安徽省滁州市大溪河中学高三化学联考试题含解析

安徽省滁州市大溪河中学高三化学联考试题含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.下列说法正确的是A．根据酸分子中含有的氢原子个数可将酸分为一元酸、二元酸等B．CaCl2、NaOH、HCl、HD四种物质都属于化合物C．168O、188O为不同的核素，有不同的化学性质D．有发光、发热、变色、生成气体或沉淀、爆炸等现象的不一定是化学变化参考答案：D略2.常温下，下列各溶液的叙述中正确的是A.NaHSO3与Na2SO3混合溶液中：3c(Na+)=c(HSO3-)+c(SO32-)B.0.1mol/L的醋酸钠溶液20mL与0.1mol/L盐酸10mL混合后溶液显酸性：c(CH3COO-)>c(CH3COOH)>c(Cl-)>c(H+)C.等物质的量浓度等体积的NH4HSO4和NaOH溶液混合：c(Na+)=c(SO42-)>c(NH4+)>c(H+)>c(OH-)D.向1.00L0.3mol/LNaOH溶液中缓慢通入0.2molCO2气体，溶液中：c(Na+)>c(CO32-)>c(HCO3-)>c(OH-)>c(H+)参考答案：C略3.下列四个反应方程式中，涉及的有机物类别最多的是

（

）

A．CH4+Cl2

CH3Cl+HCl

B．CH2=CH2+Br2

C．

D．CH3COOH+CH3CH2OH

CH3COOC2H5+H2O参考答案：D略4.洋蓟素是一种新结构类型的抗乙型肝炎病毒和抗艾滋病病毒的化合物，其结构如图K4－24－2所示，有关洋蓟素的说法正确的是()。图K4－24－2A．1mol洋蓟素最多可与8molH2反应B．不能与氯化铁溶液发生显色反应C．一定条件下能发生酯化反应和消去反应D．1mol洋蓟素最多可与11molNaOH反应参考答案：AC略5.（9分）开发氢能是实现社会可持续发展的需要。硫铁矿(FeS2)燃烧产生的SO2通过下列碘循环工艺过程既能制H2SO4，又能制H2。请回答下列问题：(1)已知1gFeS2完全燃烧放出7.1kJ热量，FeS2燃烧反应的热化学方程式为______________________。(2)该循环工艺过程的总反应方程式为______________________。(3)用化学平衡移动的原理分析，在HI分解反应中使用膜反应器分离出H2的目的是______________________。(4)用吸收H2后的稀土储氢合金作为电池负极材料(用MH表示)，NiO(OH)作为电池正极材料，KOH溶液作为电解质溶液，可制得高容量，长寿命的镍氢电池。电池充放电时的总反应为：NiO(OH)＋MH放电充电Ni(OH)2＋M①电池放电时，负极的电极反应式为________________________。②充电完成时，Ni(OH)2全部转化为NiO(OH)。若继续充电将在一个电极产生O2，O2扩散到另一个电极发生电极反应被消耗，从而避免产生的气体引起电池爆炸，此时，阴极的电极反应式为________________________。参考答案：(1)4FeS2(s)＋11O2(g)2Fe2O3(s)＋8SO2(g)；ΔH＝－3408kJ/mol(2)2H2O＋SO2===H2SO4＋H2(3)减小H2浓度，使HI分解平衡正向移动，提高HI的分解率(4)①MH＋OH－－e－===M＋H2O②2H2O＋O2＋4e－===4OH－略6.汽车剧烈碰撞时，安全气囊中发生反应NaN3+KNO3→K2O+Na2O+N2↑对上述反应的描述错误的是A.NaN3是还原剂，KNO3是氧化剂B.该反应中有两种元素的化合价发生变化C.配平后物质的系数依次为10、2、1、5、16D.若生成8molN2，则转移电子的物质的量为5mol参考答案：BNaN3中N元素化合价从－1/3价升高到0价，硝酸钾中氮元素化合价从+5价降低到0价，所以根据电子得失守恒和原子守恒可知配平后的方程式为10NaN3＋2KNO3＝K2O＋5Na2O＋16N2↑，则A.NaN3是还原剂，KNO3是氧化剂，A正确；B.该反应中只有氮元素的化合价发生变化，B错误；C.配平后物质的系数依次为10、2、1、5、16，C正确；D.若生成8molN2，则转移电子的物质的量为5mol，D正确，答案选B。本题考查氧化还原反应，把握发生的反应及反应中元素的化合价变化等为解答的关键，侧重分析与应用能力的考查，注意各种守恒法应用。7.已知：（1）Zn（s）＋1/2O2（g）＝ZnO（s）

