江苏省苏州市文昌实验中学2023-2024学年九年级上学期调研物理试卷（10月份）

2023-2024学年江苏省苏州市文昌实验中学九年级（上）调研物理试卷（10月份）一、选择题（每题2分，共24分）1．（2分）图中正在使用的机械，属于费力杠杆的有（）A．①② B．①③ C．②③ D．②④2．（2分）在如图所示的四种情境中，人对物体做功的是（）A．扛着米袋，慢慢爬上楼梯 B．用力推汽车，汽车不动 C．提着水桶在水平面匀速前进 D．双手举着杠铃，杠铃静止不动3．（2分）关于比热容，下列说法中正确的是（）A．比热容跟物体吸收或放出的热量有关 B．物体的质量越大，它的比热容越大 C．比热容是物质自身的性质，与质量、吸收或放出的热量无关 D．比热容与物态也无关4．（2分）下列说法正确的是（）A．越省力的机械，做功一定越快 B．做功越多的机械，功率一定越大 C．功率越大的机械，效率一定越高 D．做功越快的机械，功率一定越大5．（2分）如图，杠杆AO可绕O转动，B为OA中点，用始终与OA垂直的力F抬起杠杆。下列说法不正确的是（）A．动力F的力臂始终不变 B．若把F变为始终竖直向上，则旋转过程中，它的大小不变 C．力F先增大后减小 D．旋转过程中阻力与阻力臂的乘积一直变大6．（2分）如图甲所示的是人造地球卫星随火箭加速上升的情景；如图乙所示的是人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行的情景，离地球最近的点叫近地点（）A．图甲：在加速上升的过程中，人造地球卫星的动能转化为重力势能 B．图乙：在运行过程中，当人造地球卫星从远地点向近地点运行时，其机械能减小 C．图乙：在运行过程中，当人造地球卫星从近地点向远地点运行时，其重力势能增大，速度减小 D．在甲、乙两图中，人造地球卫星的机械能都不变7．（2分）打篮球是很多同学喜爱的运动项目，某次打篮球过程中，篮球的部分运动轨迹如图所示（）A．篮球经过相同高度的B、C两点时，机械能相等 B．篮球第一次反弹后到达最高点D时，动能为0 C．篮球经过B、E两点时，动能可能相等 D．篮球在整个过程中机械能守恒8．（2分）如图，将同一物体分别沿光滑斜面AB、AC以相同的速度，匀速拉到顶点A1、F2，拉力做功分别为W1、W2，下列选项正确的是（）A．F1＜F2W1＞W2 B．F1＞F2W1＝W2 C．F1＞F2W1＞W2 D．F1＜F2W1＝W29．（2分）水的比热容较大这一特点在日常生活中有广泛的应用。下列事例中不属于应用这一特点的是（）A．培育水稻秧苗时往稻田里灌水 B．用水来冷却汽车发动机 C．炎热的夏天，往室内地面上洒水降温 D．冬天供暖时用水作循环液10．（2分）如图（a）所示的杠杆是平衡的，在此杠杆支点两侧的物体下方分别加挂一个相同物体（b）所示，那么（）A．A端下沉 B．B端下沉 C．杠杆仍水平平衡 D．以上情况都有可能11．（2分）如图所示，用完全相同的两个滑轮绕成了甲、乙两个滑轮组（不计绳重和摩擦），在F1、F2的拉力作用下分别将重为G1、G2的两个物体匀速提升相同的高度，若G1＞G2，提升重物的拉力F1、F2所做的功分别为W1、W2，机械效率分别为η1、η2，则下列判断正确的是（）A．W1＞W2η1＞η2 B．W1＞W2η1＝η2 C．W1＞W2η1＜η2 D．W1＝W2η1＝η212．（2分）如图所示，小明在做模拟“蹦极”的小实验，一根橡皮筋一端系一个小石块，B点是橡皮筋不系小石块自然下垂时下端所在的位置，C点是小石块从A点自由释放后所能达到的最低点，正确的是（）A．小石块减少的重力势能全部转化为动能 B．从A点下落到B点的过程中，小石块受到重力和弹力的作用 C．从B点下落到C点的过程中，小石块的速度先增大后减小 D．小石块在C点时，受到平衡力的作用二、填空（每空1分，共29分）13．（2分）钓鱼时，钓鱼竿可看成一根杠杆，如图它是一个杠杆，要使钓起鱼时省力一些，则钓鱼者两只手之间的距离应一些（填增大或减小）。14．（4分）下面的物体中，只具有动能的是；只有重力势能的是，只有弹性势能的是既具有动能、又具有势能的是（填序号）。（1）停在地面上的汽车（2）在空中飞行的飞机（3）被起重机吊在空中静止的货物（4）弹簧（5）在水平铁轨上行驶的火车（6）被拉长的橡皮筋15．（3分）在一次军事演习中，一架飞机沿水平方向一边匀速飞行一边投放军用物资，在此过程中飞机的动能（选填“变大”、“变小”或“不变”），飞机的重力势能（选填“变大”、“变小”或“不变”），考虑到空气的阻力，物资在加速下落过程中机械能将（选填“变大”、“变小”或“不变”）。16．（3分）小华同学用100N的水平推力，推放在水平地面上重500N的物体，使其做匀速直线运动，则在此过程中重力做功为J，小华做的功是J，小华做功的功率是W。17．（4分）斜面长5m，高1m，把重为5000N的物体匀速地推向斜面顶端，则推力为N；如果斜面不光滑，所用推力为1250N。利用斜面所做的额外功为J，物体受到斜面对它的摩擦力为N。18．（3分）如图所示，在测定杠杆机械效率的实验中，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，测力计的示数F为N，测力计上升的高度s为0.2m．