青岛第二中学物理高一第一学期期末调研试题含解析

青岛第二中学物理高一第一学期期末调研试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，水平地面上有一个坑，其竖直截面为半圆，O为圆心，AB为沿水平方向的直径．若在A点以初速度v1沿AB方向平抛一小球，小球将击中坑壁上的最低点D点；若A点小球抛出的同时，在C点以初速度v2沿BA方向平抛另一相同质量的小球并也能击中D点．已知∠COD=60°，且不计空气阻力，则A.两小球同时落到D点B.两小球在此过程中动能的增加量相等C.在击中D点前瞬间，重力对两小球做功的功率不相等D.两小球初速度之比v1∶v2=∶32、如图所示，用AO、BO两根细线吊着一个重物P，AO与天花板的夹角θ保持不变，用手拉着BO线由水平逆时针的方向逐渐转向竖直向上的方向，在此过程中，BO和AO中张力的大小变化情况是A.都逐渐变大B.都逐渐变小C.BO中张力逐渐变大，AO中张力逐渐变小D.BO中张力先变小后变大，AO中张力逐渐减小到零3、马拉车在水平路面由静止开始运动，下面说法中正确的是A.因为马拉车，所以车拉马，这是一对作用力和反作用力B.马拉车的力先产生，车拉马的力后产生C.马拉车前进是因为马拉车的力大于车拉马的力D.匀速直线前进时，马拉车的力等于车向后拉马的力，加速前进时，马拉车的力大4、以下说法中正确的是：A.地球吸引物体、物体吸引地球，这是一对作用力和反作用力B.甲物体对乙物体施加作用力，乙物体受到作用后，才产生反作用力，所以先有作用力，再有反作用力C.甲、乙两队拔河，甲队取胜，说明甲队的拉力大于乙队的拉力D.重力和支持力组成一对作用力和反作用力5、如图所示，质量为m的木块，被水平力F紧压在倾角为θ=60°的墙面上处于静止．则关于木块的受力情况、墙面对木块的作用力（压力与摩擦力的合力），下列说法错误的是（）A.墙面对木块一定有压力B.墙面对木块一定有摩擦力C.墙面对木块的作用力为D.墙面对木块的作用力为6、下面关于惯性的说法中，正确的是（）A.只有静止的或做匀速直线运动的物体才具有惯性B.物体质量越大，惯性越大C.物体受推力越大，要它停下来就越困难，所以物体受的推力越大，惯性越大D.运动速度大的物体比速度小的物体难停下来，所以速度大的物体具有较大的惯性7、如图所示，一足够长的木板静止在粗糙的水平面上，t＝0时刻滑块从板的左端以速度v0水平向右滑行，木板与滑块间存在摩擦，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力。滑块的v­t图象可能是（）A. B.C. D.8、制动防抱死系统简称其作用是在汽车紧急刹车时使车轮不被抱死，处于边滚边滑的状态．某汽车在启用ABS刹车系统和不启用ABS剩车系统紧急刹车时其车速与时间的变化关系分别如图中的、图线所示，其中，由图可知，启用ABS后A.加速度总是比不启用ABS时大 B.速度总是比不启用ABS时小C.平均速度比不启用ABS时大 D.刹车距离比不启用ABS时小9、关于速度、速度变化量和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A.速度变化量越大，加速度就一定越大B.加速度的方向与速度变化量的方向相同C.加速度增大，速度一定增大D.速度与加速度方向相同，即使加速度的大小在减小，速度也会增大10、如图所示，我国航天飞机在完成航天维修任务后，在A点从圆形轨道Ⅰ进入椭圆轨道Ⅱ，B为轨道Ⅱ上的一点，关于该航天飞机的运动，下列说法中正确的有A.在轨道Ⅱ上经过A的速度大于经过B的速度B.在轨道Ⅱ上经过A的速度等于在轨道Ⅰ上经过A

的速度C.在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期D.在轨道Ⅱ上经过A的加速度等于在轨道Ⅰ上经过A的加速度11、如图所示，质量均为M的A、B两滑块放在粗糙水平面上，两轻杆等长，杆与滑块、杆与杆间均用光滑铰链连接，在两杆铰合处悬挂一质量为m的重物C，整个装置处于静止状态，设杆与水平面间的夹角为θ．下列说法正确的是（）A.当m一定时，θ越小，滑块对地面的压力越大B.当m一定时，θ越大，轻杆受力越小C.当θ一定时，M越大，滑块与地面间的摩擦力越大D.当θ一定时，M越大，可悬挂重物C的质量m越大12、科学家关于物体运动的研究对经典力学的发展具有重要作用．下列说法符合历史事实的是A.亚里士多德认为重物体下落与较轻物体下落一样快B.伽利略用实验直接证实了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动C.笛卡儿认为如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来，也不偏离原来的方向D.牛顿第一定律揭示了力不是维持物体运动状态的原因，而是改变物体运动状态的原因二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）如图是“验证力的合成的平行四边形定则”实验示意图。