广东省湛江地区六校联考2024届九年级物理第一学期期中质量检测试题含解析

广东省湛江地区六校联考2024届九年级物理第一学期期中质量检测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题1．如图的电路，电源电压不变，闭合开关S后，灯L1、L2都亮了，过一会儿，其中一盏灯突然灭了，但电流表、电压表的读数都不变.发生这一现象的原因可能是（）A．灯L1短路 B．灯L1断路C．灯L2短路 D．灯L2断路2．关于温度、热量、内能，以下说法正确的是（）A．物体的温度越高，所含的热量越多 B．0℃的冰没有内能C．一个物体吸收热量时，温度不一定升高 D．对物体做功，物体的温度一定升高3．如图所示，下列透镜属于凸透镜的是A． B． C． D．4．对如图所示电路的分析，错误的是（）A．当断开Sl、S2，闭合S3时，R1与R2为串联B．当断开S3，闭合S1、S2时，R1与R2为并联C．当断开S1，闭合S2、S3时，R1与R2为串联D．只要同时闭合Sl、S3，就会出现短路现象5．以下四个电路图，与其它三个连接方式不同的是A． B． C． D．6．某品牌独轮车工作原理：当电源开关S1闭合时指示灯亮起，人站在独轮车上开关S2自动闭合，电动机才能启动，开始运动。下列电路设计符合上述要求的是（）A． B． C． D．7．某同学使用电流表时，估计待测电路中的电流应选用0∼0.6A的量程，但他误用0∼3A的量程来测量．这样做的结果是A．指针摆动角度大，会损坏电流表B．指针摆动角度小，会损坏电流表C．指针摆动角度小，读数比较准确D．指针摆动角度小，读数不够准确．8．一台单缸四冲程柴油机转速为3000r/min，则柴油机在1s内A．完成50个冲程，做功50次 B．完成50个冲程，做功25次C．完成100个冲程，做功50次 D．完成100个冲程，做功25次9．在一支平底试管内装入适量铁砂，然后将其先后放入装有甲、乙两种不同液体的烧杯中，试管静止时的状态如图所示，则下列说法中正确的是（）A．试管在甲液体中受到的浮力较大B．试管在乙液体中受到的浮力较大C．装有甲液体的烧杯底部所受压强较大D．装有乙液体的烧杯底部所受压强较大10．如图所示，水沸腾后会将软木塞冲开，其能量转化情况和四冲程内燃机的哪一个工作冲程相似（）A．吸气冲程 B．压缩冲程 C．做功冲程 D．排气冲程11．甲物体的比热容大于乙物体的比热容，若（）A．甲、乙质量相等，则甲吸收的热量一定多B．甲、乙吸收的热量相等，则乙升高的温度一定多C．甲、乙质量相等，它们升高的温度相同，则甲吸收的热量一定多D．甲、乙质量相等，它们放出的热量也相等，则甲降低的温度一定多12．用同种材料制成两段长度相等、横截面积不同的圆柱形导体，A比B的横截面积大，将它们按如图所示的接法接入电路，则这两段导体两端的电压、通过的电流关系正确的是A．IA＞IBUA＞UB B．IA＜IBUA＜UBC．IA＝IBUA＜UB D．IA＝IBUA＞UB二、填空题13．如图所示，汽油机正处于______冲程，这个冲程的能量转化过程是_________________。14．近期，西宁市创城行动中，交警在检查酒驾时，首先通过嗅觉感知其是否饮酒，交警能闻到酒精味是因为_____，然后通过酒精检测仪定量检测．该仪器原理可以简化成如图所示电路，其中R0为定值电阻，R为气敏电阻，当酒精气体浓度增大时，R的阻值减小．若驾驶员饮酒，检测酒精检测仪上电压表的示数将____（选填“变大”或“变小”）．15．定滑轮在使用时相当于一个杠杆．如图所示，小明用绳子沿着倾斜方向通过定滑轮拉住钩码，已知人手的拉力为，钩码重力为．（1）在图中标出这只“杠杆”的支点，画出拉力的力臂_________（保留作图痕迹）（2）若不计摩擦、滑轮重和绳重，根据公式__________判断人手的拉力__________钩码重力选填（“大于”、“等于”、“小于”）．16．在如图所示的电路中，电源电压保持不变。(1)若电路中各元件均完好，当开关S由断开到闭合时，电压表的示数将________，电流表A1的示数将________.(均选填“变大”“变小”或“不变”)(2)若电路中存在故障且故障只发生在电阻R1、R2处，当开关S由断开到闭合时，发现只有一个电表示数发生变化，则故障是_____________.三、实验题17．（8分）某学习小组在探讨影响导体电阻大小因素时，找资料发现在导体材料和粗细相同时，其电阻与长度成正比，即可以用下述表达式表示：R=kx，其中k为比例常数，x为导体的长度，于是他们用下面的器材：电压恒定的电源、开关、粗细均匀镍铬合金丝、电压表等及图示电路来探究此问题，图中AB为镍铬合金丝，P为活动端，右侧为实物连线图。(1)他们的实验方法是控制了______不变。(2)要完成此实验，除了记录电压表示数外，还需要的测量器材是______。(3)调节镍铬合金丝上的滑动片，电压表的示数______（填“能”或“不能”）反映导体AP间电阻的变化，理由______。18．（8分）为了比较豆浆和牛奶的吸热能力，小敏在家中进行了如下的实验：如图左图所示，在两个相同的塑料瓶中分别装入质量相同、初温都是室温的豆浆和牛奶，两瓶中各装有一支相同的温度计，然后将两个塑料瓶同时浸入热水中．观察现象发现：加热相同的时间，豆浆的温度升高较多．则：（1）要使牛奶和豆浆升高相同的温度，应对________________加热的时间长些．这说明它们升高相同的温度，豆浆吸收的热量比牛奶吸收的热量________________________．（2）小敏利用实验数据大致描绘出豆浆和牛奶的温度随时间变化的图线，如图右图所示，则图线_________________________________应代表的是豆浆．19．（8分）在做测定“小灯泡的电功率”实验时，所用器材有电压为6V的电源，额定电压为2.5V的小灯泡，以及符合实验要求的滑动变阻器，电压表、电流表、开关和导线，图甲是没有连接完的实物电路。