物块重G为1.5N，物块上升的高度h为0.3m，则杠杆的机械效率为%，使用该杠杆做额外功的一个原因是。19．（2分）小夏在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等。分析图象可以得出：物质为水，另一种液体的比热容为J/（kg•℃）。20．（3分）在四川邛徕窑遗址中出土了一种唐朝“省油灯”。这种省油灯的灯盏是铜质的，在灯盏下增加了一层夹层，又叫夹层灯。夹层留一小孔，热会由灯盏通过方式使油的内能增加，温度升高，加快油的，增加耗油量。在夹层中加水，降低油温，达到省油的目的特性。21．（2分）如图所示，秤砣的质量为500g，秤杆的质量忽略不计，OA＝5cm，OB＝25cm。则被测物的质量为kg．若秤砣有缺损时，则杆秤所示的质量值（填“大于”、“等于”或“小于”）被测物的真实质量值。22．（3分）如图所示，是一辆汽车通过滑轮组将深井中的物体拉至井口的装置图，已知井深10m3N，汽车重G车＝3×104N，汽车匀速拉绳子时的拉力F＝2×103N，汽车受到的阻力为车重的0.05倍。若汽车运动的速度为1.2m/s，则将物体由井底拉至井口s，汽车的牵引力是N，将物体由井底拉至井口，汽车的牵引力做的功是J。三、解答题（共10小题，满分47分）23．（2分）画出图中的动力臂l1和阻力臂l2。24．（2分）用滑轮组提升重物，请在图中画出拉力F＝的绳子的绕法。（不计动滑轮重、绳重和摩擦）25．（2分）如图所示，O点为杠杆的支点，画出作用在B点的最小力F。26．（8分）在“测量滑轮组的机械效率”实验中，小刚用如图所示滑轮组进行了三次实验，实验数据如表所示。实验序号物重G/N物体上升的高度h/m拉力F/N绳端移动的距离s/m机械效率η①40.31.80.974.1%②60.32.60.976.9%③80.33.30.9Δ（1）本实验中用到的测量工具有和；（2）在第②次实验中，做的有用功是J，额外功是J；（3）第③次实验中滑轮组的机械效率是（结果保留至0.1%）；（4）通过分析实验数据可以得出：同一滑轮组提升的物重增大，额外功将，机械效率将（均选填“增大”、“减小”或“不变”）；（5）若弹簧测力计没有竖直向上拉，则测得的机械效率将（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。27．（8分）小明在探究杠杆平衡条件的实验中，所用杠杆质量分布均匀，每个钩码质量均为50g。（1）实验前没有挂钩码时，发现杠杆右端高，要使杠杆在水平位置平衡调节使杠杆水平平衡。这样调节的目的是。调节平衡后，如图甲所示，在杠杆的左边A处挂四个钩码，应在杠杆右端B处挂同样的钩码个；（2）实验中小明发现用图乙所示的方式悬挂钩码，杠杆也能在水平位置平衡，但老师建议，其主要原因为；A.一个人无法独立操作B.不方便测量力臂C.力和力臂数目过多，不易得出结论D.杠杆受力不平衡（3）完成实验后小明突发奇想，想利用该杠杆（重心位于O点）制作一个可以直接测量质量的“杆秤”。①如图丙所示，以杠杆上的A点为支点，当在C位置挂3个钩码，则该杠杆的质量g。然后小明将C位置的3个钩码取下，挂到右侧作为“秤砣”；②为了将该“杆秤”的零刻度线标在A位置处，小明应在图丙C位置处装配一质量为g的吊盘；③接着小明在图丁的D位置标记上该“杆秤”能测的最大质量g，并将其它质量数均匀标记在AD之间的刻度线上，完成“杆秤”的制作。（4）小华在小明实验的基础上将“杆秤”改装成简易的液体密度杆，如图戊所示，将C位置的吊盘换成等质量且容积足够大的空桶，现往空桶内分别注入密度已知的等体积的不同液体，改变物块M悬挂点的位置，在M悬挂点处标出相应液体的密度值。下列关于密度秤制作的说法中不正确的是。A.秤的刻度值可均匀标记在AD之间的刻度线上B.秤的刻度值向右越来越大C.增大M的质量，秤的量程会增大D.将支点向A右侧移动1格，秤的量程会增大28．（6分）小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，他用质量不同的两个钢球m和M（M的质量大于m），分别从不同的高度h和H（H＞h），观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程如图所示。（1）小明通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这种研究方法是（选填“控制变量法”或“转换法”）。若水平面绝对光滑，本实验将（选填“能”或“不能”）达到探究目的。（2）由甲、乙两图可得实验结论：物体的动能大小与有关。（3）小丽根据甲、丙两图探究物体的动能大小与质量的关系，该做法是否正确？（选填“正确”或“错误”），理由是：。（4）另同学用图丁所示的方法探究动能的大小与速度的关系，他将相同质量的小球从不同高度（h2＞h1）由静止开始释放，通过观察木块在木板和毛巾上滑行的距离来判断小球动能的大小，这种方法是（选填“正确的”或“错误的”）。29．（5分）沈仔细同学在研究“影响重力势能大小的因素”时，提出了如下猜想：猜想一：重力势能的大小可能与物体的质量有关；猜想二：重力势能的大小可能与物体所在的高度有关；猜想三：重力势能的大小可能与物体的体积有关。他为了验证猜想，准备了如下实验器材：花泥（易产生塑性形变）若干块；体积不同的小球3个。