广东省湛江市大成中学2024届物理高二第一学期期中考试试题含解析

广东省湛江市大成中学2024届物理高二第一学期期中考试试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、关于电源电动势，下列说法正确的是（）A．电动势、电压和电势差虽名称不同，但物理意义相同，所以单位也相同B．同一电源接入不同的电路中，电动势会发生变化C．电源的电动势就是电源两极间的电压D．1号1.5V干电池比7号1.5V干电池大，但电动势相同2、有一个正充电的电容器，若使它带的电荷量减少了2×10－6C，则其电压降为原来的，则()A．电容器原来带的电荷量是3×10－6CB．电容器原来带的电荷量是4.5×10－6CC．电容器电容是5FD．电容器原来的电压是5×10－7V3、如图所示，在通电直导线下方，有一电子沿平行导线方向以速度v开始运动，则()A．将沿轨迹Ⅰ运动，半径越来越小B．将沿轨迹Ⅰ运动，半径越来越大C．将沿轨迹Ⅱ运动，半径越来越小D．将沿轨迹Ⅱ运动，半径越来越大4、如图（甲）所示中，AB是一个点电荷形成的电场中的一条电场线，图（乙）则是放在电场线上P、Q处检验电荷所受电场力的大小与其电荷量间的函数图象，电场方向由A指向B，由此可以判断（）A．场源电荷是正电荷，位于A侧 B．场源电荷是正电荷，位于B侧C．场源电荷是负电荷，位于A侧 D．场源电荷是负电荷，位于B侧5、在如图所示的电路中，R1、R2、R3和R4皆为定值电阻，R5为可变电阻，电源的电动势为E、内阻为r.设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U，当R5的滑动触点向图中的a端移动时()A．I变小B．I变大C．U变大D．U变小6、如图所示，四个相同的表头分别改装成两个安培表和两个伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它们按图接入电路，则（）①安培表A1的读数大于安培表A2的读数；②安培表A1的偏转角小于安培表A2的偏转角；③伏特表V1的读数小于伏特表V2的读数；④伏特表V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角。A．①④ B．②③ C．③④ D．①②二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列说法中不正确的是（）A．磁感线从磁体的N极出发，终止于S极，所以磁感线是闭合曲线，但电场线是非闭合曲线B．磁感应强度的方向就是小磁针N极所指的方向，也是小磁针N极的受力方向C．通电导线在磁感应强度越大的地方所受安培力越大D．长度为L、电流为I的导线在磁场中受力为F，则磁感应强度B可能大于F/IL8、平行板电容器的两极板A、B接于电池两极,一带正电小球悬挂在电容器内部,闭合电键,电容器充电,这时悬线偏角与竖直方向的夹角为θ,如图所示（）A．保持K闭合,A板向B板靠近,则θ变小.B．保持K闭合,A板向B板靠近,则θ大.C．断开K,A板向B板靠近,则θ增大.D．断开K,A板向B板靠近,则θ不变.9、如图所示，电荷量相同的两个带电粒子、以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，从两极板正中央射入，从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（重力不计），则从开始射入到打到上板的过程中（）A．它们运动的时间B．它们运动的加速度C．它们质量之比D．它们的动能增加量之比10、欧姆定律不适用于（）A．金属导电 B．电解液导电C．稀薄气体导电 D．气体导电三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）智能扫地机器人是生活中的好帮手，已走进了千家万户。如图1是国内某品牌扫地机器人所用的3500mA·h大容量镍氢电池组，其续航能力达到80分钟，标称电动势为14.4V。小明想测出该电池组的电动势和内阻。他找来了如下器材：A．待测电源E（电动势约14.4V，内阻约）B．定值电阻（电阻）C．电阻箱（最大阻值）D．电流表A（量程0.6A，内阻约）E．电压表V（量程3V，内阻2）F．滑动变阻器R（，2A）G．滑动变阻器（，0.5A）I．开关、导线若干（1）由于电压表的量程太小，小明用电阻箱与电压表V_______（填“串联”或“并联”），并将电阻箱的阻值调到_________kΩ，把该电压表量程扩大为15V。（2）由于该电源的内阻较小，电压表示数变化会不明显，所以小明先将定值电阻与电源串接起来，如图2所示。实验中滑动变阻器应选用______（填“R”或“”）。（3）闭合电键，调节滑动变阻器R，测出多组数据，作出电压与电流的关系图线如图3所示。根据图线可得该电源的电动势E=_______V，内阻r=_______。（结果均保留一位小数）12．（12分）用电流表和电压表测电池的电动势和内电阻，提供的器材如图所示（1）用实线代表导线把图（甲）所示的实物连接成测量电路_____．（两节干电池串联作为电源，图中有部分线路已连接好）（2）图（乙）中的6个点表示实验中测得的6组电流I、电压U的值，按照这些实验值作出U—I图线______，由此图线求得的电源电动势E=__________v,内电阻r=________Ω.（结果保留小数点后两位数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，BC是位于竖直平面内，半径的圆弧形光滑绝缘轨道，圆心角，其下端点C与足够长的水平绝缘轨道平滑连接，在C点右侧存在水平向左的匀强电场，电场强度．今有一质量为、带电荷量的小物块（可视为质点）从A点以的初速度水平抛出，在B点沿切线进入圆弧轨道．若已知物块与水平轨道间的动摩擦因数，物块在运动过程中电量不变，取，．求：（1）A、B两点之间的高度差h；（2）带电小物块第一次过C点时对轨道的压力大小；（3）通过计算判断小物块能否从B点离开轨道；若不能，求出整个运动过程中小物块在水平轨道上通过的总路程S．14．（16分）在真空中两个静止的点电荷相距10cm，它们之间的静电引力为9×10-4N,当把它们合在一起时，则成为一个带电荷量为3×10-8C的点电荷，问原来两点电荷所带的电荷量各为多少？15．（12分）在不久的将来，我国科学家乘坐“嫦娥N号”飞上月球(可认为是均匀球体)，为了研究月球，科学家在月球的“赤道”上以大小为v0的初速度竖直上抛一物体，经过时间t1，物体回到抛出点；在月球的“两极”处仍以大小为v0的初速度竖直上抛同一物体，经过时间t2，物体回到抛出点。已知月球的半径为R，求：(1)月球的质量；(2)月球的自转周期。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解题分析】

