山东省淄博市淄川中学2024届物理高一上期末学业质量监测模拟试题含解析

山东省淄博市淄川中学2024届物理高一上期末学业质量监测模拟试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示，小球从高处下落到正下方竖直放置的轻弹簧上，那么小球从接触弹簧开始到将弹簧压缩到最短的过程中（弹簧一直保持竖直），下列说法中正确的是（）A.小球受到的弹力先增大后减小B.小球的速度一直在减小C.小球的加速度先减小后增大D.小球一直处于失重状态2、如图所示，质量为m的小球用水平轻弹簧和轻绳拉住，处于静止状态，轻绳与竖直方向成60°的夹角，当轻绳剪断的瞬间，小球的加速度为（）A.0B.大小为g，方向竖直向下C.大小为2g，方向沿原来轻绳方向向下D.大小为2g，方向水平向右3、历史上首先正确认识力和运动的关系，批驳“力是维持物体运动的原因”观点的物理学家是（）A.亚里士多德 B.牛顿C.伽利略 D.笛卡尔4、如图是利用传感器研究作用力和反作用力的实验，可以得出的结论是（）A.作用力先变化，反作用力后变化B.作用力和反作用力的大小总是相等的C.作用力和反作用力的方向总是相同的D.作用力和反作用力是作用在同一个物体上的5、倾角为α=30°、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木块静止在斜面体上，下列结论正确的是（）A.木块受到的摩擦力大小是mgB.木块对斜面体的压力大小是mgC.桌面对斜面体的摩擦力大小是mgD.桌面对斜面体的支持力大小是(M+m)g6、如图所示，A、B两物块叠放在水平面上，在水平恒力F作用下，A、B一同作匀速直线运动，在此过程中物体B所受外力个数为（）A.2个 B.3个C.5个 D.6个7、甲、乙、丙三辆汽车同时在一条南北方向的大街上行驶，甲车上的人看到丙车相对于甲车向北运动，乙车上的人看到甲、丙两辆汽车都相对乙车向南运动，丙车上的人看到路边树木向北运动．关于这三辆车行驶的方向，正确的说法是（）A.甲车必定向南行驶B.乙车必定向北行驶C.丙车可能向北行驶D.三辆车行驶方向可能相同8、如图所示，在光滑斜面上，有一轻质弹簧的一端固定在斜面上，有一物体A沿着斜面下滑，当物体A刚接触弹簧的一瞬间到弹簧压缩到最低点的过程中，下列说法中正确的是A.物体的加速度将先增大，后减小B.物体的加速度将先减小，后增大C.物体的速度将先增大，后减小D.物体的速度将先减小，后增大9、如图所示，在光滑水平面上叠放着A、B两物体。现对A施加水平向右拉力F，通过传感器可测得A的加速度a随拉力F变化的关系如图B所示。已知重力加速度g=10m/s2，由下列说法正确的是（）A.A的质量mA=2kgB.A的质量mA=6kgC.A、B间的动摩擦因数μ=0.6D.A、B间的动摩擦因数μ=0.210、如图所示，三段不可伸长的细绳OA、OB、OC，它们共同悬挂一重物G=30N，其中OB是水平的，A端、B端固定，．则OA和OB的拉力分别是A.OA的拉力是60N B.OA的拉力是C.OB的拉力是 D.OB的拉力是11、如图所示，从倾角为的斜面顶点A将一小球以初速度水平抛出，小球落在斜面上B点，重力加速度为g不计空气阻力，则下列说法正确的有（）A.从A到B的运动时间为 B.AB的长度为C.到B点的速度 D.小球在B点时的速度分量满足12、甲、乙两汽车在某平直公路上做直线运动，某时刻经过同一地点，从该时刻开始计时，其v－t图象如图所示．根据图象提供的信息可知()A.从t＝0时刻起，开始时甲在前，6s末乙追上甲B.从t＝0时刻起，开始时甲在前，在乙追上甲前，甲、乙相距最远12.5mC.8s末甲、乙相遇，且距离t＝0时的位置40mD.在0～4s内与4～6s内甲的平均速度相等二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（12分）如图所示，PQ为一绷紧的传送带，始终以v=5m/s的速度逆时针运行，传送带与水平方向的夹角θ＝37°。现有一质量为m的小碳从Q处以v0=3m/s的速度沿图示方向滑上传送带，已知P、Q之间的距离为6.8m，碳块与传送带间的动摩擦因数μ＝0.5，g＝10m/s2。（sin37°＝0.6，cos37°＝0.8），试求：（1）碳块在传送带上运动的总时间。（2）碳块在传送带上留下的划痕长度。17、（10分）甲、乙两辆汽车沿平直公路同向匀速行驶，甲车在乙车前面，它们之间相距20m，速度均为某时刻，甲车刹车作匀减速直线运动，加速度大小为而乙一直做匀速直线运动.从此时刻起，求:(1)甲车经过多长时间停止运动?(2)当甲车静止时，甲、乙两辆汽车之间的距离为多大?(3)从甲开始刹车时计时，经多长时间两车相遇?