将它们分别从不同位置由静止释放，小球陷入花泥里的深度情况如图所示。请你完成下列内容。（1）本实验中，小球的重力势能大小是通过观察来反映的；（2）分析A、B、C球的实验现象，可得出结论：；（3）为了验证猜想二，他应分析（填写字母）三球的实验现象；（4）为了验证猜想三，沈仔细同学正确操作，F球、G球和H球的质量应该（选填“相同”或“不同”）；实验后根据图乙的现象，由此可知物体重力势能的大小与物体的体积（选填“有关”或“无关”）。30．（5分）在小型建筑工地，常用简易的起重设备竖直吊运建筑材料，其工作原理相当于如图所示的滑轮组。重物G为4000N，拉力F为2500N，求在此过程中：（不计绳重和摩擦）（1）滑轮组的机械效率。（2）当再次提起一个物重为5000N的物体时，此时滑轮组机械效率。31．（3分）在标准大气压下，质量为400g、温度为55℃的水，吸收8.4×104J，温度升高多少摄氏度？（c水＝4.2×103J/（kg•℃）32．（6分）一列火车，以20m/s的速度在平直轨道上匀速行驶，整列火车受到的阻力是2000N。求：（1）火车的牵引力；（2）火车行驶10s时间内，机车牵引力所做的功；（3）牵引力的功率。2023-2024学年江苏省苏州市文昌实验中学九年级（上）调研物理试卷（10月份）参考答案与试题解析一、选择题（每题2分，共24分）1．（2分）图中正在使用的机械，属于费力杠杆的有（）A．①② B．①③ C．②③ D．②④【答案】B【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。【解答】解：①钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂；②羊角锤在使用过程中，动力臂大于阻力臂；③筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂；④核桃钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂；可见，属于费力杠杆的有①③。故选：B。2．（2分）在如图所示的四种情境中，人对物体做功的是（）A．扛着米袋，慢慢爬上楼梯 B．用力推汽车，汽车不动 C．提着水桶在水平面匀速前进 D．双手举着杠铃，杠铃静止不动【答案】A【分析】判定是否做功，就看其是否同时满足做功的两个必要因素：①作用在物体上的力；②物体在力的方向上通过的距离。两个条件缺一不可。【解答】解：A、扛着米袋慢慢爬上楼梯，米袋在这个力的方向上移动距离，故A正确；B、用力推着汽车在水平面上运动，汽车没动，故B错误；C、提着水桶在水平地面上匀速前进，水桶向上没有移动距离，故C错误；D、双手举着杠铃，有力，所以不做功。故选：A。3．（2分）关于比热容，下列说法中正确的是（）A．比热容跟物体吸收或放出的热量有关 B．物体的质量越大，它的比热容越大 C．比热容是物质自身的性质，与质量、吸收或放出的热量无关 D．比热容与物态也无关【答案】C【分析】一定质量的某种物质在温度升高（或降低）1℃时吸收（或放出）的热量与它的质量和升高（或降低）温度的乘积之比叫做这种物质的比热容。比热容是物质的一种特性，与物质的种类、状态有关，而与物体的质量和体积无关。【解答】解：比热容是物质的一种特性，与物质的种类，跟物体的质量，故C正确。故选：C。4．（2分）下列说法正确的是（）A．越省力的机械，做功一定越快 B．做功越多的机械，功率一定越大 C．功率越大的机械，效率一定越高 D．做功越快的机械，功率一定越大【答案】D【分析】机械做功功率和机械的省力情况无关；功率是单位时间内完成的功，是表示做功快慢的物理量；机械效率是有用功跟总功的比值。【解答】解：A.功率是表示做功快慢的物理量，与机械的省力情况无关；B.功率是单位时间内完成的功，做功越多，根据公式P＝，故B错误；C.功率和机械效率两者没有因果关系，所以功率大，故C错误；D.功率是表示做功快慢的物理量，做功越快功率越大。故选：D。5．（2分）如图，杠杆AO可绕O转动，B为OA中点，用始终与OA垂直的力F抬起杠杆。下列说法不正确的是（）A．动力F的力臂始终不变 B．若把F变为始终竖直向上，则旋转过程中，它的大小不变 C．力F先增大后减小 D．旋转过程中阻力与阻力臂的乘积一直变大【答案】D【分析】从支点向力的作用线作垂线，垂线段的长度即力臂。根据杠杆平衡条件F1L1＝F2L2分析，力F作用在杠杆一端且始终与杠杆垂直，即动力臂不变，然后分析阻力与阻力臂的关系，并得出正确结果。【解答】解：ACD、将杠杆缓慢地由最初位置拉到水平位置时，阻力不变，阻力与阻力臂的乘积变大1L1＝F2L2可知，动力F逐渐变大；当杠杆从水平位置向上拉动时，动力臂不变，阻力臂变小，根据杠杆的平衡条件F1L8＝F2L2可知，动力变小，故AC正确；B、若把F变为始终竖直向上，根据相似三角形知识可知，阻力为杠杆的重力，根据杠杆平衡条件F3L1＝F2L7可知，动力的大小不变。故选：D。6．（2分）如图甲所示的是人造地球卫星随火箭加速上升的情景；如图乙所示的是人造地球卫星沿椭圆轨道绕地球运行的情景，离地球最近的点叫近地点（）A．图甲：在加速上升的过程中，人造地球卫星的动能转化为重力势能 B．