A．电动势表征电源把其他形式的能转化为电能的本领大小，反映了电源内部非静电力做功的本领，电压和电势差是两点之间电势的差，它们的物理意义不同，故A错误；B．把同一电源接在不同的电路中，电源的电动势不变，故B错误；C．电源的电动势等于外电路为断路时电源两端的电压，若电路为通路，电流经过内阻时有电势的降低，此时电源两端的电压小于电动势，故C错误；D．干电池的电动势都是1.5V，1号干电池比7号干电池的体积大，但电动势相同，故D正确。2、A【解题分析】

平行板电容器的电荷量减少，电压减少为原来的，由知电容器电容恒定不变，故电量减少为原来的，即减少了原来的，知电容器原来的带电荷量，A正确B错误；根据题意无法知道电压或者减小电压的具体值，故无法求解电容器，CD错误．3、A【解题分析】

CD．由安培定则可知，通电直导线在其下方的磁场垂直纸面向里，如图所示，根据左手定则可知，电子所受洛伦兹力的方向向上，所以沿轨迹Ⅰ运动，故CD错误；AB．因离导线越近，磁感应强度越大，根据Bqv＝m可知，轨迹半径越来越小，所以A正确，B错误。故选A。4、A【解题分析】

试题分析：由电场强度的定义式得：F=Eq，则知：F-q图象的斜率表示电场强度大小，图线Q的斜率小于P的斜率，说明Q处场强小于P处的场强，该电场是由点电荷产生的，说明Q距离场源较远，即场源位置位于A侧；因为电场线的方向由A指向B，因此为正电荷5、D【解题分析】

A、当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，路端电压变小，U变小，根据闭合电路欧姆定律，电路中并联部分电压变小，则I变小，故A、B正确；C、电源的效率，路端电压减小，E不变，则效率变低，故C正确；D、当外电路电阻等于内阻时,电源的输出功率最大，而r=R1，所以外电路电阻一定大于内阻，则外电路总电阻变小，输出功率增大，故D错误；故选ABC．【题目点拨】关键是知道当R5的滑动触点向图中a端移动时，R5变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电流表A和电压表的读数变化，电源的效率，当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大．6、A【解题分析】