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解题分析】A．弹簧的压缩量不断变大，故弹簧的弹力不断变大，故A错误；BCD．小球开始下落时，只受重力作用做加速运动，当和弹簧接触时，受到弹簧弹力作用，开始时弹簧压缩量小，因此重力大于弹力，此时：mg-kx=ma随着弹簧压缩量的增加，弹力增大，加速度减小，但是物体仍加速运动，当mg=kx时，速度最大，然后弹簧继续被压缩，当mg=kx时，加速度等于零，速度最大，物体继续向下运动，弹簧继续被压缩，弹力大于重力，物体开始减速运动，所以整个过程中物体先加速后减速运动，加速度先减小后增大，小球先处于失重状态后处于超重状态，故BD错误，C正确故选C【题目点拨】下落过程中正确对小球进行受力分析，然后根据牛顿第二定律即可判断其加速度的变化情况，然后进一步判断速度变化情况2、C【解题分析】先分析剪断轻绳前弹簧的弹力和轻绳的拉力大小；再研究剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，对小球受力分析，根据牛顿第二定律求出瞬间的加速度大小【题目详解】在剪断轻绳前，小球受重力、绳子的拉力以及弹簧的弹力处于平衡，根据共点力平衡得：绳子的拉力；剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，小球此时受重力、弹簧的弹力两个力作用，小球的合力与原来轻绳的拉力等大反向，为F合=2mg；根据牛顿第二定律得小球的加速度为：a==2g，方向沿原来轻绳方向向下；故选C【题目点拨】解决本题关键知道剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，运用力的合成法研究3、C【解题分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【题目详解】历史上首先正确认识力和运动的关系，推翻“力是维持物体运动的原因”的物理学家是伽利略【题目点拨】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一4、B【解题分析】A．由图象可知，作用力和反作用力是同时产生，同时消失的，所以A错误；BCD．牛顿第三定律内容：两个物体之间的作用力与反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上。所以B正确，CD错误。故选B。5、D【解题分析】A．先对木块m受力分析，受重力mg、支持力N和静摩擦力f，根据平衡条件，有：f=mgsin30°=mg选项A错误；B．木块对斜面体的压力大小是N=mgcos30°=mg选项B错误；CD．对M和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，故桌面对斜面体的支持力为N=（M+m）g，静摩擦力为零，故C错误，D正确；故选D。6、C【解题分析】因为A、B做匀速运动，知A处于平衡状态，则A受重力和支持力作用，不会受摩擦力作用，因为一旦受摩擦力，A将不再平衡，所以A受两个力作用；而物体B受到重力，拉力F，A对B的压力，地面对B的支持力与滑动摩擦力，共5个力，故C正确，ABD错误。故选C。7、AD【解题分析】C．丙车上的人则看到路边上的树木向北运动，说明丙车向南运动，故C错误；A．甲车上的人看到丙车相对于甲车向北运动，说明甲车也向南运动，并且甲车的速度比丙车大，故A正确；BD．