图乙：在运行过程中，当人造地球卫星从远地点向近地点运行时，其机械能减小 C．图乙：在运行过程中，当人造地球卫星从近地点向远地点运行时，其重力势能增大，速度减小 D．在甲、乙两图中，人造地球卫星的机械能都不变【答案】C【分析】动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量、高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能等于动能与势能的总和；卫星在大气层外运行时，不受空气阻力的作用，其机械能守恒。【解答】解：A、卫星加速上升过程中，速度增大；同时高度增大；因卫星的动能与重力势能都增大，且卫星的机械能增大。BC、太空中是真空，不受空气阻力，只有动能和势能的相互转化，质量不变，势能增大，动能减小、B错误；D、图甲中卫星的机械能增加，故D错误。故选：C。7．（2分）打篮球是很多同学喜爱的运动项目，某次打篮球过程中，篮球的部分运动轨迹如图所示（）A．篮球经过相同高度的B、C两点时，机械能相等 B．篮球第一次反弹后到达最高点D时，动能为0 C．篮球经过B、E两点时，动能可能相等 D．篮球在整个过程中机械能守恒【答案】C【分析】（1）每次篮球反弹后到的最高点都比上一次的最高点要低，说明篮球受到空气阻力，机械能逐渐变小；（2）从轨迹来看，篮球既有竖直方向的速度又有水平方向的速度，影响动能的因素是质量和速度，据此分析；（3）机械能是物体动能与势能的总和，B、E两点高度不相同，则重力势能不相同，据此分析。【解答】解：AD、由图可知，说明篮球的机械能不断减小，故AD错误；B、篮球在最高点时，但在水平方向上速度不为零，故B错误；C、在B点的机械能大于在E点的机械能、E两点高度不相同则重力势能不相同，机械能是物体动能与势能的总和，因此在B点的动能可能等于在E点的动能。故选：C。8．（2分）如图，将同一物体分别沿光滑斜面AB、AC以相同的速度，匀速拉到顶点A1、F2，拉力做功分别为W1、W2，下列选项正确的是（）A．F1＜F2W1＞W2 B．F1＞F2W1＝W2 C．F1＞F2W1＞W2 D．F1＜F2W1＝W2【答案】D【分析】（1）斜面倾斜角度越大，越费力。斜面AB的倾斜角度小于斜面AC，所以斜面AB更省力；（2）斜面光滑说明摩擦力为0，即使用光滑的斜面没有额外功。【解答】解：（1）斜面AB倾斜角度小于AC，所以物体沿AB运动时拉力较小1＜F2；（2）斜面光滑说明摩擦力为6，使用任何机械都不省功，即W1＝W2。故选：D。9．（2分）水的比热容较大这一特点在日常生活中有广泛的应用。下列事例中不属于应用这一特点的是（）A．培育水稻秧苗时往稻田里灌水 B．用水来冷却汽车发动机 C．炎热的夏天，往室内地面上洒水降温 D．冬天供暖时用水作循环液【答案】C【分析】对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；水分的蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，即蒸发吸热。【解答】解：A、因为水的比热容较大，水放出的热量多，要向稻田里灌水，故A错；B、因为水的比热容较大，水吸收的热量多，不符合题意；C、炎热的夏天，水蒸发会从周围吸热而降低周围环境的温度，符合题意；D、因为水的比热容较大，水放出的热量多，不符合题意。故选：C。10．（2分）如图（a）所示的杠杆是平衡的，在此杠杆支点两侧的物体下方分别加挂一个相同物体（b）所示，那么（）A．A端下沉 B．B端下沉 C．杠杆仍水平平衡 D．以上情况都有可能【答案】B【分析】杠杆的平衡条件：F1L1＝F2L2；若两边力和力臂的乘积不相等，则杠杆不平衡，向乘积较大的一端倾斜。【解答】解：由a知，杠杆此时处于平衡状态，L右＞L左，当物体下方分别加挂一个相同物体时，两边力和力臂的乘积都会增加，每节杠杆的长度为L，则：左边＝G×2L，右边＝G×4L，所以杠杆不平衡，ACD错误。故选：B。11．（2分）如图所示，用完全相同的两个滑轮绕成了甲、乙两个滑轮组（不计绳重和摩擦），在F1、F2的拉力作用下分别将重为G1、G2的两个物体匀速提升相同的高度，若G1＞G2，提升重物的拉力F1、F2所做的功分别为W1、W2，机械效率分别为η1、η2，则下列判断正确的是（）A．W1＞W2η1＞η2 B．W1＞W2η1＝η2 C．W1＞W2η1＜η2 D．W1＝W2η1＝η2【答案】A【分析】根据公式W＝Gh可比较所做的有用功的大小；不计摩擦和绳重，提起物体时对动滑轮所做功是额外功，根据η＝＝1﹣可比较两滑轮组的效率高低。【解答】解：用两个相同的滑轮组将物体提升相同的高度，且G1＞G2。根据W有＝Gh可知，有用功的关系为：W有8＞W有2；两个完全相同的两个滑轮组，提升相同的高度，额外功相同，根据W总＝W有用+W额外可知，W总1＞W总3；由η＝＝＝1﹣，η1＞η4．所以BCD错误，A正确。故选：A。12．（2分）如图所示，小明在做模拟“蹦极”的小实验，一根橡皮筋一端系一个小石块，B点是橡皮筋不系小石块自然下垂时下端所在的位置，C点是小石块从A点自由释放后所能达到的最低点，正确的是（）A．小石块减少的重力势能全部转化为动能 B．从A点下落到B点的过程中，小石块受到重力和弹力的作用 C．