（1）请你用笔画线代替导线，将实物电路连接完整_______。（2）在连接电路时开关应处于_______状态，闭合开关前滑动变阻器的滑片应移到最_______端（选填“左”或“右”）。

（3）小强连接好电路闭合开关，发现小灯泡不亮，电压表、电流表都有示数，接下来应该进行的操作是___.A．检查电路B．移动滑片P，继续进行实验（4）实验中通过移动滑片，分别记下多组对应的电流表和电压表的读数，并绘制成了图乙所示的U﹣I图象，根据图象可计算出小灯泡的额定功率是_______W，当加在小灯泡两端的电压为1.5V时，通电2min，电流通过小灯泡所做的功是_______J。（5）该实验装置_______（选填“能”或“不能”）用来验证欧姆定律中的电流与电压的关系。理由：_______四、作图题20．（8分）根据电路图连接实物图．（______）21．（8分）运用知识解决问题（1）家庭中，灯泡和其它用电器应互不影响，因此灯泡和插座的连接方式是_____．每个灯泡都有一个开关控制，灯泡和这个开关应是_____的．（2）请根据实物电路，在方框内画出电路图____．（3）请根据电路连接实物图_______．五、计算题22．（10分）大山将质量为20kg的水从25℃加热到75℃，[水的比热容为4.2×103J/(kg·℃),天然气的热值为3.5×107J/m3]求：（1）这些水吸收的热量是多少？（2）若这些水吸收的热量全部由完全燃烧天然气获得，则需要多少m3天然气?23．（12分）小高家里原来用液化石油气烧水，每天用60℃的热水100kg，她参加“探究性学习”活动后，在老师和同学的帮助下，制造了一台简易的太阳能热水器．（1）若用这台热水器每天可将100kg的水从加热到60℃，这些水吸收的热量是多少．（2）若液化石油气燃烧放出的热量有70%被水吸收，她家改用太阳能热水器后平均每天可节约液化石油气多少kg？（液化石油气的热值是）

