2024届福建省泉州市泉港二中物理高二上期中联考模拟试题含解析

2024届福建省泉州市泉港二中物理高二上期中联考模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一电荷量q=+3×10-5C的小球，用绝缘细线悬挂于竖直放置足够大的平行金属板中的O点，开关S合上后，小球静止时细线与竖直方向的夹角θ=37°．已知两板间距d=0.1m，电源电动势E=15V，内阻r=0.5Ω，电阻R1=3Ω，R2=R3=R4=1Ω，．取g=10m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.1．则以下说法正确的是()A．电源的输出功率为14WB．两板间的电场强度的大小为140V/mC．带电小球的质量5.6毫克D．若增加R1的大小，会有瞬时电流从右向左流过R42、如图所示，在原来不带电的金属细杆附近P处，放置一个正点电荷．达到静电平衡后A．a端的电势比b端的高B．a端的电势比d点的低C．杆上感应电荷在杆内c处产生的场强为零D．达到静电平衡后，P处正点电荷在杆内c处产生的场强为零3、关于动摩擦因数,下列说法正确的是(

)A．两物体接触面间压力越大,动摩擦因数越大B．两物体间滑动摩擦力越大,动摩擦因数越大C．两物体间的动摩擦因数与滑动摩擦力成正比,与两物体间的压力成反比D．两物体间的动摩擦因数是由两物体的材料和接触面的粗糙程度等决定的,与滑动摩擦力和正压力无关4、如图所示，图线甲、乙分别为电源和某金属导体的伏安特性曲线，电源的电动势和内阻分别用E、r表示，根据所学知识分析下列选项正确的是A．电源的电动势E＝40VB．电源的内阻r＝8.3ΩC．当该导体直接与该电源相连时，该导体的电阻为20ΩD．当该导体直接与该电源相连时，电路消耗的总功率为80W5、如图为某控制电路的一部分，已知AA′的输入电压为24V，如果电阻R=6kΩ，R1=6kΩ，R2=3kΩ，则BB′不可能输出的电压是()A．12V B．8V C．6V D．3V6、有些材料沿不同方向物理性质不同，我们称之为各向异性．如图所示，长方体材料长、宽、高分别为a、b、c，由于其电阻率各向异性，将其左右两侧接入电源时回路中的电流，与将其上下两侧接入该电源时回路中的电流相同，则该材料左右方向的电阻率与上下方向的电阻率之比为A． B． C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示的电路中，电源的电动势E和内阻r恒定不变，开关k闭合，不考虑电流表和电压表对电路的影响，则以下分析正确的是()A．当滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，电压表的示数减小，电流表的示数增大B．若只让开关从闭合到断开，电压表、电流表示数都变大C．若只让开关从闭合到断开，R6上将产生由M点到N点的电流D．若实际实验时发现电流表的示数为零，电压表示数不为零，则可能是由于R4断路8、两个等量同种电荷固定于光滑水平面上，其连线中垂线上有A、B、C三点，如图甲所示，一个电荷量为2C，质量为1kg的小物块从C点静止释放，其运动的v-t图像如图乙所示，其中B点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)．则下列说法正确的是()A．B点为中垂线上电场强度最大的点，电场强度E＝1V/mB．由C点到A点的过程中物块的电势能先减小后变大C．由C点到A点的过程中，电势逐渐升高D．AB两点电势差UAB＝－5V9、在如图甲所示的LC振荡电路中，通过P点的电流变化规律如图乙所示，设通过P点的电流向右时为正，则()A．0.5s至1s内，电容器在充电B．0.5s至1s内，电容器的上极板带正电C．1s至1.5s内，Q点比P点电势高D．1s至1.5s内，磁场能正在转化为电场能10、两个相同的负电荷和一个正电荷附近的电场线分布如图所示，c时两负电荷连线的中点，d点在正电荷的正上方，c、d到正电荷的距离相等，则（）A．a点的电场强度比b点的大B．a点的电势比b点的高C．c点的电场强度比d点的大D．c点的电势比d点的低三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学在一次“测定某电阻元件的电阻率”的实验中，用游标卡尺测量电阻元件的长度为L（刻度位置如图1所示），用螺旋测微器测量金属丝直径d（刻度位置如图2所示），用伏安法测出电阻元件的电阻，然后根据电阻定律计算出该电阻元件的电阻率．（1）电阻元件长L为_______cm，金属丝的直径d为_________mm；图1图2（2）该同学测电阻元件的电路图如图所示，若要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图中完成余下导线的连接；12．（12分）在“用单分子油膜估测分子的大小”的实验中，若一滴油酸酒精溶液中油酸所占的体积为V，在水面上散开形成的油膜面积为S，则油酸分子的直径d=_________。如果实验中油膜没有完全散开，则得到的油酸分子直径_________（选填“偏大”或“偏小”）。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，一根长L＝1.5m的光滑绝缘细直杆MN，竖直固定在场强为E＝1.0×105N/C、与水平方向成θ＝30°角的倾斜向上的匀强电场中．杆的下端M固定一个带电小球A，电荷量Q＝＋4.5×10－6C；另一带电小球B穿在杆上可自由滑动，电荷量q＝＋1.0×10－6C，质量m＝1.0×10－2kg.现将小球B从杆的上端N静止释放，小球B开始运动(静电力常量k＝9.0×109N·m2/C2，取g＝10m/s2)(1)小球B开始运动时的加速度为多大？(2)小球B的速度最大时，距M端的高度h1为多大？14．（16分）如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，极板长L＝60cm，两板间的距离d＝30cm，电源电动势E＝36V，内阻r＝1Ω，电阻R0＝9Ω，闭合开关S，待电路稳定后，将一带负电的小球(可视为质点)从B板左端且非常靠近B板的位置以初速度v0＝6m/s水平向右射入两板间，小球恰好从A板右边缘射出．已知小球带电荷量q＝2×10－2C，质量m＝2×10－2kg，重力加速度g取10m/s2，求：(1)带电小球在平行金属板间运动的加速度大小；(2)滑动变阻器接入电路的阻值．15．（12分）如图所示，光滑绝缘细杆竖直放置，它与以正电荷Q为圆心的某圆交于B、C两点，质量为m、带电荷量为－q的有孔小球从杆上A点无初速度下滑，已知q≪Q，AB＝h，小球滑到B点时的速度大小为．求：（1）小球由A到B的过程中静电力做的功；（2）A、C两点间的电势差．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解题分析】