从B点下落到C点的过程中，小石块的速度先增大后减小 D．小石块在C点时，受到平衡力的作用【答案】C【分析】（1）小石块在下落过程中，在AB段，小石块只受到重力作用，重力不断改变小石块的运动状态，小石块加速下落；在BC段受到橡皮筋的拉力作用：当拉力小于重力时，小石块仍处于加速状态；当拉力大于重力时，小石块减速下落。（2）影响动能的因素有：质量和速度；影响重力势能的因素有：质量和高度；弹性势能的大小与物体弹性形变的程度有关，物体弹性形变的程度越大，弹性势能越大。【解答】解：小石块在下落过程中，在AB段，重力不断改变小石块的运动状态；在BC段受到橡皮筋的拉力作用，过B点后橡皮筋开始伸长（大于原长）。当拉力小于重力时；当拉力大于重力时。A、从A点到C点运动过程中小石块的有重力势能转化为动能还转化为橡皮筋的弹性势能；B、由题B点是橡皮筋自然下垂长度的位置，橡皮筋对小石块没有弹力，故B错误；C、从B点下落到C点的过程中，故C正确；D、BC过程中小石块先加速后减速，C点是下落的最低点，到达C点后小石块会改变运动状态向上运动，故D错误。故选：C。二、填空（每空1分，共29分）13．（2分）钓鱼时，钓鱼竿可看成一根杠杆，如图它是一个费力杠杆，要使钓起鱼时省力一些，则钓鱼者两只手之间的距离应增大一些（填增大或减小）。【答案】见试题解答内容【分析】结合图片和生活经验，判断钓鱼竿在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系便可以知道是省力还是费力，由杠杆平衡条件便可知如何能够更省力。【解答】解：如图，在使用钓鱼竿时，钓鱼者向上用力提拉钓鱼竿，阻力的作用点是C点，动力臂小于阻力臂，要使钓起鱼时所用的力小一些1×L1＝F5×L2，要使动力减小，在阻力和阻力臂不变的条件下，即应使钓鱼者两只手之间的距离增大一些。故答案为：费力；增大。14．（4分）下面的物体中，只具有动能的是（5）；只有重力势能的是（3），只有弹性势能的是（6）既具有动能、又具有势能的是（2）（填序号）。（1）停在地面上的汽车（2）在空中飞行的飞机（3）被起重机吊在空中静止的货物（4）弹簧（5）在水平铁轨上行驶的火车（6）被拉长的橡皮筋【答案】（5）；（3）；（6）；（2）。【分析】做机械运动的物体所具有的能量，叫动能；物体由于被举高而具有的能量，叫重力势能；物体由于发生弹性形变所具有的能叫弹性势能。【解答】解：（1）停在地面上的汽车，不具有机械能；（3）被起重机吊在空中静止的货物具有重力势能，不具有机械能，具有动能被拉长的橡皮筋具有弹性势能；只具有动能的是（5），只有弹性势能的是（6）、又具有势能的是（2）。故答案为：（5）；（3）；（2）。15．（3分）在一次军事演习中，一架飞机沿水平方向一边匀速飞行一边投放军用物资，在此过程中飞机的动能变小（选填“变大”、“变小”或“不变”），飞机的重力势能变小（选填“变大”、“变小”或“不变”），考虑到空气的阻力，物资在加速下落过程中机械能将变小（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】变小；变小；变小【分析】（1）影响动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；（2）影响重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大。【解答】解：飞机沿水平方向一边匀速飞行一边投放军用物资，在此过程中飞机的速度不变，所以动能变小，则重力势能变小；物资在加速下落过程中，质量不变，重力势能变小，动能越来越大，重力势能转化为动能；考虑空气阻力，克服阻力做功，机械能会减小。故答案为：变小；变小。16．（3分）小华同学用100N的水平推力，推放在水平地面上重500N的物体，使其做匀速直线运动，则在此过程中重力做功为0J，小华做的功是500J，小华做功的功率是50W。【答案】见试题解答内容【分析】根据做功的条件就会知道重力没有做功；根据做功公式可以算出推力对物体做的功；根据功率公式就会求出所做的功率。【解答】解：根据题意物体没有在重力的作用下移动距离，因此重力对物体并没有做功，那么小华做的功为W＝Fs＝100N×5m＝500J，做功的功率为P＝＝＝50W，故答案为：0；500。17．（4分）斜面长5m，高1m，把重为5000N的物体匀速地推向斜面顶端，则推力为1000N；如果斜面不光滑，所用推力为1250N80%。利用斜面所做的额外功为1250J，物体受到斜面对它的摩擦力为250N。【答案】见试题解答内容【分析】（1）如果没有摩擦，推力的功等于提升物体所做的有用功，根据W＝Gh求出有用功，根据W＝Fs求出推力；（2）如果斜面不光滑，根据W＝Fs求出推力做的总功，根据效率公式求出斜面的机械效率；（3）总功减去有用功求出额外功，额外功为克服摩擦力所做的功，根据W额＝fs求出摩擦力的大小。【解答】解：（1）所做的有用功为：W有＝Gh＝5000N×1m＝5000J，若斜面光滑，则没有额外功总＝W有＝5000J，因为W总＝Fs，所以推力的大小：F＝＝＝1000N；（2）如果斜面不光滑，推力为1250NW总′＝Fs＝1250N×4m＝6250J，斜面的机械效率：η＝×100%＝；（3）因为W总′＝W额+W有，所以W额＝W总′﹣W有＝6250J﹣5000J＝1250J，根据W额＝fs可得摩擦力的大小：f＝＝＝250N。