ΔH＝－348．3kJ/mol

（2）4Ag（s）＋O2（g）＝2Ag2O（s）

ΔH＝－62．0kJ/mol

则Zn（s）＋Ag2O（s）＝ZnO（s）＋2Ag（s）的ΔH等于

（

）

A．－317．3kJ/mol

B．－379．3kJ/mol

C．－332．8kJ/mol

D．+317．3kJ/mol参考答案：A略8.下列说法正确的是A．硝酸、纯碱、胆矾和生石灰分别属于酸、碱、盐和氧化物B．乙醇、碳酸钙和水分别属于非电解质、强电解质和弱电解质C．Mg、Al、Cu可以分别用置换法、直接加热法和电解法冶炼得到D．天然气、沼气和水煤气分别属于化石能源、可再生能源和二次能源参考答案：BD9.下列有机物分子中，在质子核磁共振谱中只给出一种峰(信号)的是(

)A．CH3OH

B．CH3COOCH3

C．C(CH3)4

D．CH3COOH参考答案：C略10.溶液的酸碱性可用酸度（AG）表示，AG=。室温下，将0.0100mol?L-l盐酸逐滴滴入20.0mL0.0100mol?L-l氨水中，溶液的AG变化如图所示。下列说法正确的是()A．M点以后NH4+的水解程度逐渐增大B．室温下，0．0100mol?L-l盐酸的AG=12C．M点加入盐酸的体积大于20.0mLD．M点时溶液中：c(NH4+)=c(Cl-)参考答案：DA．M点后，若盐酸过量，HCl电离出的氢离子抑制了铵根离子的水解，A错误；B．室温下，11.下列各组离子可能大量共存的是（）A．饱和氯水中：Cl﹣、NO3﹣、Na+、SO32﹣B．能与金属铝反应放出氢气的溶液中：K+、NO3﹣、Cl﹣、NH4+C．常温下水电离出的c（H+）?c（OH﹣）=10﹣20的溶液中：Na+、Cl﹣、S2﹣、SO32D．含有大量OH﹣的无色溶液中：Na+、Cu2+、AlO2﹣、SiO32﹣

参考答案：C考点：离子共存问题．分析：A．氯水中含氧化性物质，与还原性离子发生氧化还原反应；B．能与金属铝反应放出氢气的溶液，为非氧化性酸或强碱溶液；C．常温下水电离出的c（H+）?c（OH﹣）=10﹣20的溶液，为酸或碱溶液；D．离子之间结合生成沉淀，且Cu2+为蓝色．解答：解：A．氯水中含氧化性物质，与还原性离子发生氧化还原反应，则氯水中不能大量存在SO32﹣，故A错误；B．能与金属铝反应放出氢气的溶液，为非氧化性酸或强碱溶液，酸性溶液中Al、H+、NO3﹣发生氧化还原反应不生成氢气，碱性溶液中不能大量存在NH4+，故B错误；C．常温下水电离出的c（H+）?c（OH﹣）=10﹣20的溶液，为酸或碱溶液，碱溶液中该组离子之间不反应，可大量共存，故C正确；D．Cu2+分别与AlO2﹣、SiO32﹣相互促进水解生成沉淀，Cu2+、OH﹣结合生成沉淀，且Cu2+为蓝色与无色不符，故D错误；故选C．点评：本题考查离子的共存，为高频考点，把握习题中的信息及常见离子之间的反应为解答的关键，侧重复分解反应、氧化还原反应的离子共存考查，题目难度不大．12.下列与有机物结构、性质相关的叙述错误的是A.乙酸分子中含有羧基,可与饱和NaHCO3溶液反应生成CO2B.等质量的乙烯和聚乙烯完全燃烧消耗氧气的物质的量相等C.苯能与氢气发生加成反应生成环己烷，说明苯分子中含有碳碳双键D.甲烷和氯气反应生成一氯甲烷，与苯和浓硝酸反应生成硝基苯的反应类型相同参考答案：CA、乙酸的酸性强于碳酸，所以能与饱和NaHCO3溶液反应生成CO2，故A正确；B、乙烯和聚乙烯的最简式都是CH2，所以等质量时完全燃烧消耗氧气的物质的量相等，则B正确；C、苯能与氢气发生加成反应生成环己烷，说明苯分子的碳原子不饱和，而不能说明含有碳碳双键，则C错误；D、甲烷和氯气反应生成一氯甲烷，是氯原子取代了甲烷中一个氢原子，苯和浓硝酸反应生成硝基苯是硝基取代了苯环中氢原子，二者都是取代反应，故D正确。因此本题正确答案为C。13.某溶液中含有Na+、NH4+、HCO3－、CO32－、SO32－..CH3COO-－等6种离子。若向其中加入足量Na2O2后，溶液中离子浓度基本保持不变的是（