参考答案一、选择题1、D【解题分析】

两个电灯是并联，电压表测量并联后的电压，也为电源电压，电流表与L1串联，测量通过L1的电流；AC．若灯L1短路或灯L2短路，电源被短路，两个灯泡都不发光，电流表和电压表示数会都等于零，故AC不符合题意；B．灯L1断路，电流表的示数会等于零，不符合“电流表和电压表的示数都不变”这一说法，故B不符合题意；D．灯L2断路，并联电路中各个支路用电器互不影响，电流表测的是通过灯L1的电流，不受影响，示数不变；电压表测量电源电压，电压表的示数不变，故D符合题意．2、C【解题分析】

A．热量是一个过程量，不能说含有多少热量，故A错误；B．一切物体在任何情况下都有内能，所以0℃的冰也有内能，故B错误；C．一个物体吸收热量时，温度不一定升高，例如晶体熔化过程中吸收热量但温度保持不变，故C正确；D．因为改变内能的方式有做功和热传递，所以对物体做功的同时，可能物体放出热量，则它的内能不一定会增加，物体的温度不一定升高，故D错误。故选C。3、A【解题分析】由图知，A中透镜中间比边缘厚，是凸透镜，B、C、D中透镜中间比边缘薄是凹透镜．故选A．4、C【解题分析】

A．当断开Sl、S2，闭合S3时，R1与R2为顺次连接，是串联，故A选项正确；B．当断开S3，闭合S1、S2时，R1与R2为并列连接，是并联，故B选项正确；C．当断开S1，闭合S2、S3时，为R1的基本电路，R2被短路，故C选项错误；D．只要同时闭合Sl、S3，电流从正极流出通过S1，S3直接流入电源负极，形成电源短路，故D选项正确．故选C．5、B【解题分析】

各电路元件首尾顺次连接的连接方式是串联，串联电路只有一条电流路径；电路元件并列连接在电路两点间是并联，并联电路有多条电流路径．【题目详解】A.图中有两条通路，两灯为并联；B.图中只有一条通路，两灯为串联；C.图中有两条通路，两灯为并联；D.图中有两条通路，两灯为并联；可见，与其它三个连接方式不同的是B图。故选B.6、C【解题分析】

由题意可知，指示灯和电动机并联，S1控制干路，开关S2控制电动机；A．题图中开关S2闭合后，发生电源短路现象，故A不符合题意；B．题图中指示灯和电动机串联，故B不符合题意；C．题图中指示灯和电动机并联，S1控制干路，开关S2控制电动机，故C符合题意；D．图中S1和开关S2分别控制支路，故D不符合题意。7、D【解题分析】

估计待测电路中的电流应选用0～0.6A的量程，但误用0～3A的量程来测量，则分度值变大了，读数就不太准确了，且指针摆动角度小，小量程换大量程不会烧坏电流表，故选D．8、D【解题分析】

柴油机转速为3000r/min=50r/s，该柴油机1s内曲轴转50转，即有25个工作循环，所以需要完成100个冲程，对外做功25次。故选D。9、D【解题分析】

AB.如图两次试管都漂浮在液面上，浮力等于重力，所以浮力相等，故AB错误；CD.试管在乙液体中排开液化的体积小，根据可知，乙的密度大，且两容器中液体的深度相等，再根据可知，装有乙液体的烧杯底部所受压强较大，故C错误，D正确．【题目点拨】重点是浮沉条件、阿基米德原理和液体压强公式的应用，先根据浮沉状态结合阿基米德原理判断出两液体密度的大小，再根据液体压强的特征判断液体对容器底的压强大小．10、C【解题分析】

