑绝缘的水平面上方存在一个水平方向的电场，电场线与x轴平行，电势φ与坐标值x的关系式为：φ＝106x(φ的单位为V，x单位为m)．一带正电小滑块P，从x＝0处以初速度v0沿x轴正方向运动，则A．电场的场强大小为106V/mB．电场方向沿x轴正方向C．小滑块的电势能一直增大D．小滑块的电势能先减小后增大8、在弹簧测力计秤钩下挂一个静止的小球，下列说法正确的是（）A．小球对弹簧测力计的拉力就是小球的重力B．小球所受拉力的施力物体是地球C．弹簧测力计对小球的拉力在数值上等于小球的重力D．小球对弹簧测力计拉力的施力物体是小球9、如图所示，要使Q线圈产生图示方向的电流，可采用的方法有A．闭合电键K后，把R的滑片向右移B．闭合电键K后，把R的滑片向左移C．闭合电键K后，把P中的铁心从左边抽出D．闭合电键K后，把Q靠近P10、如图所示，图中直线①表示某电源的路端电压与电流的关系图线，图中曲线②表示该电源的输出功率与电流的关系图线，则下列说法正确的是A．电源的电动势为50VB．电源的内阻为C．电流为2A时，外电路的电阻为25ΩD．输出功率为120W时，输出电压是30V三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某型号电池的电动势约3.7V，内阻约2Ω，现欲测定其电动势E和内阻r，给定的器材有待测电池E滑动变阻器R(0~15Ω,1A)直流电压表V(量程3V，内阻约为6kΩ)直流毫安表mA(量程100mA，内阻RA=5Ω)开关S一个；导线若干.(1)为了把毫安表改装成量程为0.6A的电流表，需要给毫安表并联一个阻值R0=_____Ω的定值电阻；(2)按图甲所示连接好电路，实验过程中要使电压表读数变大，则滑动变阻器滑片应______移动(选填“向左”或“向右”).(3)用该电路测量出多组数据，作出图乙所示的U—I图象(I为毫安表示数)，横坐标截距为a，纵坐标截距为b，则待测电池电动势E=________，内阻r=________(用只含a、b字母的式子表示).12．（12分）用如图（甲）所示的电路图研究额定电压为2.4V的灯泡L的伏安特性，并测出该灯泡在额定电压下工作时的电阻值．（1）在闭合开关S前，滑动变阻器触头应该放在端________．（选填“a”或“b”）；（2）按电路图（甲）测出的灯泡电阻值比真实值________（选填“偏大”或“偏小”）．根据所得到的图像如图（乙）所示，它在额定电压下实际功率P＝________W；（3）若将该灯泡直接接在电动势为2.4V，内阻为6Ω的电源两端，此时电路工作的效率为________．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图，光滑半圆形轨道处于竖直平面内，半圆形轨道与光滑的水平地面相切于半圆的端点A．一质量为m的小球在水平地面上C点受水平向左的恒力F由静止开始运动，当运动到A点时撤去恒力F，小球沿竖直半圆形轨道运动到轨道最高点B点，最后又落在水平地面上的D点（图中未画出）．已知A、C间的距离为L，重力加速度为g．（1）若轨道半径为R，求小球到达半圆形轨道B点时对轨道的压力FN；（2）为使小球能运动到轨道最高点B，求轨道半径的最大值Rm；（3）当轨道半径时，小球在水平地面上的落点D到A点距离是多少？14．（16分）一定质量的理想气体体积V与热力学温度T的关系图象如图所示，气体在状态A时压强P0＝1.0×105Pa，线段AB与v轴平行。(ⅰ)求状态B时的压强为多大？(ⅱ)气体从状态A变化到状态B过程中，对外界做的功为10J，求该过程中气体吸收的热量为多少？15．（12分）像子弹这样高速运动物体的速度通常很难测量，但我们可以借助物理学设计方案帮助我们测量。如图19所示，有一种测子弹速度的方案如下：利用长为L的细线下吊着一个质量为M的沙袋（大小可忽略不计）一颗质量为m、子弹水平射入沙袋并在极短时间内留在其中，然后随沙袋一起摆动，摆线与竖直方向的最大偏角是（小于90°）。已知重力加速度为g。不计空气阻力。（1）求子弹刚射入沙包后和沙包的共同速度v的大小；（2）求子弹射入沙包前瞬时的速度v0的大小；（3）子弹在沙包中相对运动的过程（时间极短）系统产生的内能Q与子弹初动能E0的比值定义为。即：，在子弹质量和沙包质量不变的情况下，a．子弹射入并留在沙袋中的过程与子弹能深入距离有关吗？给出结论并论证；b．改变子弹的速度，子弹可能打穿沙包后继续以一定速度向前运动，这种情况下的值会比子弹留在沙包中大吗？给出结论并论证。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】

保持不变，缓慢增大时，电路的总电阻增大，电流减小，因此两端电压减小，因此可知电场强度减小，则小球收到的电场力减小，绳拉力等于电场力和重力的合力，因此拉力F减小，故A错B正确；保持不变，没有接到电路，其变化不影响电路的变化，因此电容器的电压不变，拉力F不变，CD错误2、D【解题分析】

AB．将两板水平错开一段距离，两板正对面积减小，根据电容的决定式可知，电容C减小，而电容器的电量Q不变，则由得知，板间电压U增大，板间场强可见E增大，故AB错误；CD．P点到下板距离不变，由公式U=Ed得知，P点与下板电势差增大，由于电场线向上，P点的电势低于下极板的电势，则P点的电势降低，负电荷在P点的电势能变大，故C错误，D正确。