R2=R3=1Ω，并联后的电阻值为：R′＝R2=4Ω；由闭合电路的欧姆定律得：；电源的输出功率P=EI-I2r=15×2-22×0.5=21W，故A错误；两板间的电压为：UC=I（R1+R23）=2×（3+4）=14V；两板间的电场强度为：，故B正确；小球处于静止状态，所受电场力为F，又F=qE，由平衡条件得：水平方向Tcosα-mg=0；竖直方向：Tsinα-qE=0；得：m==5.6×10-4kg，故C错误；若增加R1的大小，电容两端电压增大，电容器充电，会有瞬时电流从左向右流过R4，故D错误．故选B．2、B【解题分析】AB.达到静电平衡后,导体为等势体,导体上的电势处处相等,所以可以得到φa=φb，故AB错误；CD.由于杆处于静电平衡状态，所以内部的场强为零，杆上感应电荷在杆内c处产生的场强与点电荷在c处产生的场强等大反向，不为零，故C错误，D错误；故选：B.点睛：根据静电平衡可知，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等，固定电荷与感应电荷在导体内产生的电场场强等大反向。3、D【解题分析】两物体间的动摩擦因数是由两物体的材料和接触面的粗糙程度等决定的,与滑动摩擦力和正压力无关，D正确．4、C【解题分析】