）

A．.CH3COO-－

B．Na+、

C．CO32－、

D．SO32－.参考答案：答案：A14.可以证明可逆反应N2＋3H22NH3已达到平衡状态的是

（

）

①一个NN叁键断裂的同时，有3个H—H键断裂；②一个NN叁键断裂的同时，有6个N—H键断裂；③其他条件不变时，混合气体平均相对分子质量不再改变；④保持其他条件不变时，体系压强不再改变；⑤NH3%．N2%．H2%都不再改变；⑥恒温．恒容时，密度保持不变；

⑦正反应速率v（H2）＝0．6mol·（L·min）－1，逆反应速率v（NH3）＝0．4mol·（L·min）－1。

A．全部

B．①③④⑤

C．②③④⑤⑦

D．①③⑤⑥⑦

参考答案：C略15.设NA为阿伏加德罗常数的值。下列说法正确的是A、标准状况下,11.2LHF中含有分子的数目为0.5NAB、0.1molFe与少量氯气反应生成FeCl2，转移电子数为0.2NAC、1.4g由乙烯和环丙烷组成的混合物中含有原子的数目为0.3NAD、0.1mol·L－1碳酸钠溶液中含有CO32－离子数目小于0.1NA参考答案：C【考点】阿伏加德罗常数．【分析】A、标况下，HF为液态；B、铁与氯气反应变为+3价；C、乙烯和环丙烷的最简式均为CH2；D、溶液体积不明确．【解答】解：A、标况下，HF为液态，不能根据气体摩尔体积来计算其物质的量，故A错误；B、铁与氯气反应变为+3价，即生成的是氯化铁而非氯化亚铁，故B错误；C、乙烯和环丙烷的最简式均为CH2，故1.4g混合物中含有的CH2的物质的量n==0.1mol，故含有0.3mol原子即0.3NA个，故C正确；D、溶液体积不明确，故溶液中的碳酸根的个数不能计算，故D错误．故选C．【点评】本题考查了阿伏伽德罗常数的有关计算，熟练掌握公式的使用和物质的结构是解题关键，难度不大．

二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.三氯氧磷（化学式：POCl3）常用作半导体掺杂剂及光导纤维原料。氯化水解法生产三氯氧磷的流程如下：⑴氯化水解法生产三氯氧磷的化学方程式为

。⑵通过佛尔哈德法可以测定三氯氧磷产品中Cl元素含量，实验步骤如下：Ⅰ．取ag产品于锥形瓶中，加入足量NaOH溶液，待完全水解后加稀硝酸至酸性。Ⅱ．向锥形瓶中加入0.1000mol·L－1的AgNO3溶液40.00mL，使Cl－完全沉淀。Ⅲ．向其中加入2mL硝基苯，用力摇动，使沉淀表面被有机物覆盖。Ⅳ．加入指示剂，用cmol·L－1NH4SCN溶液滴定过量Ag+至终点，记下所用体积。已知：Ksp(AgCl)=3.2×10－10，Ksp(AgSCN)=2×10－12①滴定选用的指示剂是

（选填字母），滴定终点的现象为

。a．NH4Fe(SO4)2

b．FeCl2

c．甲基橙

d．淀粉②实验过程中加入硝基苯的目的是

，如无此操作所测Cl元素含量将会

（填“偏大”、“偏小”或“不变”）⑶氯化水解法生产三氯氧磷会产生含磷（主要为H3PO4、H3PO3等）废水。在废水中先加入适量漂白粉，再加入生石灰调节pH将磷元素转化为磷酸的钙盐沉淀并回收。①在沉淀前先加入适量漂白粉的作用是

。②下图是不同条件对磷的沉淀回收率的影响图像。处理该厂废水最合适的工艺条件为

（选填字母）。a．调节pH=9

b．调节pH=10

c．反应时间30min

d．反应时间120min③若处理后的废水中c(PO43－)=4×10－7mol·L－1，溶液中c(Ca2+)=

mol·L－1。（已知Ksp[Ca3(PO4)2]=2×10－29）参考答案：⑴PCl3+H2O+Cl2＝POCl3+2HCl

⑵①b

溶液变为红色

②防止在滴加NH4SCN时，将AgCl沉淀转化为AgSCN沉淀

偏小

⑶①将废水中的H3PO3氧化为PO43－，使其加入生石灰后转化为磷酸的钙盐

②bc

③5×10－6

⑴氯化水解法生产三氯氧磷的反应物有PCl3、H2O、Cl2，生成物有POCl3，据原子守恒应该还有HCl生成，然后通过观察法将其配平：PCl3+H2O+Cl2＝POCl3+2HCl。