故答案为：1000；80%；250。18．（3分）如图所示，在测定杠杆机械效率的实验中，竖直向上匀速拉动弹簧测力计，测力计的示数F为2.5N，测力计上升的高度s为0.2m．物块重G为1.5N，物块上升的高度h为0.3m，则杠杆的机械效率为90%，使用该杠杆做额外功的一个原因是由于使用杠杆时需要克服杠杆自重（克服摩擦力）等做功。【答案】见试题解答内容【分析】（1）对弹簧测力计进行读数时，需看清弹簧测力计的分度值，然后根据指针位置进行读数。（2）在实验中，弹簧测力计向上拉力做的功是总功，克服钩码重力做的功是有用功，克服摩擦以及杠杆自重做的功是额外功；杠杆的机械效率可以根据公式η＝来计算。【解答】解：（1）弹簧测力计的分度值是0.1N，读数是：5.5N；（2）W有用＝Gh＝1.7N×0.3m＝6.45J；W总＝FS＝2.5N×8.2m＝0.4J；η＝×100%＝（3）因为杠杆自身有重力，提升物体的同时也要提升杠杆，就有了额外功；故答案是：2.5；90。19．（2分）小夏在探究“物质的放热能力与哪些因素有关”时，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，并用图象对实验数据进行了处理，水和另种液体在相同时间内放出的热量相等。分析图象可以得出：甲物质为水，另一种液体的比热容为2.1×103J/（kg•℃）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）选同样的放热时间，甲和乙放热相同，根据温度变化的多少判断，温度变化多的比热容小，温度变化少的比热容大，据此分析判断。（2）由题知，分别用质量相等的水和另一种液体进行了实验，相同时间水和液体放出的热量相同。而水和液体的质量相同，根据放热公式求液体的比热容。【解答】解：（1）时间相等时，两种液体放出的热量相等，乙液体的温度降低的快；利用热量的计算公式Q放＝cmΔt可知，在质量相等、放热也相同的情况下，它的比热容小，甲液体的比热容大、B两种液体中，则一定是甲液体；（2）由题知，而水和液体的质量相同水＝m乙，而水和另种液体在相同时间内放出的热量相等，即Q水放＝Q乙放，c水m水Δt＝c乙m（60℃﹣20℃），4.2×108J/（kg•℃）×m×（60℃﹣40℃）＝c乙m（60℃﹣20℃），解得：c乙＝2.1×102J/（kg•℃）。故答案为：甲；2.1×102。20．（3分）在四川邛徕窑遗址中出土了一种唐朝“省油灯”。这种省油灯的灯盏是铜质的，在灯盏下增加了一层夹层，又叫夹层灯。夹层留一小孔，热会由灯盏通过热传递方式使油的内能增加，温度升高，加快油的蒸发，增加耗油量。在夹层中加水，降低油温，达到省油的目的比热容大的特性。【答案】见试题解答内容【分析】解决此题要知道热传递可以改变物体的内能，热传递过程也就是能量的转移过程；影响液体蒸发的快慢的因素有：液体的温度、表面空气流速和液体的表面积；水的比热容较大，在吸收相同的热量时，温度变化不大。【解答】解：灯点燃后会加热灯盏，灯盏的热量会通过热传递的方式转移给油，温度升高，容易耗油；如果在夹层中加水，因为水的比热容较大，使油的温度升高的较慢些。故答案为：热传递；蒸发。21．（2分）如图所示，秤砣的质量为500g，秤杆的质量忽略不计，OA＝5cm，OB＝25cm。则被测物的质量为2.5kg．若秤砣有缺损时，则杆秤所示的质量值大于（填“大于”、“等于”或“小于”）被测物的真实质量值。【答案】见试题解答内容【分析】知道秤砣的质量和两边力臂的大小，利用重力公式和杠杆的平衡条件求被测物的质量；若秤砣有缺损时，左边的力和力臂不变，右边的力减小，根据杠杆的平衡条件知道右边的力臂增大，即：杆秤所示的质量值要大于被测物的真实质量值。【解答】解：如图所示：因为杠杆平衡，所以G1LOA＝G2LOB，即：m6gLOA＝m2gLOB，则被测物的质量：m1＝＝＝2500g＝2.7kg。若秤砣有缺损，m2减小，而G1LOA不变，所以LOB要变大，即杆秤所示的质量值要偏大。故答案为：2.5；偏大。22．（3分）如图所示，是一辆汽车通过滑轮组将深井中的物体拉至井口的装置图，已知井深10m3N，汽车重G车＝3×104N，汽车匀速拉绳子时的拉力F＝2×103N，汽车受到的阻力为车重的0.05倍。若汽车运动的速度为1.2m/s，则将物体由井底拉至井口25s，汽车的牵引力是3500N，将物体由井底拉至井口，汽车的牵引力做的功是1.05×105J。【答案】25；3500；1.05×105。【分析】（1）明确承担重物的绳子段数；运用速度公式变形可求时间t；（2）明确汽车的受力情况，运用平衡力知识可求牵引力；（3）根据W＝Fs求出功的大小。【解答】解：（1）由图可知，滑轮组中由3段绳子承担重物v物＝v车＝×7.2m/s＝0.3m/s；物体由井底拉至井口需要的时间：t＝＝＝＝25s；（2）由题意可得，汽车受到的阻力为：f＝8.05G车＝0.05×3×103N＝1500N；汽车匀速直线运动，受到平衡力作用，汽车受到向右的牵引力、向左的阻力作用；由力的平衡条件可得牵引力：F牵＝F拉+f＝2×103N+1500N＝3500N；（3）汽车运动的距离：s车＝s绳＝5h＝3×10m＝30m；牵引力做功为：W牵＝F牵s车＝3500N×30m＝1.05×106J；故答案为：25；35005。