AB.甲为电源的U−I图象，故纵截距表示电源电动势，即E＝50V，在路端电压为20V时电路电流为6A，根据闭合回路欧姆定律可得50＝20＋6r，解得r＝5Ω，故AB错误；CD.当该导体直接与该电源相连时，两图线的交点表示工作时的电压和电流，故可知电阻两端的电压为40V，通过电阻的电流为2A，所以该导体的电阻大小为20Ω，电路消耗的总功率为，故C正确，D错误；故选择：C；5、D【解题分析】

考查了欧姆定律，串并联电路规律．首先明确电路结构，画出等效电路图，然后根据串并联电路规律，欧姆定律分析解题【题目详解】若两开关都闭合，在电阻和并联，再和R串联，为并联电路两端电压，，若闭合断开，则和R串联，，若闭合断开，则和R串联，，若两者都断开，则电路断路，，故D不可能．6、C【解题分析】

电流相等，则说明两种接法中电阻相等，根据电阻定律可得，故可得，C正确．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解题分析】

A．将滑动变阻器R4的滑片向b端移动时，变阻器接入电路的电阻减小，总电阻减小，则总电流增大，则内阻和R1两端的电压增大，所以右边并联部分的电压减小，所以通过R3的电流减小，而总电流增大，所以电流表示数增大，则R2的电压增大，所以R4的电压减小，所以电压表示数减小，故A正确；B．若只让开关从闭合到断开，则总电阻变大，总电流减小，则右边并联部分的电压变小，电流表示数减小，R4的电流变小，所以电压表示数变小，故B错误；C．若开关从闭合到断开，总电阻增大，总电流减小，并联部分电压变小，电容器放电，所以R6上将产生由点N到点M的电流，故C错误；D．电流表示数为零，说明与电流表串联的部分电路不通，电压表示数不为零，则与电压表并联的部分电阻断开，即可能是由于R4断路，故D正确。8、AD【解题分析】

A．带电粒子在B点的加速度最大，为所受的电场力最大为Fm=mam=1×2N=2N则场强最大值为故A正确；B．从速度时间图象可知，由C到A的过程中，物块的速度一直增大，电场力对物块做正功，电势能一直减小，故B错误；C．据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧，故由C点到A点的过程中电势逐渐减小，故C错误；

D．从速度时间图象可知，A、B两点的速度分别为vA=6m/s，vB=4m/s，再根据动能定理得解得：UAB=-5V故D正确．9、AC【解题分析】由图象知0.5s至1s内，顺时针电流对电容器充电，下极板带正电，A正确、B错误；1s至1.5s内，电容逆时针方向放电，Q点比P点电势高，电场能正在转化为磁场能，C正确、D错误．10、ACD【解题分析】

由图知，a点处的电场线比b点处的电场线密集，c点处电场线比d点处电场密集，故AC正确；过a点画等势线，与b点所在电场线的交点在b点沿电场线的方向上，所以b点的电势高于a点的电势，故B错误；同理可得d点电势高于c点电势，故D正确．【题目点拨】本题是对电场基本性质的理解，电场线与电场强度、电势的关系，可由电场线的疏密判断电场的强弱，由电势的叠加判断电势的高低，也可以通过画等势线，判断电势的高低．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）11.05，1.998；（2）；【解题分析】（1）由图示游标卡尺可知，其示数为：；

由图示螺旋测微器可知，其示数为：；（2）由图示可知，电流表采用外接法，实验要求电流表的示数从零开始逐渐增大，

则滑动变阻器应采用分压接法，实物电路图如图所示：点睛：本题考查了游标卡尺、螺旋测微器读数，考查了连接实物电路图，要掌握常用器材的使用及读数方法，读数时视线要与刻度线垂直；当电压与电流从零开始变化时滑动变阻器只能采用分压接法。12、偏大【解题分析】

[1]根据体积公式可知分子直径为；[2]油膜没有完全散开会导致油酸的在水面的扩散面积减小，从而测量的分子直径偏大。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要