两个安培表是并联在电路中，又安培表是利用表头与电阻并联改装得到的，所以此时两个安培表的表头是并联的，因此流过表头的电流是相等的，安培表A1的偏转角等于安培表A2的偏转角，又因为安培表A1的量程大于A2的量程，安培表A1的读数大于安培表A2的读数；两个伏特表是串联在电路中，又伏特表是利用表头与电阻串联改装得到的，所以此时两个伏特表的表头是串联的，因此流过表头的电流是相等的，伏特表V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角，又因为伏特表V1的量程大于V2的量程，伏特表V1的读数大于伏特表V2的读数。故选A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABC【解题分析】

A、磁感线在外部由N极指向S极，内部由S极指向N极，所以磁感线是闭合曲线，但电场线是非闭合曲线，故A错误；B、磁感应强度的方向就是小磁针静止时N极所指方向，小磁针N极所受磁场力的方向就是该处磁感应强度的方向，故B错误；C、若导线与磁场平行，则即使磁感应强度大，通电导线也不会受安培力，故C错误；D、设长度为L、电流为I的导线与磁感应强度B的夹角为θ，则有BILsinθ=F，磁感应强度B=F不正确的故选ABC。【题目点拨】关键是知道放在匀强磁场中各处的通电导线，受力大小和方向与导线的位置有关，二者相互垂直时，作用力最大，平行时力最小为零。8、BD【解题分析】AB、保持k闭合，则电容器两极板之间的电压保持不变，根据可知，当将A板向B板靠近时，电场强度增大，则电场力增大，θ将增大，故A错误，B正确；CD、断开k，电容器带电量保持不变，由和以及可得，A板向B板靠近，只是d变化，所以电场强度不变，故电场力不变，则θ不变，故D正确，C错误；故选BD。【题目点拨】小球受重力、电场力和绳子的拉力处于平衡状态，当电场力变大时θ增大，电场力变小时θ减小，因此解决本题关键是判断小球所受电场力的变化情况；注意电容器的两种状态的不同，电键闭合其电压不变，电键断开电容器所带电量保持不变。9、BD【解题分析】试题分析：将两个带电粒子的运动垂直电场方向和平行电场方向正交分解，垂直电场方向不受力，做匀速直线运动；平行电场方向受到电场力，做初速度为零的匀加速直线运动，根据运动学公式、牛顿第二定律和动能定理联合列式分析．水平方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，得到运动时间相等，即，在竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，有，并且，，所以，故A错误B正确；因为，，，结合可得，解得，C错误；电场力做的功，等于其动能增加量，所以，D正确．10、CD【解题分析】试题分析：欧姆定律适用于纯电阻电路，金属导电和电解液导电都属于纯电阻电路，都适用于欧姆定律，但是稀薄气体导电和气体导电都属于从不导电到导电的过程，只有电压达到一定数值时气体被电离才会导电，属于不适用于欧姆定律，选项AB适用CD不适用．考点：欧姆定律适用范围三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、串联10R14.61.0【解题分析】（1）小明用电阻箱与电压表V串联，把该电压表量程扩大为15V，串联电阻的阻值与电压表阻值间满足：，代入数据得：（2）滑动变阻器应选用R（若一半接入电路时，电路中电流约为，实验不具有可操作性）（3）根据电压与电流的关系图线，可得，12、（1）测量电路如图所示（2）按照实验值作出的U—I图线如图所示；2.97V（2.96~2.98V），0.71Ω（0.68Ω~0.74Ω）【解题分析】

（1）测电动势和内电阻的实验电路中，只需要用电压表测出路端电压，电流表测出电路电流，多测几组即可得出结论；故实验电路如图所示：（2）将各点用直线连接起来，应让尽量多的点分布在直线上，误差较大的要舍去；由图可知，电源的电动势约为2.96～2.98V；由图可知，当电压为2.6V时，电流为0.5A；则有：E=U+Ir；解得：；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)0.2m；(2)6.1N；(3)1.0m【解