⑵①当滴定达到终点时NH4SCN过量，可以用含有Fe3+的NH4Fe(SO4)2作指示剂，即溶液变为红色，半分钟内不褪色，即可确定滴定终点。②由于AgSCN沉淀的溶解度比AgCl小，可加入硝基苯用力摇动，使AgCl沉淀表面被有机物覆盖，避免在滴加NH4SCN时，将AgCl沉淀转化为AgSCN沉淀；若无此操作，NH4SCN标准液用量偏多，使所测的氯元素的含量偏小；⑶①在沉淀前先加入适量漂白粉使废水中的H3PO3氧化为PO43－，使其加入生石灰后能完全转化为磷酸的钙盐，达到较高的回收率。②根据图1、2可确定pH=10、反应时间30min时磷的沉淀回收率较高。

③根据Ksp[Ca3(PO4)2]＝[c(Ca2+)]3×c(PO43-)＝2×10－29，将c(PO43－)=4×10－7mol·L－1代入计算得c(Ca2+)＝5×10－6mol·L－1。三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.某化工厂废水中含有Ag＋、Pb2＋等重金属离子，其浓度各约为0.01mol·L－1。排放前拟用沉淀法除去这两种离子，查找有关数据如下：难溶电解质AgIAgOHAg2SPbI2Pb(OH)2PbSKsp8.3×10－175.6×10－86.3×10－507.1×10－91.2×10－153.4×10－28

(1)你认为往废水中投入__________(填字母序号)，沉淀效果最好。A．NaOH

B.Na2SC.KI

D.Ca(OH)2(2)如果用食盐处理其只含Ag＋的废水，测得处理后的废水中NaCl的质量分数为0.117%(ρ≈1g·mL－1)。若环境要求排放标准为c问该工厂处理后的废水cMrK参考答案：(1)B(2)9×10－9mol·L－1略18.（12分）某有机化合物A的结构简式如图，回答下列问题：

（1）A的分子式为

。（2）A在NaOH水溶液中加热得到B和C，C是芳香族化合物，则C的结构简式是

。（3）C酸化后可得F，F不能发生的反应类型是

。(填写字母代号)a．取代反应b．加成反应c．消去反应

d．加聚反应e．氧化反应

f．还原反应（4）B与足量的某饱和一元羧酸D充分反应后生成E，E和B的相对分子质量之差为84，则D的摩尔质量为

。

浓硫酸

△

△

浓硫酸

（5）F可以发生如下转化，且G与H互为同分异构体，G能生成高聚物。请写出：①H的结构简式

。

②由F生成G的化学方程式

。（6）符合下列三个条件的F的同分异构体的数目有多种，写出其中1种在同一个碳原子上连有两个不同的官能团的同分异构体的结构简式

。①含有邻二取代苯环结构

②与F具有相同的官能团

③不与溶液发生显色反应参考答案：

略19.短周期元形成的常见非金属固体单质A与常见金属单质B，在加热条件下反应生成化合物C，C与水反应生成白色沉淀D和气体E，D既能溶于强酸，又能溶于强碱．E在足量空气中燃烧产生刺激性气体G，G在大气中能导致酸雨的形成．E被足量氢氧化钠溶液吸收得到无色溶液F．溶液F在空气中长期放置发生反应，生成物之一为H．H与过氧化钠的结构和化学性质相似，其溶液显黄色．请回答下列问题：（1）组成单质A的元素位于周期表中第周期，第族．（2）B与氢氧化钠溶液反应的离子方程式为：（3）G与氯酸钠在酸性条件下反应可生成消毒杀菌剂二氧化氯．该反应的氧化产物为，当生成2mol二氧化氯时，转移电子mol（4）溶液F在空气中长期放置生成H的化学方程式为：．（5）H的溶液与稀硫酸反应的方程式为．参考答案：

考点：无机物的推断；常见金属元素的单质及其化合物的综合应用．专题：推断题；几种重要的金属及其化合物．分析：D既能溶于强酸，又能溶于强碱，应为两性化合物，