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文档简介

2024届江苏省无锡市物理高二上期中教学质量检测模拟试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、两根完全相同的金属裸导线,如果把其中的一根均匀拉长到原来的2倍,把另一根对折后绞合起来,则这两根导线后来的电阻之比为…()A.1∶4 B.4∶1C.1∶16 D.16∶12、竖直墙面与水平地面均光滑且绝缘,小球A、B带有同种电荷现用指向墙面的水平推力F作用于小球B,两球分别静止在竖直墙和水平地面上,如图所示。如果将小球B向左推动少许,当两球重新达到平衡时,与原来的平衡状态相比较A.推力F将变大B.竖直墙面对小球A的弹力变大C.地面对小球B的支持力不变D.两小球之间的距离变小3、一节干电池的电动势为1.5V,其物理意义可以表述为A.外电路断开时,1s内它能将1.5J的化学能转化为电势能B.外电路闭合时,1s内它能将1.5J的化学能转化为电势能C.外电路闭合时,1s内它能将1.5C的电荷量通过导线的某一截面D.外电路闭合时,导线某一截面每通过1C的电荷量,整个电路就获得1.5J的电能4、A、B两带电小球,电量分别为+q、+9q,质量分别为ml、m2,如图所示,用两根不可伸长的绝缘细线悬挂于O点,静止时A、B两球处于同一水平线上,其中O点到A球的间距OA=2L,∠AOB=90°,∠OAB=60°,C是AB连线上一点且在O点的正下方,带电小球均可视为点电荷,静电力常量为k,则下列说法正确的是()A.AB间的库仑力为F=B.A、B两球的质量之比为1:3C.C点的电场强度为零D.若仅互换A、B两球的带电量,则A、B两球位置将不再处于同一水平线上5、如图所示,A、B为两个带等量异种电荷的金属球,将两根不带电的金属棒C、D放在两球之间,达到静电平衡后,下列叙述正确的是(

)A.C棒左端电势大于C棒右端电势B.C棒左端电势等于C棒右端电势C.若用导线将C棒的x端与D棒的y端连接起来的瞬间,将有从y流向x的电流D.若将B球接地,B所带的负电荷全部流入大地6、如图是一个用均匀金属导线做成的圆环,AB是圆环直径的两端点,当电流I从A点流入,从B点流出时,在环中心处的磁场方向是()A.在圆环所在的平面内,且指向BB.垂直圆环平面,且指向纸外C.垂直圆环平面,且指向纸内D.磁感应强度为零,无方向二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,四个图象描述了对给定的电容器充电时,电容器电量Q、电压U

