宁夏石嘴山市平罗四中学2024届物理九上期中教学质量检测试题含解析

宁夏石嘴山市平罗四中学2024届物理九上期中教学质量检测试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、选择题1．下列说法中，正确的是（）A．与绸子摩擦过的玻璃棒带负电B．电荷的移动方向为电流的方向C．金属导体中自由电子定向移动的方向与电流方向相反D．电路中有电源就一定有电流通过2．如图所示，在表面粗糙的斜面上，物块从A点静止释放下滑到B点的过程中，下列说法正确的是（）A．物块的动能不一定增加B．物块的重力势能不一定减小C．物块的重力势能减少量等于动能的增加量D．物块的重力势能减少量大于动能的增加量3．小明按照如图所示电路图连接电路，闭合开关S后，发现两只灯泡都不亮，且电流表的示数为零，电压表的示数接近电源两端的电压．若电路中只有一处故障，则这个故障可能是A．灯泡L1短路 B．灯泡L1断路 C．灯泡L2断路 D．灯泡L2短路4．质量相等、初温相同的甲乙两液体，分别用两个相同的电加热器加热（不计热损失），加热过程中温度变化如图所示．用、分别表示两种液体的沸点，、分别表示甲、乙两种液体的比热容．根据图象可得出正确的关系是（）A． B． C． D．5．A、B两物体质量相等，温度均为10℃，甲乙两杯水质量相等，温度均为50℃．现将A放入甲杯，B放入乙杯。热平衡后甲杯水温降低了8℃，乙杯水温降低了10℃，不考虑热量的损失，则A、B两物体的比热容之比为（）A．4∶9 B．3∶4 C．2∶3 D．1∶26．如图所示的四种情景中，力对物体做功的是A．用力推小车没有推动B．将货物从地面拉到高处C．用力搬石头没有搬动D．提着滑板车在水平路面上前行7．如图所示是油量自动测定装置的示意图，O为杠杆支点，R0为定值电阻，Rx是滑动变阻器，当闭合开关S后A．电路中Rx和R0是并联的B．滑动变阻器Rx连入电路的阻值随油量的增加而增大C．电流表的读数随油量的增加而减小D．电压表的读数随油量的增加而增大8．在汽油机的做功冲程中，高温、高压的燃气推动活塞运动做功，则下列说法正确的是（）A．燃气的内能减少，温度升高B．燃气的内能增加，温度升高C．燃气的内能减少，温度降低D．燃气的内能增加，温度降低9．小英按图甲所示的电路图连接实验电路，测量电阻R的阻值．闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片P后，观察到电压表和电流表的示数分别如图乙、丙所示，则电流表的示数为____A，电阻R的阻值为____Ω．（）A．0.4；5 B．0.4；25 C．5；5 D．2；2510．AB两个电阻的U-I图线如图，把两个电阻串联接在同一电路，下列说法正确的是()A．通过A、B两个电阻的电流之比是2:1B．A的电阻值小于B的电阻值C．A、B两个电阻两端电压之比是2:1D．A、B两个电阻的电功率之比是1:411．有两个定值电阻，甲标有“16Ω，1.5A”，乙标有“22Ω，0.5A”，两电阻串联时，两端能加的最大电压是A．57V B．41V C．35V D．19V12．如图所示的实物电路中，当开关闭合时，甲电流表的示数为0.5A，乙电流表的示数为0.2A，则下列判断正确的是（）​A．通过灯L1的电流为0.5A