将橡皮条的一端固定于A点，图甲表示在两个拉力F1、F2的共同作用下，将橡皮条的结点拉长到O点；图乙表示准备用一个拉力F拉橡皮条，图丙是在白纸上根据实验结果画出的力的合成图示。（1）有关此实验，下列叙述正确的是________(填正确答案标号)。A．在进行图甲的实验操作时，F1、F2的夹角越大越好B．在进行图乙的实验操作时，必须将橡皮条的结点拉到O点C．拉力的方向应与纸面平行，弹簧及钩子不与弹簧测力计的外壳及纸面接触，产生摩擦D．在进行图甲的实验操作时，F1、F2的夹角越小越好（2）图丙中________为F1和F2合力的理论值(填F或者F′)。14、（10分）如图所示，小球在较长的斜面顶端，以初速度v0=2m/s，加速度a=2m/s2向下滑，其中斜面长L为8m，（1）小球在斜面上滑行的时间为多少？（2）滑行到斜面底端的速度大小是多少？三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，质量分别为和的木块A、B，用一劲度系数的轻质弹簧连接放在水平地面上，最初整个系统处于静止状态，现用一竖直向上的力缓慢拉动木块A直到木块B刚好离开地面。求：（）(1)最初系统静止时轻质弹簧的形变量；(2)木块B刚好离开地面时轻质弹簧的形变量。16、（12分）如图所示,一水平传送带以v=2m/s的速度做匀速运动,将一物体无初速度地放在传送带一端,已知物体与传送带间的动摩擦因数为0.1,物体由传送带一端运动到另一端所需时间为11s,求传送带两端的距离.(g取10m/s2)17、（12分）如图所示，质量M=8kg的小车放在光滑水平面上，在小车左端加一水平推力F=8N，当小车向右运动的速度达到1.5m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为m=2kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数为0.2，小车足够长．求：（1）小物块刚放上小车时，小物块及小车的加速度各为多大？（2）经多长时间两者达到相同的速度？共同速度是多大？（3）从小物块放上小车开始，经过t=1.5s小物块通过的位移大小为多少？（取g=10m/s2）

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、D【解析】根据h=gt2得，，两球下降的高度之比为2：1，则运动的时间之比为：1．由几何关系知，两球的水平位移之比为2：，则两球的初速度之比为：3．故D正确，A错误．因为两小球下降的高度不同，重力做功不同，根据动能定理知，动能的增加量不等．故B错误;两球下落的高度之比为2：1，则落到D点的竖直速度不等，根据P=mgvy可知，重力的瞬时功率不等，选项C错误；故选D.2、D【解析】对接点O为研究对象，进行受力分析OA和OB绳子的拉力的合力总是与物体的重力相平衡，所以两个拉力的合力不变，随着OB绳子的转动，从三角形的边长变化可知BO中张力先变小后变大，AO中张力逐渐减小到零；A．都逐渐变大，与结论不相符，选项A错误；B．都逐渐变小，与结论不相符，选项B错误；C．BO中张力逐渐变大，AO中张力逐渐变小，与结论不相符，选项C错误；D．BO中张力先变小后变大，AO中张力逐渐减小到零，与结论相符，选项D正确；故选D.3、A【解析】A．因为马拉车，所以车拉马，这是一对作用力与反作用力，故A正确；B．作用力与反作用力同时产生，同时消失，故B错误；C．马拉车时，车能前进是因为马拉车的力大于车所受的阻力，马拉车的力与车拉马的力是一对作用力与反作用力，大小相等，故C错误；D．马拉车的力与车拉马的力是一对作用力与反作用力，大小相等，故D错误。4、A【解析】A．地球吸引物体、物体吸引地球，这是一对作用力和反作用力，A正确；B．作用力与反作用力同时产生，同时消失，B错误；C．甲队对绳子的拉力和绳子对甲队的拉力为相互作用力，等大反向，同理乙队对绳子的拉力和绳子对乙队的拉力等大反向，所以甲队的拉力等于乙队的拉力，C错误；D．相互作用力是作用于不同物体的相同性质的力，重力和支持力不是相互作用力，D错误。故选A。5、C【解析】木块受到重力和水平力F后，墙面对木块一定有压力，也一定有沿斜面向上的摩擦力，否则不能平衡，故AB说法正确；木块受重力、支持力、推力和静摩擦力平衡，受力如图：根据多个共点力平衡的特点可知，墙壁的支持力与摩擦力的合力一定与重力与F的合力大小相等，方向方向相反，重力与推力的合力为：，故墙面对木块的作用力为，故C说法错误，D说法正确．所以选C6、B【解析】惯性大小的唯一量度是质量，与运动状态无关，故A错误；惯性大小的唯一量度是质量，故物体质量越大，惯性越大，故B正确；惯性大小的唯一量度是质量，与受力无关，故C错误；惯性大小的唯一量度是质量，与速度大小无关，故D错误；故选B.7、AC【解析】CD．