如图所示，在试管中装些水，用软木塞塞住，加热使水沸腾，水蒸气会把软木塞冲开，是内能转化为机械能；内燃机的四个冲程中，做功冲程是将内能转化为机械能的过程，因此相当于汽油机的做功冲程，故选C．11、C【解题分析】试题分析：单位质量的某种物质温度升高（或降低）1℃所吸收（或放出）的热量叫做这种物质的比热容），甲物体的比热容大于乙物体的比热容说明：相同质量的甲和乙比较，吸收（或放出）相同的热量，甲的温度升高（或降低）的少；升高（或降低）相同的温度，甲吸收（或放出）的热量多，可以借助热量公式Q=cm△t分析．A、由吸热公式Q吸=cm△t可知，甲、乙质量相等，升高的温度关系不知道，甲吸收的热量不一定多，故A错；B、B、由吸热公式Q吸=cm△t可知，甲、乙吸收的热量相等，但甲、乙质量大小关系不知道，无法比较升高温度的关系，故B错；C、C、由吸热公式Q吸=cm△t可知，甲、乙质量相等，升高的温度相同，比热容大的甲吸收的热量多，故C正确；D、D、由放热公式Q放=cm△t可知，甲、乙质量相等，放出相等热量，比热容大的甲温度变化小，故D错．E、故选C．考点：热量的计算；比热容的概念．点评：本题主要考查了学生对比热容的概念和热量公式的了解和掌握，注意用好控制变量法，可以借助Q=cm△t帮助分析．12、C【解题分析】

因为导体A和B由同种材料制成、长度相同，而A比B的横截面积大，所以RA＜RB；因为两段导体串联，所以通过两导体的电流相等，即IA=IB；由U=IR可得，UA＜UB，故选C。二、填空题13、压缩机械能转化为内能【解题分析】

由图可知，进气门和排气门都是关闭的，活塞上行，可以判断是压缩冲程，压缩冲程中机械能能转化为内能；【题目点拨】汽油机的一个工作循环包括四个冲程：吸气冲程、压缩冲程、做功冲程和排气冲程；压缩冲程中机械能转化为内能，做功冲程中内能转化为机械能。14、分子不停地做无规则运动（或扩散现象）变大【解题分析】

酒精分子不停地做无规则运动，通过饮酒驾驶员的呼吸扩散到空气中，所以交警能闻到酒味；由电路图可知，R与R0串联，电压表测R0两端的电压，因酒精气体浓度增大时，R的阻值减小，所以，若驾驶员饮酒，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，由可知，电路中的电流变大，由U=IR可知，R0两端的电压变大，即电压表的示数变大．15、等于【解题分析】

(1)由于杠杆的概念是：在力的作用下能绕一固定点转动的硬棒叫做杠杆，所以只要在力的作用下能够绕一固定点转动的硬的东西都叫做杠杆，而滑轮正好也是在力的作用下能够绕圆心转动，故它也是杠杆，其本质是一个等臂杠杆.示意图如图所示.(2)由杠杆的平衡条件可得：，由于L1=L2，故F=G.【题目点拨】定滑轮的本质也就是杠杆，其中圆心是不动的，故圆心是支点，拉力是动力，重力拉滑轮的力是阻力，然后过支点向两个力的作用线做垂线，垂足到支点的距离就是力臂的大小，然后利用杠杆的平衡条件再证明其特点.16、变大不变R2断路或R1、R2同时断路【解题分析】