B．通过灯L2的电流为0.7AC．通过灯L1的电流为0.3A

D．通过灯L2的电流为0.3A二、填空题13．甲、乙两个电阻，阻值分别为30欧和20欧，把它们串联后接入电路，通过它们的电流之比是______，它们两端的电压之比是______；若将它们并联后接入电路中，通过它们的电流之比是______它们两端的电压之比是______。14．意大利科学家_____首先用实验测定了大气压的值，一个标准大气压的大小约相当于____毫米水银柱所产生的压强；大气压强的大小与海拔高度有关，海拔高度越高，空气密度越_____，大气压强就越_____。（后两空均选填“大”或“小”）15．为了促进广大中小学生身体素质的提高，我国推行了“学生饮用奶计划”。如图所示是一种学生饮用奶，它的净含量为200mL，若它的密度为1.25×103kg/m3，比热容为4.0×103J/(kg·℃)，冬天饮用时把它从10℃加热到40℃需要吸收________J的热量。学生在饮用过程中，剩余牛奶的________(填物理特性)保持不变。16．英国科学家研发出一种“激光橡皮”。在激光照射下，纸张上的黑色碳粉直接______（填物态变化名称）为高温碳蒸气，字迹消失，在这一过程中要______热量。三、实验题17．（8分）小宜做“探究导体电阻与导体长度的关系”的实验，他准备在如图中的A、B两点间接入待研究的电阻丝，电源两端电压恒定，忽略灯丝电阻随温度变化的影响，待用电阻丝的规格如下表。请回答下列问题：序号材料长度横截面积1碳钢合金丝LS2镍铬合金丝LS3镍铬合金丝L2S4镍铬合金丝2LS（1）小宜若选择序号为1、2的两根电阻丝，则探究的是电阻与__________的关系；（2）他将所选电阻丝分别接入A、B两点间，闭合开关，通过观察灯泡的亮暗或电流表的示数来比较电阻丝电阻的大小。实验中，两次电流表指针均有偏转，但第二次的示数小于第一次的示数，说明第二次接入电路的电阻丝的阻值较______（选填“大”或“小”）；（3）小宜判断电阻大小的方法在物理学习中经常用到，以下研究过程能体现这种方法的是_______（选填选项前的字母，只有一个选项正确）。A．水压使水管中形成水流，类似的电压使导体中形成电流B．通过小电动机转动快慢可知电流通过小电动机做功的快慢C．探究电功与通电时间关系时，应保持电压、电流相同18．（8分）如图所示，用相同规格的电加热器给初温均为20℃的甲、乙两液体加热(m甲＜m乙)．这两种液体的温度一加热时间的图象如图所示．(1)实验中用相同规格的电加热器的目的是______________.(2)甲液体第30s的内能_____第35s的内能（选填“大于”、“等于”、“小于”）．(3)小红根据如图中0至30s图象及题目所给信息得出:甲液体的比热容比乙液体的大．你认为小红的说法是否正确?你的依据是什么?__________19．（8分）小明同学在“探究通过导体的电流与电阻的关系”时，他用图甲所示的电路进行实验，实验中电阻R两端的电压始终保持2.4V不变．

（1）请用笔画线代替导线，将甲图中实物电路连接完整（导线不得交叉）____________．（2）开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于____________端（选填“A”或“B”）．（3）在实验过程中，当把电阻R由5Ω更换为10Ω时，滑动变阻器接入电路中的电阻应____________．（选填“变大”、“变小”或“不变”）（4）某次实验时电流表的示数如图乙所示，则电流表示数为_______A，此时R的阻值为_________Ω．四、作图题20．（8分）如图，在空白处填上合适的电表符号，闭合开关后和两灯并联__21．（8分）如图所示，要用两个开关分别控制两个灯泡，应该怎样连接电路？请在图中画出接线．五、计算题22．（10分）如图所示电路中，R1＝20Ω，开关闭合前，电流表示数为0.3A，开关闭合后电流表示数为0.5A。请计算：(1)电阻R2的阻值：(2)电源电压。23．（12分）某研究小组为测量垂直于太阳光的面积为1m2的表面上，每秒钟接收到的太阳能，用自制太阳能热水器做实验．经多次实验得到自制太阳能热水器吸收太阳能的效率为50%．控制太阳能热水器接收太阳光垂直照射的面积始终是2m2，太阳能热水器内的水的质量为100kg，水的初温为20℃，经8750s时间后上升到45℃．请计算：[c水＝4.2×103J/(kg·℃)](1)在上述过程中太阳能热水器内的水吸收的热量是多少焦耳？(2)垂直于太阳光的1m2表面上，每秒钟接收到的太阳能是多少焦耳？

参考答案一、选择题1、C【解题分析】

A．与绸子摩擦过的玻璃棒带正电，故A错误．B．电流是由于电荷的定向移动形成的，物理上规定正电荷移动的方向定义为电流的方向，故B错误．C．电流是由于电荷的定向移动形成的，物理上规定正电荷移动的方向定义为电流的方向，那么负电荷定向移动的方向就是电流的反方向，故C正确．D．电路中有电源，且电路是通路，则电路中一定有电流通过，故D错误．2、D【解题分析】