故选D。3、A【解题分析】当滑动变阻器的滑片向上滑动时，R2增大，整个电路的总电阻增大，总电流减小，内电压减小，外电压增大，所以通过R1的电流I1增大，而总电流I减小，则流过R2的电流I2减小，故A正确，BCD错误．故选A．4、B【解题分析】

A.开关S断开，电容器极板电荷量不变，电容器电容不变，电容器两极板间电压不变，场强不变，质子所受电场力不变，加速度不变，所以仍落到下板的中央，故A错误；B.将初速度变为，质子加速度不变，运动时间不变，质子的水平位移变为原来的2倍，沿轨迹落到下板边缘，故B正确；C.当板间电压变为时，场强变为原来的，电场力变为原来的，加速度变为原来的，根据知，时间为原来的倍，由知水平位移为原来的倍，所以不可能到达下板边缘，故C错误；D.竖直移动上板，使板间距变为，则板间场强变为原来的，电场力为原来的，加速度为原来的，根据知时间为原来的倍，水平位移为原来倍，不能到达下板边缘，故D错误。5、B【解题分析】试题分析：若两电荷是异种电荷，例如Q1为正，Q2为负，故电场线由M指向N，则OM的中点比ON的中点电势高，选项A错误；若两电荷是异种电荷，则O点的电场强度大小，与MN上各点相比O点的电场线最稀疏，故场强是最小的，而与HG上各点相比，O点的电场线是最密的，故场强是最大的，选项B正确；若两电荷是同种电荷，则OM中点与ON中点处的电场强度大小相同，但是方向相反，即电场强度不同，选项C错误；若两电荷是同种电荷，则O点的电场强度大小为零，故与MN上各点相比是最小的，与HG上各点相比也是最小的，选项D错误．考点：等量异种电荷电场及等量同种电荷电场．6、A【解题分析】

设通过R1的电流为I，由于三个电阻的阻值相同，故通过R2，R3两位两个电阻的电流均为，故三个电阻的电功率之比为：故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】

A．根据匀强电场中的场强与电势差的关系得：故A正确；B．沿x正方向，电势逐渐升高，故电场方向沿x轴负方向，故B错误；CD．滑块向x轴正方向运动时，小滑块P受电场力对滑块做负功，电势能增加，当速度为零时，电势能最大，此后电势能将会减小，则小滑块的电势能先减小后增大，故C错误，D正确。8、CD【解题分析】

AD、小球对弹簧测力计的拉力不能说就是小球的重力，因为小球对弹簧测力计的拉力的施力物体是小球，受力物体是弹簧；而重力的施力物体是地球，受力物体是小球，故A错误、D正确．B、小球所受拉力的施力物体是弹簧，而不是地球，故B错误．C、根据平衡条件可知，静止时弹簧测力计对小球的拉力与小球的重力大小相等，故C正确．9、BD【解题分析】闭合电键，在P中的磁场从左向右穿过Q；闭合电键K后，把R的滑片右移，则电流减小，Q中的磁场方向从左向右减小，根据楞次定律，左边导线电流方向向上．故A错误；同理可判断把R的滑片左移，则电流增加，Q中的磁场方向从左向右增加，根据楞次定律，左边导线电流方向向下．故B正确；闭合电键K后，将P中的铁心从左边抽出，Q中的磁场方向从左向右减小，根据楞次定律，左边导线电流方向向上．故C错误．闭合电键，将Q靠近P，Q中的磁场方向从左向右，且在增强，根据楞次定律，左边导线的电流向下．故D正确．故选BD.10、AD【解题分析】

A.根据闭合电路的欧姆定律，电压的输出电压：U=E-Ir对照U-I图象，当I=0时，U=E=50V故A正确；B.U-I图象斜率的绝对值表示内电阻，故：故B错误。C.电流为2A时，根据可知，外电路的电阻为20，故C错误。D.输出功率为120W时，对照P-I图象，电流为6A，再对照U-I图象，输出电压为30V，故D正确；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1向右b或【解题分析】

（1）为了把毫安表改装成量程为0.6A的电流表，需要给毫安表并联一个阻值的定值电阻；（2）实验过程中要使电压表读数变大，则应该增大外电路的电阻，则滑动变阻器滑片应向右移动.（3）因改装后的电流表量程是原来的6倍，则若毫安表读数为I，则干路电流为6I，改装后的电流表内阻为;由闭合电路欧姆定律：，则E=b；，解得.12、a偏小1.225％【解题分析】

（1）明确变阻器采用分压式接法时，电键闭合前应将滑片置于输出电压最小的一端以保护电流表；（2）根据欧姆定律写出电阻测量值和真实值的表达式即可；（3）画出电源的图像，两图像交点即为小灯泡工作电压和电流；【题目详解】（1）闭合开关前，应将滑动触头置于输出电压最小的a端，以保护电流表；

（2）根据欧姆定律，电阻测量值为，

若考虑电压表内阻影响，待测电阻的真实值为，

比较可知，所以测出的灯泡电阻值比真实值偏小；

根据I-U图象读出时对应的电流，所以小灯泡的实际功率为；（3）作出电源的如图所示：由图像可知，此时小灯泡两端电压为则此时电路工作的效率为：．【题目点拨】本题考查通过小灯泡的伏安特性曲线判断测量值和真实值之间的关系，注意求解电路的效率时需要画出电源的图像进行求解即可．四、计算题：本题共2小题，共26分。