三、解答题（共10小题，满分47分）23．（2分）画出图中的动力臂l1和阻力臂l2。【答案】见试题解答内容【分析】力臂的画法：①首先根据杠杆的示意图，确定杠杆的支点。②确定力的作用点和力的方向，画出力的作用线。③从支点向力的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是力臂。【解答】解：已知支点为O，分别反向延长两个力得到力的作用线1的作用线作垂线，垂线段的长度即为动力臂l1；从支点向F4的阻力作用线引垂线，垂线段的长度即为阻力臂l2；如图所示：24．（2分）用滑轮组提升重物，请在图中画出拉力F＝的绳子的绕法。（不计动滑轮重、绳重和摩擦）【答案】见试题解答内容【分析】滑轮组的省力情况取决于承担物重的绳子的段数，也就是看有几段绳子连着动滑轮，段数越多越省力。【解答】解：从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重25．（2分）如图所示，O点为杠杆的支点，画出作用在B点的最小力F。【答案】见试题解答内容【分析】根据力臂越长，作用力越小的思路进行分析，先确定支点与B点间最长的力臂，然后根据力与力臂的关系作出最小作用力的方向。【解答】解：连接OB（即力臂L），然后过B点做垂直于力臂斜向上的力F26．（8分）在“测量滑轮组的机械效率”实验中，小刚用如图所示滑轮组进行了三次实验，实验数据如表所示。实验序号物重G/N物体上升的高度h/m拉力F/N绳端移动的距离s/m机械效率η①40.31.80.974.1%②60.32.60.976.9%③80.33.30.9Δ（1）本实验中用到的测量工具有弹簧测力计和刻度尺；（2）在第②次实验中，做的有用功是1.8J，额外功是0.54J；（3）第③次实验中滑轮组的机械效率是80.8%（结果保留至0.1%）；（4）通过分析实验数据可以得出：同一滑轮组提升的物重增大，额外功将增大，机械效率将增大（均选填“增大”、“减小”或“不变”）；（5）若弹簧测力计没有竖直向上拉，则测得的机械效率将偏小（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。【答案】（1）弹簧测力计；刻度尺（2）1.8；0.54；（3）80.8%；（4）增大；增大；（5）偏小。【分析】（1）实验中需要测量物体的重力、拉力以及物体上升的高度，据此判断实验中需要的测量工具；（2）根据W有用＝Gh可求有用功，根据W额＝W总﹣W有用可求额外功；（3）根据图示可知，动滑轮上绳子的股数为3，根据η＝＝求出第③次实验时滑轮组的机械效率；（4）分析表中数据，可以得到同一个滑轮组提升不同物体时，物体越重，额外功变大，滑轮组机械效率的变化；（5）当拉力的方向不在竖直方向上时，由于动力臂变短，会造成拉力偏大，从而使得总功变大，然后根据机械效率的公式进行分析。【解答】解：（1）实验中需要测量物体的重力、拉力以及物体上升的高度；（2）根据图示可知，动滑轮上绳子的股数为3，第②次实验中滑轮组的有用功：W有用＝Gh＝6N×6.30m＝1.8J；总功：W总＝Fs＝7.6N×0.2m＝2.34J，额外功：W额＝W总﹣W有用＝2.34J﹣8.8J＝0.54J；（3）不计绳重与摩擦，第③次实验中滑轮组的机械效率：η＝＝＝×100%≈80.8%；（4）根据表中数据可知：W额外1＝W总5﹣W有1＝1.5N×0.9m﹣7N×0.3m＝2.42J；W额外2＝W总2﹣W有4＝2.6N×7.9m﹣6N×4.3m＝0.54J；W额外3＝W总3﹣W有3＝8.3N×0.8m﹣8N×0.5m＝0.57J；显然滑轮组的额外功变大，因此克服滑轮转轴处摩擦所做的额外功变大；同一滑轮组提升物体，物重增加。所以可得结论：同一滑轮组提升的物重增大，额外功将不变；（5）当拉力的方向不在竖直方向上时，由于动力臂变短，从而使得总功变大×100%，总功增大。故答案为：（1）弹簧测力计；刻度尺；0.54；（4）增大；（5）偏小。27．（8分）小明在探究杠杆平衡条件的实验中，所用杠杆质量分布均匀，每个钩码质量均为50g。（1）实验前没有挂钩码时，发现杠杆右端高，要使杠杆在水平位置平衡右调节使杠杆水平平衡。这样调节的目的是便于测量力臂。调节平衡后，如图甲所示，在杠杆的左边A处挂四个钩码，应在杠杆右端B处挂同样的钩码3个；（2）实验中小明发现用图乙所示的方式悬挂钩码，杠杆也能在水平位置平衡，但老师建议，其主要原因为C；A.一个人无法独立操作B.不方便测量力臂C.力和力臂数目过多，不易得出结论D.杠杆受力不平衡（3）完成实验后小明突发奇想，想利用该杠杆（重心位于O点）制作一个可以直接测量质量的“杆秤”。①如图丙所示，以杠杆上的A点为支点，当在C位置挂3个钩码，则该杠杆的质量100g。然后小明将C位置的3个钩码取下，挂到右侧作为“秤砣”；②为了将该“杆秤”的零刻度线标在A位置处，小明应在图丙C位置处装配一质量为150g的吊盘；③接着小明在图丁的D位置标记上该“杆秤”能测的最大质量600g，并将其它质量数均匀标记在AD之间的刻度线上，完成“杆秤”的制作。