A．物块从A点静止释放下滑，做加速运动，则其速度变大，质量不变，动能一定会增加，故A错误；

B．物块质量不变，下滑时物体的高度一直减小，所以其重力势能一定减小，故B错误；

CD．由于物体克服摩擦力做功，将一部分机械能转化为内能，并没有都转化为动能，因此，物块的重力势能减少量大于动能的增加量，故C错误，D正确。3、B【解题分析】

当闭合开关后,两只灯泡都不亮,并且电流表无示数,说明电路发生了断路,而电压表有示数,说明电压表能与电源相通,故是灯泡断路．故选B.【题目点拨】闭合开关后，发现小灯泡不亮，电流表无示数，电压表的示数接近电源电压，说明电路中几乎无电流，电压表能与电源相通，故是灯泡处断路了．4、A【解题分析】

如图所示,甲沸腾时的温度高于乙沸腾时温度,即：T甲>T乙；在某一定时间时，两种液体处于液态时，相同时间内，甲的温度的变化量比乙的温度变化量小；根据热量的计算公式Q=cm△t分析,甲和乙质量相等、初温相同,吸收相同的热量(即加热时间相同),甲升高的温度比乙升高的温度低,比较变化的温度可知,甲的比热容大,乙的比热容小即：c甲>c乙.故选A.【题目点拨】如图所示，可以采用控制变量法分析，具体做法在时间一定时，比较温度的变化量；然后再利用热量的计算公式分析；液体沸腾时，吸热、温度不变．5、B【解题分析】

物体A放入甲杯水后，它们的共同温度为水放出的热量A吸收的热量根据热平衡公式即代入相关数据得物体B放入乙杯水后，它们的共同温度为水放出的热量B吸收的热量根据热平衡公式即代入相关数据得因为A、B两物体质量相等，即所以故选B。6、B【解题分析】

力对物体做功需要满足两要素，一是力，二是在力的方向上有移动的距离．用力推小车没有推动，有力无距离，故A错误；将货物从地面拉到高处，既有力又有距离，故B正确；用力搬石头没有搬动，有力无距离，故C错误；提着滑板车在水平路面上前行，力的方向与距离方向垂直，故D错误；故选B．7、D【解题分析】A.由电路图可知,定值电阻R0与滑动变阻器Rx串联，故A错误；B.当油量增加时,浮标上移,在杠杆的作用下滑片下移,变阻器Rx接入电路的电阻减小，电路中的总电阻减小，故B错误；C.油量的增加时，电路中的电阻减小，由I＝可知，电流表的示数增大，故C错误；D.由U＝IR可知,R0两端的电压增大，即电压表的示数增大，故D正确.故选D.8、C【解题分析】试题分析：在汽油机的做功冲程中，高温、高压的燃气推动活塞运动做功，高温、高压的燃气的内能转化为活塞的机械能，高温、高压的燃气的内能减少，温度降低．故本题的正确选项是C．【考点定位】热机的做功冲程能量的转化．9、A【解题分析】由图甲可知，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流，由图乙可知，电压表量程是0～3V，分度值是0.1V，电压表读数是2V；由图丙可知，电流表量程是0～0.6A，分度值是0.02A，电流表示数是0.4A，故CD错误；由可得，电阻R的阻值，故A正确、B错误．故选A．【题目点拨】本题考查了电表的读数和欧姆定律的简单应用，对电表读数时，要先确定电表量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与刻度线垂直．10、B【解题分析】

A．根据题意，两个电阻是串联关系，串联电路中的电流处处相等，则通过A、B两个电阻的电流之比是1:1,故A错误；B．由图象可知，通过两电阻的电流与两端的电压成正比，即两电阻是定值电阻，且UＡ=UＢ=3V时，IＡ=0.6A、IＢ=0.3A，由可得，两电阻的阻值分别为：所以A的电阻值小于B的电阻值，故B正确；C．A、B两个电阻两端电压之比：故C错误；D．A、B两个电阻的电功率之比是：故D错误。11、D【解题分析】