由电路图可知，当电键S断开时，R2和电压表被断路，电路为R1的简单电路，两电流表均测通过R1的电流；(1)[1]当电键闭合时，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表A1测R1支路的电流的，电流表A2测干路电流；由电键S断开时无示数、闭合有示数可知，电压表的示数变大；[2]因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变；(2)[3]电路故障分为短路和断路;若R1短路，闭合电键前，电流经两电流表回到电源的负极，会造成电源短路，电压表示数为0；闭合电键后，电流仍然经两电流表回到电源的负极，会造成电源短路，此时电压表也被短路，电压表示数仍然为0；所以，闭合电键前后，三电流表的示数不变；若R2短路，闭合电键前，两电流表有示数，电压表无示数，闭合电键后，会造成电源短路，电流表A1与电压表均有示数，且干路电流变大，即电压表的示数不变，电流表A1的示数变小，电流表A2的示数变大；若R1与R2同时短路时，电键闭合前后都会造成电源短路，三电表的示数不变；若R1断路，闭合电键前三电表均无示数，闭合电键后，电压表和A2有示数，A1无示数，即电压表的示数变大，电流表A1的示数不变，电流表A2的示数变大；若R2断路，闭合电键前后，通过R1的电流不变，两电流表的示数不变，而电压表有无示数变为有示数，则电流表的示数不变，电压表的示数变化；若R1与R2同时断路时，闭合电键前三电表无示数，闭合电键后，两电流表的示数不变，电压表的示数变大；综上可知，电路故障为R2断路或R1、R2同时断路。三、实验题17、材料和横截面积刻度尺能由公式U=IR，电流一定时，电阻越大，电压越大【解题分析】

(1)[1]根据题意在导体材料和粗细相同时进行实验，即他们的实验方法是控制了材料和横截面积不变。(2)[2]要完成此实验，除了记录电压表示数外，还需要的测量器材是刻度尺，以测量接入电压表之间导体的长度。(3)[3][4]根据串联分压特点，调节镍铬合金丝上的滑动片，电压表的示数能反映导体AP间电阻的变化，理由是由公式U=IR，电流一定时，电阻越大，电压越大。18、牛奶少A【解题分析】

（1）由热量计算公式Q=cmΔt可知，物体吸收热量的多少跟物体的质量多少、温度升高的多少以及物质的比热容大小有关；控制牛奶和豆浆的质量相同，温度的变化量相同，比较加热时间的长短来判断比热容的大小．加热相同的时间，豆浆的温度升高较多．说明吸收相同的热量，牛奶升高的温度慢，说明牛奶的比热容大．因此要使牛奶和豆浆升高相同的温度，应对牛奶加热的时间长些．由于豆浆的比热容小，因此升高相同的温度，吸收的热量少．（2）结合题目和图象可知，加热相同的时间，豆浆的温度升高较多．所以A图线代表豆浆．19、见解析断开左B0.7545不能因为小灯泡的电阻随温度的升高而增大，无法控制电阻不变【解题分析】

（1）测小灯泡电功率的实验时，灯与电流表串联，电压表与灯并联，所以将电压表的负接线柱与灯泡右端连接，如图所示：（2）为了保护电路，在连接电路时开关应处于断开状态，闭合开关前滑动变阻器的滑片应移到阻值最大端，由图知应移动到最左端；（3）闭合开关，发现小灯泡不亮，但电压表、电流表都有示数，说明电路连接是正常的，灯泡不变是国为此时滑动变阻器接入电路的电阻太大，灯泡的实际功率小不发光，当移动滑片，电路中电流增大到一定程度时，灯会发光，所以接下来应该移动滑片P，继续进行实验，故选B。（4）根据图乙所示的U-I图象，灯的电压为2.5V时，电流为0.3A，小灯泡的额定功率是：；由图乙知，灯端的电压为1.5V时，电流为0.25A，通电2min，根据得，电流通过小灯泡所做的功是：；（5）根据图乙所示的U-I图象知，灯泡两端的电压与电流不成正比，因为灯丝电阻随温度的升