2024届湖南省醴陵两中学物理高一上期末达标测试试题含解析

2024届湖南省醴陵两中学物理高一上期末达标测试试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、质量为60kg的人，站在升降机内的台秤上，测得体重为70kg，则升降机的运动应是（

）A.匀速上升或匀速下降B.自由落体C.减速上升D.加速上升2、汽车以大小为20m/s的速度做匀速直线运动，刹车后，获得的加速度的大小为5m/s2，那么刹车后2s内与刹车后6s内汽车通过的路程之比为（）A.1∶1 B.3∶1C.4∶3 D.3∶43、在第31届奥林匹克运动会中中国选手孙杨以1分44秒的成绩获得男子200米自由泳比赛冠军（国际标准游泳池长50米）．下列说法正确的是(

)A.“1分44秒”指的是时间间隔B.孙杨200米自由泳的平均速度为1.92m/sC.在研究孙杨的技术动作时,可以把孙杨看成质点D.在游泳过程中,以游泳池里的水为参考系,孙杨是静止的4、图所示是自行车的轮盘与车轴上的飞轮之间的链条传动装置。是轮盘的一个齿，是飞轮上的一个齿。下列说法中正确的是（）A.两点角速度大小相等B.两点线速度大小相等C.两点向心加速度大小相等D.点向心加速度大于点向心加速度5、明朝谢肇的《五杂组》中记载:“明姑苏虎丘寺庙倾侧,议欲正之,非万缗不可．一游僧见之,曰:无烦也,我能正之．”游僧每天将木楔从塔身倾斜一侧的砖缝间敲进去,经月余扶正了塔身,假设所用的木楔为等腰三角形,木楔的顶角为,现在木楔背上加一力F,方向如图所示,则木楔两侧产生推力N的大小为()A. B.C. D.6、如图所示，悬挂于小车里的小球偏离竖直方向θ角，则小车可能的运动情况是（）A.向右减速运动B向右加速运动C.向左减速运动D.向左加速运动7、如图所示，物体在水平力F作用下静止在斜面上，若稍增大水平力F，而物体仍能保持静止（斜面也仍能静止），则下列说法正确的是（）A.斜面对物体的静摩擦力可能减小，支持力一定增大B.斜面对物体的静摩擦力可能增大，支持力一定增大C.F增大前，斜面底部受到地面的摩擦力为F，方向水平向右D.F增大前，斜面底部受到地面的摩擦力为F，方向水平向左8、在离地面h=15m高处，以v0=10m/s的速度同时竖直向上与向下抛出甲、乙两小球，不计空气阻力，小球落地后就不再弹起，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是()A.两小球落地时的速度相等 B.两小球落地的时间差为1sC.乙球落地时甲球恰好运动到最高位置 D.t=2s时，两小球相距l5m9、如图，质量为m的圆球放在两光滑挡板M、N之间，其中M与水平面夹角为α，N始终保持竖直．缓慢转动M板，使夹角α由60°逐渐减小到零的过程中A.圆球对M的压力由mg逐渐变大B.圆球对M的压力由2mg逐渐变小C.圆球对N的压力由2mg逐渐变大D.圆球对N的压力由mg逐渐变小10、如图所示，悬挂于小车里的小球偏离竖直方向θ角，则小车可能的运动情况是（）A.向右减速运动B.向右加速运动C.向左减速运动D.向左加速运动二、实验题11、（4分）12、（10分）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，质量为2kg的物体在与水平方向成37°角的斜向上的拉力F作用下由静止开始运动．已知力F的大小为5N，物体与地面之间的动摩擦因数μ为0.2，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：(1)物体由静止开始运动后的加速度大小；(2)8s末物体的瞬时速度大小和8s时间内物体通过的位移大小；(3)若8s末撤掉拉力F，则物体还能前进多远？14、（14分）一小球从距离地面一定高度自由下落，经5s落地，重力加速度g=10m/s2，忽略空气阻力，求：（1）小球下落的高度；（2）下落过程中小球平均速度的大小15、（13分）如图甲所示，倾角为θ＝37°的传送带以恒定速率逆时针运行，现将一质量m＝2kg的小物体轻轻放在传送带的A端，物体相对地面的速度随时间变化的关系如图乙所示，2s末物体到达B端，取沿传送带向下为正方向，g＝10m/s2，sin37°＝0.6，求：（1）小物体在传送带A、B两端间运动的平均速度v；（2）物体与传送带间的动摩擦因数μ；