两电阻串联，则允许通过的电流不得超过各电阻的最大限制电流，由欧姆定律可求得最高电压．【题目详解】串联电路中电流处处相等，从题意可知，在电路中两个电阻的额定电流应相等，当把它们串联接入电路时，电路中允许通过的最大电流为0.5A，则根据欧姆定律可知此时电路中的最大电压为：U＝IR＝(16Ω+22Ω)×0.5A＝19V；故选D.12、C【解题分析】由电路图可知，两灯泡并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测L2支路的电流，则干路电流I＝0.5A,通过L2的电流I2＝0.2A，故BD错误；因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以,通过L1的电流：I1＝I−I2＝0.5A−0.2A＝0.3A，故A错误，C正确．故选C.点睛：由电路图可知，两灯泡并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测L2支路的电流，根据并联电路的电流特点求出通过L1的电流．二、填空题13、1：13：22：31：1【解题分析】

已知两电阻的阻值，根据串并联电路的特点、欧姆定律分析答题。【题目详解】[1]串联电路电流相等，两电阻串联，通过它们的电流之比是1:1；[2]根据可知，它们两端的电压之比：；[3][4]并联电路电压相等，则两电阻并联，它们的电压之比是1:1，通过它们的电流之比：。14、托里拆利760小小【解题分析】

著名意大利科学家托里拆利首先用实验测定了大气压的值，即将玻璃管内的空气排净，然后装满水银再倒插入水银槽，让液体的压强等于大气压强，测出了水银柱的高度，算出了大气压强值；一个标准大气压的大小约相当于760毫米水银柱所产生的压强，大气压不是固定不变的，海拔高度越高，空气密度越小，大气压强就越小，即大气压随着海拔的高度的增高而减小。15、3×104密度（或比热容）【解题分析】

[1]牛奶的体积，由得牛奶的质量：，牛奶吸收的热量：；[2]因为密度、比热容都是物质的特性，所以，学生在饮用过程中，剩余牛奶的密度、比热容都保持不变。16、升华吸收【解题分析】

[1][2]激光照射下，纸张上的黑色碳粉直接变为高温碳蒸气，即物质由固态直接变为气态，也就是发生了升华现象，升华需要吸收热量。三、实验题17、导体材料大B【解题分析】

(1)[1]由表中实验序号为1、2的数据可知，电阻丝的长度与横截面积相同而材料不同，探究的是导体电阻与导体材料的关系。(2)[2]电源电压一定，电路电阻越大，电路电流越小，第二次实验时电流表示数小于第一次实验时电流表的示数，说明第二次接入电路的电阻丝的阻值较大。(3)[3]小宜通过比较电流表的示数从而判断电阻大小，应用了转换法；A．水压使水管中形成水流，类似的电压使导体中形成电流，应用了类比法，故A不符合题意；B．通过小电动机转动快慢可知电流通过小电动机做功的快慢通，应用了转换法，故B符合题意；C．探究电功与通电时间关系时，应保持电压、电流相同，应用了控制变量法，故C不符合题意。故选B。18、控制甲、乙两液体在相同的时间内吸收的热量相同小于由图像可知，0至30s内，甲乙吸收相同的热量，升高相同的温度，由于甲的质量小于乙的质量，根据公式c＝可知，甲的比热容大于乙的比热容，故小红的说法正确．【解题分析】

(1)实验中用相同规格的电加热器的目的是控制甲、乙两液体在相同的时间内吸收的热量相同；（2）加热过程中，甲液体不断物体吸收热量，内能增加，因此甲液体第30s的内能的小于第35s的内能；（3）由图像可知，0至30s内，甲乙吸收相同的热量，升高相同的温度，由于甲的质量小于乙的质量，根据公式c＝可知，甲的比热容大于乙的比热容，故小红的说法正确．19、A变大0.212【解题分析】

（1）[1]因实验中电阻R两端的电压始终保持2.4V不变，故电压表选用小量程与电阻并联，如上图所示；

（2）[2]开关闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于阻值最大处，即A端；（3）[3]根据串联分压原理可知，将定值电阻R由5Ω改接成10Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向A端移动，使电压表的示数为2