（4）小华在小明实验的基础上将“杆秤”改装成简易的液体密度杆，如图戊所示，将C位置的吊盘换成等质量且容积足够大的空桶，现往空桶内分别注入密度已知的等体积的不同液体，改变物块M悬挂点的位置，在M悬挂点处标出相应液体的密度值。下列关于密度秤制作的说法中不正确的是D。A.秤的刻度值可均匀标记在AD之间的刻度线上B.秤的刻度值向右越来越大C.增大M的质量，秤的量程会增大D.将支点向A右侧移动1格，秤的量程会增大【答案】（1）右；便于测量力臂；3；（2）C；（3）100；150；600；（4）D。【分析】（1）在调节杠杆平衡时，应将平衡螺母向较高的一端调节。根据杠杆平衡条件求出B处挂钩码的个数和杠杆的偏转方向；（2）研究杠杆的平衡，需要有动力和阻力，增加动力或阻力的力的个数，不易得出结论；（3）杠杆自身受到重力，在根据杠杆的平衡条件列式时，考虑重力对实验的影响；（4）根据杠杆的平衡条件，算出密度与刻度之间的关系。【解答】解：（1）实验前，杠杆右端高，应向右调节左或右端的平衡螺母，以便于测量力臂。设每个钩码的重为G，杠杆每格为L，据杠杆的平衡条件得4G×3L＝nG×3L，解得n＝3。（2）图乙中，杠杆的右侧，只需测量一个力臂，三个钩码挂在不同的位置，不易得出正确的结论，C符合题意。故选C。（3）①由题意知，图丙中1，杠杆的质量为m，左侧杠杆的重心离支点的距离为一格，右侧杠杆的重心离支点的距离为6格，质量为，据杠杆的平衡条件得3m1g×6L+＝mg×4L，解得，杠杆的质量m＝3m1＝2×50g＝100g，②图丙中，杆秤的零刻度线在A处吊篮＝4m1＝3×50g＝150g，③图丁中，将三个钩码移动至D位置，据杠杆的平衡条件有m大g×5L＝3m1×5L，解得，该杆秤能测量的最大质量m大＝12m1＝12×50g＝600g。（4）A．设液体密度为ρ，秤砣对应的力臂为l1，解得，液体的密度，由于M、V、L是定值1成正比，秤的刻度值可均匀标记在AD间，不符合题意；B．由A选项的分析可知3的增大，ρ的值变大，故B正确；C．增大秤砣M的质量，当l1取最大值时，ρ的值会变大，秤的量程会增大，不符合题意；D．将支点向右移动1格，右侧力臂变小，l4变小，L变大时，秤的量程会减小，符合题意。故选D。故答案为：（1）右；便于测量力臂；3；（3）100；600。28．（6分）小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，他用质量不同的两个钢球m和M（M的质量大于m），分别从不同的高度h和H（H＞h），观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程如图所示。（1）小明通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小，这种研究方法是转换法（选填“控制变量法”或“转换法”）。若水平面绝对光滑，本实验将不能（选填“能”或“不能”）达到探究目的。（2）由甲、乙两图可得实验结论：物体的动能大小与速度有关。（3）小丽根据甲、丙两图探究物体的动能大小与质量的关系，该做法是否正确？正确（选填“正确”或“错误”），理由是：丙图中质量大的球到达水平面时的速度小，木块移动的距离反而大，即球的动能大，说明动能大小还和质量有关。（4）另同学用图丁所示的方法探究动能的大小与速度的关系，他将相同质量的小球从不同高度（h2＞h1）由静止开始释放，通过观察木块在木板和毛巾上滑行的距离来判断小球动能的大小，这种方法是错误的（选填“正确的”或“错误的”）。【答案】（1）转换法；不能；（2）速度；（3）正确；丙图中质量大的球到达水平面时的速度小，木块移动的距离反而大，即球的动能大，说明动能大小还和质量有关；（4）错误的。【分析】（1）掌握转换法在实验中的应用，实验中通过观察木块被推动的距离来比较物体动能的大小；根据牛顿第一定律，若水平面绝对光滑，则木块不受摩擦力作用，撞击后将保持匀速直线运动，实验将不能达到探究目的；（2）（3）（4）动能大小跟质量和速度有关；在探究动能大小跟质量关系时，控制速度大小不变；在探究动能大小跟速度关系时，控制质量不变；影响动能大小的因素有物体的质量与速度，因此，在探究和分析结论时，一定要注意控制变量法的运用，并据此得出结论。【解答】解：（1）实验中通过观察木块B移动的距离长短，来判断小球动能的大小；若水平面绝对光滑，则木块运动时不受摩擦力作用，不能通过木块移动的距离长短来判断小球动能的大小。（2）甲、乙两图中小球的质量一定，到达水平面时的速度不同，故可以得出结论：物体的动能大小与速度有关。（3）虽然甲、丙两图中没有控制小球到达水平面时的速度相同（没有控制小球下落的高度相同），木块移动的距离反而大（s3＞s1），即球的动能大，故小丽的看法是正确的。（4）图丁所示的方法探究动能的大小与速度的关系，应改变小球撞击木块前的速度，而实验中没有控制水平面的粗糙程度相同。故答案为：（1）转换法；不能；（3）正确，木块移动的距离反而大，说明动能大小还和质量有关。29．（5分）沈仔细同学在研究“影响重力势能大小的因素”时，提出了如下猜想：猜想一：重力势能的大小可能与物体的质量有关；猜想二：重力势能的大小可能与物体所在的高度有关；猜想三：重力势能的大小可能与物体的体积有关。他为了验证猜想，准备了如下实验器材：花泥（易产生塑性形变）若干块；体积不