和电容C三者的关系,正确的图象有()A. B. C. D.8、在如图所示电路中,闭合电键S,当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时,四个理想电表的示数都发生变化,电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示,电表示数变化量的绝对值分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示.下列说法正确的是()A.U1变小,U2变大,U3变小,I变大B.U1变大,U2变小,U3变大,I变大C.U1/I不变,U2/I变小,U3/I变小D.ΔU1/ΔI不变,ΔU2/ΔI不变,ΔU3/ΔI不变9、A、B两个点电荷在真空中所产生电场的电场线(方向未标出)如图所示,图中C点为两点电荷连线的中点,MN为两点电荷连线的中垂线,D为中垂线上的一点,电场线的分布关于MN左右对称,则下列说法中正确的是()A.A、B点电荷的带电量一定相等B.C、D两点的电场强度相同C.C、D两点的电势一定相等D.C、D两点电势高低由A、B电荷的正负决定10、关于电流的方向,下列说法中正确的是()A.在电源供电的外部电路中,电流的方向是从高电势一端流向低电势一端B.电源内部,电流的方向是从高电势一端流向低电势一端C.电子运动形成的等效电流方向与电子运动方向相同D.电容器充电时,电流从负极板流出,流入正极板三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)指针式多用表是实验室中常用的测量仪器,请完成下列问题:(1)在使用多用电表测量时,若选择开关拨至“25mA”挡,指针的位置如图(a)所示,则测量结果为_____mA.(2)多用电表测未知电阻阻值的电路如图(b)所示,电池的电动势为E、内阻为r,R0为调零电阻,Rg为表头内阻,电路中电流I与待测电阻的阻值Rx关系图像如图(c)所示,则该图像的函数关系式为I=_____________________;(3)下列根据图(c)中I-Rx图线做出的解释或判断中正确的是(_________)A.因为函数图线是非线性变化的,所以欧姆表的示数左小右大B.欧姆表调零的实质是通过调节R0使Rx=0时电路中的电流I=IgC.Rx越小,相同的电阻变化量对应的电流变化量越大,所以欧姆表的示数左密右疏D.测量中,当Rx的阻值为图(c)中的R2时,指针位于表盘中央位置的左侧(4)根据图线可知该电池的电动势E=__________.12.(12分)(1)用多用电表测量一个定值电阻的阻值。经过规范操作后,指针位置及选择开关所选欧姆挡倍率分别如图甲、乙所示,则此定值电阻的阻值为______Ω。(2)如图丙所示,在“测定电池的电动势和内阻”实验中,已经连接一部分电路,还剩一根导线没有连接,请在对应位置将电路连接完整。(____)(3)在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中,用电压表和电流表测出多组(U,I)值,在I-U坐标系中描出各对应点,如图丁所示。以下是四位同学作出的小灯泡伏安特性曲线,其中最合理的是_______。A.B.C.D.四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)一物体放在水平地面上,如图1所示,已知物体所受水平拉力F随时间t的变化情况如图2所示,物体相应的速度v随时间t的变化关系如图3所示。求:(1)0~8s时间内拉力的冲量;(2)0~6s时间内物体的位移;(3)0~10s时间内,物体克服摩擦力所做的功。14.(16分)如图所示,在竖直平面内,AB为水平放置的绝缘粗糙轨道,CD为竖直放置的足够长绝缘粗糙轨道,AB与CD通过四分之一绝缘光滑圆弧形轨道平滑连接,圆弧的圆心为O,半径R=0.10m,轨道所在空间存在水平向右的匀强电场,电场强度的大小E=1.0×104N/C,现有质量m=0.20kg,电荷量q=8.0×10—4C的带电体(可视为质点),从A点由静止开始运动,已知SAB=1.0m,带电体与轨道AB、CD的动摩擦因数均为0.1.假定带电体与轨道之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等.(取g=10m/s2)求:(1)带电体运动到圆弧形轨道C点时的速度;(2)带电体最终停在何处:(3)带电体到达C点后经多长时间停止运动.15.(12分)一个电量q=2×10-10C的正点电荷放在匀强电场的A点,它受到的电场力是10-7N,则:(1)此电场的场强是多大?(2)此电荷只在电场力作用下从静止开始移动了0.4m而到达B点,到达B点时电荷的动能有多大?(3)A、B两点间的电势差是多少?

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】设导线变化前的长度为L,横截面积为S,其中的一根均匀拉长到原来的2倍,则,,把另一根对折后绞合起来后,则,,代入公式可得,所以D正确,思路分析:无论是均匀拉长还是对折后绞合起来,导线的体积保持不变,然后结合公式分析解题试题点评:本题考查了对公式的简单计算,关键是熟练公式和细心计算,2、C【解题分析】

先以A球为研究对象,分析受力,作出力图,根据平衡条件分析墙壁对A的弹力如何变化,再以AB整体为研究对象,根据平衡条件分析F如何变化和地面对小球B的弹力的变化.由库仑定律分析两球之间的距离如何变化;【题目详解】ABC、以A球为研究对象,分析受力,作出力图如图所示,设B对A的库仑力F与墙壁的夹角为,由平衡条件得竖直墙面对小球A的弹力为:,将小球B向左推动少许时,减小,则竖直墙面对小球A的弹力N1减小;再以AB整体为研究对象,分析受力如图所示,由平衡条件得:,,则F减小,地面对小球B的支持力一定不变,故C正确,A、B错误;D、由上分析得到库仑力,减小,cos增大,减小,根据库仑定律分析得知,两球之间的距离增大,故D错误;故选C.【题目点拨】运用隔离法和整体法结合分析动态平衡问题,关键是确定研究对象(往往以受力较少的物体为研究对象),分析受力情况.3、D【解题分析】由电动势的定义式,可知,电源中每通过1C电量,非静电力做功为1.5J,电源把1.5J的化学能转变为电能,而不是1s内将1.5J的化学能转变成电能.故AB错误.当1s内能使1.5C的电量通过导线的某一截面时,电路中电流是1.5A,但电动势不一定等于1.5V.故C错误.导线某一截面每通过1C的电量,这段导线就消耗1.5J的电能,故D正确.故选D.点睛:本题考查对电源电动势的理解.电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领的大小,当非静电力把1C的正电荷从负极移到正极时,一节干电池向整个电路提供1.5J的电能.4、C【解题分析】根据题意,由几何关系可知,lOA=2L,lAB=4L,lOB由库仑定律可知AB间的库仑力为F=FAB如图所示受力分析可知:FBAm两式相除,得:mAmB=由几何关系可知,lAC=根据点电荷场强公式E=kQr2可知:A点电荷在C点的场强大小为E=kqL2,B点电荷在C点的场强大小为交换电荷量以后,A、B两球各自受到的库仑力FAB和FBA大小均没有发生变化,上图所示的平衡依然成立,故A、B两球位置将依然处在同一水平线上,【题目点拨】(1)依据库仑定律,结合几何关系,可求解两球之间的库仑力;(2)两球都处于平衡态,列平衡方程,可找出两球质量之间的关系;(3)两球的平衡与两球之间的相互作用力大小有关,而与两球交换电荷量无关。5、B【解题分析】