滑块滑上木板，受到木板对滑块向左的滑动摩擦力，做匀减速运动，若木块对木板的摩擦力大于地面对木板的摩擦力，则木板做匀加速直线运动，当两者速度相等时，一起做匀减速运动。设木块与木板间的动摩擦因数为μ1，木板与地面间的动摩擦因数为μ2，木块的质量为m，木板的质量为M，知木板若滑动，则μ1mg>μ2（M＋m）g最后一起做匀减速运动，加速度a′＝μ2g开始时木块做匀减速运动的加速度大小为a＝μ1g>μ2g知图线的斜率变小，故C正确，D错误。A．若μ1mg<μ2（M＋m）g则木板不动，滑块一直做匀减速运动，故A正确。B．由于地面有摩擦力，最终木块和木板不可能一起做匀速直线运动，故B错误。故选AC。8、CD【解析】根据速度图象的斜率等于加速度，由斜率的大小来比较加速度的大小．由图象直接比较车速的大小，由由图线与时间轴围成的面积表示位移，比较位移的大小．结合平均速度的定义分析【详解】根据速度图象的斜率等于加速度，斜率绝对值越大，加速度越大，知启用ABS后加速度先先比不启用ABS时小，后比不启用ABS时大，故A错误；由图看出，启用ABS后速度先比不启用ABS时大，后比不启用ABS时小，故B错误；根据速度时间图象与时间轴围成的面积表示位移，可以看出，内，启用ABS后比不启用ABS时大，所以启用ABS后平均速度比不启用ABS时大，故C正确；根据速度时间图象与时间轴围成的面积表示位移，由图知启用ABS后刹车距离比不启用ABS时小，故D正确．所以CD正确，AB错误【点睛】本题考查对图象的掌握和应用，要注意明确图象中点、线、面的意义，能根据图象分析物体的运动情况是解题的关键9、BD【解析】A．速度变化量大，即△v大，由加速度公式，时间不确定，则加速度不一定大，故A错误；B．根据加速度的定义可知，加速度的方向与速度变化量的方向相同，故B正确；C．物体加速度变大，但如果加速度和速度方向相反，则速度在减小，故C错误；D．速度与加速度方向相同，即使加速度的大小在减小，速度也会增大，故D正确。故选BD10、CD【解析】A、在轨道Ⅱ从B到A，万有引力做负功，速度减小，即A点的速度小于B点的速度，故A错误；B、从轨道Ⅱ上的A点进入轨道I，需加速，可知在轨道Ⅱ上经过A的速度小于在轨道Ⅰ上经过A的速度，故B错误；C、根据开普勒第三定律知，，轨道Ⅱ的半长轴小于轨道I的轨道半径，则在轨道Ⅱ上运动的周期小于在轨道Ⅰ上运动的周期，故C正确；D、根据牛顿第二定律知，在不同轨道上经过A点时，所受的万有引力大小相等，则加速度大小相等，故D正确故选CD点睛：根据万有引力做功，结合动能定理比较在轨道Ⅱ上A、B的速度大小；根据变轨的原理比较不同轨道上在A点的速度大小；根据开普勒第三定律比较不同轨道上的运行周期；根据牛顿第二定律比较在不同轨道上的加速度大小11、BD【解析】A．对整体分析可知，对地压力为FN=（2M+m）g与θ无关。故A错误；B．将C的重力按照作用效果分解，如图所示根据平行四边形定则，有故m一定时，θ越大，轻杆受力越小，故B正确；C．对A分析，受重力、杆的推力、支持力和向右的静摩擦力，根据平衡条件，有与M无关，故C错误；D．当θ一定时，M越大，M与地面间的最大静摩擦力越大，则可悬挂重物C的质量m越大。故D正确。故选BD。12、CD【解析】A．亚里士多德认为重的物体下落快；伽利略认为较重物体下落与较轻物体下落一样快，故A不符合题意；B．伽利略没有直接证实了自由落体运动是初速度为零的匀加速直线运动，而是将斜面实验进行外推得出间接得出的实验结果，故B不符合题意；C．笛卡儿指出：如果运动中的物体没有受到力的作用，它将继续以同一速度沿同一直线运动，既不停下来也不偏离原来的方向，故C符合题意；D．牛顿第一定律告诉我们，力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动状态的原因，即力是产生加速度的原因，故D符合题意。故选CD。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、(1).BC(2).F′【解析】（1）[1]AD．在进行“验证力的合成的平行四边形定则”实验时，、的夹角适当大一点，但不是越大越好，也不是越小越好，故AD错误；B．该实验采用了“等效替代”方法，要求两次拉橡皮筋时橡皮筋的伸长量大小和方向相同，因此要求橡皮条的结点拉到点，故B正确；C．为了使所测量的力更准确，弹簧秤的外壳不能与纸面接触，以免产生摩擦，影响拉力大小，故C正确。（2）[2]从图丙中看出以表示、的有向线段为邻边画平行四边形，F′为该平行四边形的对角线，故F′是F1和F2的合力的理论值。14、（1）2s（2）6m/s【解析】（1）根据匀变速直线运动位移和时间的关系得：，解得，（舍去）（2）根据速度和时间的关系可得：【点睛】本题考查学生最基本的匀变速直线运动位移时间关系，速度之间关系，属于简单题三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、(1)4cm；(2)6cm【解析】(1