乙车上的人看到甲、丙两辆车都相对乙车向南运动，此时有两种可能：一是乙车向南运动，但比甲车和丙车的速度都小；二是乙车向北运动．故B错误，D正确故选AD【题目点拨】解决此类问题时首先抓住以地面、树木或建筑物为参照物判断出其中一个物体的运动情况，再根据它们之间的关系逐个分析，考查了学生的分析判断能力8、BC【解题分析】小球接触弹簧后，弹簧的弹力先小于重力沿斜面向下的分力，小球的合力沿斜面向下，加速度也沿斜面向下，与速度方向相同，故小球做加速运动，因弹力逐渐增大，合力减小，加速度减小；随着小球向下运动，弹簧的弹力增大，当弹簧的弹力大于重力沿斜面向下的分力后，小球的合力沿斜面向上，加速度沿斜面向上，与速度方向相反，小球做减速运动，弹力增大，合力增大，加速度也增大；综上可知，加速度先减小后反向增大；小球速度先增大后减小，故BC正确，AD错误；

故选BC.点睛：解决本题的关键是分析小球的受力情况，再判断其运动情况；压缩弹簧运动的分析是中学阶段的一个难点．要注意分析弹簧的弹力随形变量的变化而变化；从而引起合力和加速度的变化过程9、BD【解题分析】AB．由图象可以看出，当力F＜48N时加速度较小，A、B相对静止，加速度相同。对整体法，由牛顿第二定律：F=（mA+mB）a则得由数学知识得：故mA+mB=8kg当F＞48N时，A的加速度较大，采用隔离法，由牛顿第二定律：对A有：F-μmAg=mAa则得由数学知识得：可得mA=6kgmB=2kg选项A错误，B正确；CD．由当F=60N时，a=8m/s2解得μ=0.2故C错误，D正确。故选BD。10、BD【解题分析】对物体受力分析可求得绳OC的拉力为：F=G=30N；对结点O受力分析如图所示，建立直角坐标系如图，由平衡条件有：F2cos30°=F；Ftan30°=F1；联立解得：F1=10N，F2=20N，故选BD.11、BC【解题分析】根据得，物体在空中飞行的时间故A错误；物体的水平位移，所以AB间的距离，故B正确；根据速度与时间关系，则B点竖直方向的速度，那么B点的速度，故C正确；在B点时的速度分量不满足，因为B点的速度与水平夹角不为，而是位移与水平的夹角，故D错误．故选BC【题目点拨】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，通过位移关系求出运动的时间是解决本题的突破口12、BC【解题分析】A．在内，甲的位移乙的位移所以6s末乙未追上甲，故A错误；B．当两者速度相等时，距离最远，即5s末距离最远，此时最远距离为故B正确；C．6s以后，甲停止运动，因此相遇时，距离t=0的位置为40m，所用时间为故C正确；D．根据图象可知，在04s内甲的平均速度在46s内甲的平均速度故D错误。故选BC。二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（1）1.2s（2）1m【解题分析】（1）设L=6.8m，碳块相对传送带向上运动物时加速度大小为a1，根据牛顿第二定律有：碳块经t1时间与传送带同速，根据速度时间公式有：t1时间内炭块下滑位移为x碳1，根据位移公式有：解得：s，x碳1=0.8m<L因μ<tan37°，碳块以大小为a2的加速度继续加速下滑。经时间t2滑出传送带，根据牛顿第二定律有：根据位移时间公式有：碳块在传送带上运动的总时间为：解得：s（2）t1时间内，传送带位移为:碳块相对传送带位移大小为：t2时间内，传送带位移为碳块相对传送带位移大小为：解得：，m因所以划痕长为：解得：m17、（1）2.5s（2）7.5m（3）3.25s【解题分析】（1）根据速度时间公式求出甲车速度减为零的时间（2）根据位