AB.放在电场中的导体C和D都是等势体,可知C棒左端电势等于C棒右端电势,选项A错误,B正确;C.金属球A、B间的电场从A指向B,因为沿着电场线电势降低,故C棒的电势高于D棒的电势,若用导线将C棒的x端与D棒的y端连接起来的瞬间,将有从x流向y的电流,故C错误。

D.若将B球接地,B所带的负电荷一部分流入大地,由于静电感应,B所带的负电荷还将保留一部分,故D错误。6、D【解题分析】电流从A流入圆环,分两条路流过圆环再在B处流出.则由安培定则判断上半圆在O点产生的磁场垂直纸面向里;下半圆在O点产生的磁场垂直纸面向外.又因为磁场是矢量,可叠加,上下半圆产生的磁场大小相等.方向相反,所以O点磁感应强度为零,无方向.二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BCD【解题分析】

ABD.根据可知对于给定的电容器来说,电容不随电量Q、电压U的变化而变化,故A错误;BD正确;C.根据可知在给定的电容器状况下,电荷量随电压的增加而增加,故C正确。8、CD【解题分析】试题分析:当滑动变阻器R2的滑动触头P向上滑动,其阻值变小,总电阻变小,电流表示数I变大,路端电压U3减小,R1的电压U1增大,故R2的电压U2减小.故AB错误.因R1是定值电阻,则有,不变.因为,R2变小,变小;=R1+R2,变小.故C正确.根据闭合电路欧姆定律得U3=E-Ir,则,不变.U2=E-I(R1+r),则=R1+r,不变,故D正确.故选CD.考点:电路的动态分析9、AC【解题分析】由题意可知,电场线的分布关于MN左右对称,所以A、B点电荷的带电量一定相等,故A正确;在两等量异号电荷连线的中垂线上,中间点电场强度最大,也可以从电场线的疏密判断,所以C点的电场强度比D点的电场强度大,故B错误;等量异号电荷连线的中垂线为等势线,与所以C点的电势等于D点的电势,与A、B电荷的正负无关,故C正确,D错误。所以AC正确,BD错误。10、AD【解题分析】

AB、在电源供电的外部电路中,电流从正极流向负极,在电源的内部,电流从负极流向正极,电源正极电势高于负极电势,所以A正确,B错误;C、电子带负电,电子运动形成的电流方向与电子运动的方向相反,C错误;D、电容器充电时,电子流入负极板,所以电流从负极板流出,流入正极板,D正确.三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、11.5BCD【解题分析】试题分析:(1)多用电表电流档读数,0—25mA挡选0—250表盘读数,每一小格表示0.5毫安,采用估读法,指针正对11.5mA,记为11.5mA,不能读成11.50mA.(2)根据闭合电路的欧姆定律,当电流为时,有;当电流为时,有,由以上两式可得,又,即.由上可知,故.(3)欧姆表盘是由电流表示电阻,根据闭合电路的欧姆定律可知电阻越大电流越小,表盘上电流左小右大,电阻应是左大右小,故A错误;由(2)可知当时,,调节R0,使回路中电流为Ig,也就是说此时将多用电表两表笔短接,回路中电流为Ig,表明外接电阻为零,故B正确;由可知,Rx由0→R1→2R1→3R1→4R1→……逐渐变化时,电流I的变化为……,可见Rx越小,相同的电阻变化量对应的电流变化量越大,所以欧姆表的示数左密右疏,故C正确;R1位中值电阻,指针正对表盘正中央,R2>R1,欧姆表示数左大右小,因此当阻值为R2时,指针位于表盘中央位置的左侧,故D正确.(4)由(2)已知,且,故.考点:多用电表的原理和使用,闭合电路的欧姆定律.12、120见解析图A【解题分析】

(1)由图乙可知,欧姆表档位选择×10;故读数为12×10=120Ω;(2)由图示实物电路图可知,该实验应用伏安法测电源电动势与内阻,电流表测电路电流,电压表测路端电压,实物电路图如图所示:

(3)根据描点法的基本要求,用平滑的曲线连接各点即可,不能是直线,也不能出现明显的折线。故A正确,

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