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、D【解题分析】根据题意可知人处于超重状态，即人的加速度向上，所以升降机的运动为加速上升或减速下降，故D正确2、D【解题分析】汽车速度减为零的时间：则刹车后2s内的位移：刹车后6s内的位移等于4s内的位移，则：则刹车2s后和6s后的位移之比为3：4；A.1∶1与分析不符，故A错误；B.3∶1与分析不符，故B错误；C.4∶3与分析不符，故C错误；D.3∶4与分析相符，故D正确3、A【解题分析】A．时间间隔指一段时间，对应一过程，孙杨游泳200米，是一过程，故1分44秒为时间间隔，故A正确；B．200米游泳比赛的位移是0，根据平均速度定义式可知平均速度也是0.故B错误；C．质点是理想化的物理模型，物体的大小、形状对所研究的问题没有影响或影响很小时，物体才可以看做质点，所以研究孙杨的技术动作时，孙杨的形状不能忽略，即孙杨不能看做质点，故C错误；D．孙杨在游泳过程中，以水为参考系，他是运动的，故D错误4、B【解题分析】AB．P、Q两点是传送带传动的两轮子边缘上两点，则vP=vQ，而，由可得：，所以P、Q两点角速度大小不相等，A错误，B正确；CD．因vP=vQ，而，由Q点向心加速度大于P向心加速度，CD错误。故选B。5、C【解题分析】选木楔为研究对象，木楔受到的力有：水平向左的F和两侧给它的与木楔的斜面垂直的弹力，由于木楔处于平衡状态，所以两侧给木楔的斜面垂直的弹力与F沿两侧分解的力是相等的，力F的分解如图：则有：，解得：，故C正确，ABD错误6、BC【解题分析】车和球一起运动，它们有共同的加速度，对小球受力分析，可以求得小球的加速度的方向，即为小车的加速度的方向，从而可以判断小车可能的运动情况。【题目详解】对小车及小球整体分析可知，整体沿水平方向运动，则加速度沿水平方向，即合力沿水平方向；对小球受力分析可知其合力水平向右，则加速度也水平向右，所以小车可能是向右加速运动，也可能是向左减速运动，故选项BC正确，选项AD错误。故选BC。【题目点拨】对于多个物体的受力分析通常采用的方法就是整体法和隔离法，通过隔离法求得加速度，再利用整体法判断整体的运动情况。7、ABD【解题分析】AB.物体在水平力F作用下静止在斜面上，斜面对物体的静摩擦力方向可能沿斜面向上，也可能沿斜面向下，所以稍微增大水平力F，斜面对物体的静摩擦力可能增大，也可能减小，甚至可能大小不变（大小不变，方向改变）；斜面对物体的支持力FN=mgcosθ+Fsinθ稍增大水平力F，则支持力一定增大，故AB正确；CD.由整体分析可知，F增大前，斜面底部相对地面有向右运动的趋势，所以斜面底部受到地面的摩擦力为F，方向水平向左，故C错误，D正确。8、ACD【解题分析】甲球做竖直上抛运动，乙球做竖直下抛运动，根据机械能守恒定律求落地时速率关系；由位移公式求落地时间；根据乙球的运动时间，分析甲球的位置，并由位移公式求出t=2s时两者间的距离。【题目详解】A．甲、乙两小球抛出时速率相等，机械能相等．由于不计空气阻力，所以两球运动过程中机械能都守恒，则落地时机械能也相等，落地时的速度必定相等，故A正确；B．落地时，对于甲、乙两球，取竖直向上为正方向，有解得，所以两小球落地的时间差为2s，故B正确；C．甲球上升的时间为所以乙球落地时甲球恰好运动动最高点，故C正确；D．t=2s时，甲球的位移为乙球已落地并不再弹起，所以t=2s时，两小球相距15m，故D正确。故选ACD。9、BD【解题分析】圆球受三个力，即重力，M对球的弹力，N对球的弹力，三力作用下，物体处于平衡状态【题目详解】如图所受，圆球处于三力平衡状态，由力的几何关系可知，M对球的弹力；N对球的弹力．缓慢转动M板，使夹角α由60°逐渐减小到零的过程中，，均逐渐变小故本题选BD【题目点拨】三力平衡时，任意两个力的合力与第三个力等值、反向．列出力的解析式，根据角度变化判断求解10、BC【解题分析】车和球一起运动，它们有共同的加速度，对小球受力分析，可以求得小球的加速度的方向，即为小车的加速度的方向，从而可以判断小车可能的运动情况。【题目详解】对小车及小球整体分析可知，整体沿水平方向运动，则加速度沿水平方向，即合力沿水平方向；对小球受力分析可知其合力水平向右，则加速度也水平向右，所以小车可能是向右加速运动，也可能是向左减速运动，故选项BC正确，选项AD错误。故选BC。【题目点拨】对于多个物体的受力分析通常采用的方法就是整体法和隔离法，通过隔离法求得加速度，再利用整体法判断整体的运动情况。二、实验题11、12、三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、(1)a=0.3m/s2(2)x=9.6m(3)x′=1.44m【解题分析】(1)物体的受力情况如图所示：根据牛顿第二定律，得:

Fcos37°-f=maFsin37°+FN=mg又f=μFN联立得：a=代入解得a=0.3m/s2(2)8s末物体的瞬时速度大小v=at=0.3×8m/s=2.4m/s8s时间内物体通过的位移大小(3)8s末撤去力F后，物体做匀减速运动，根据牛顿第二定律得，物体加速度大小由v2=2a′x′得:【题目点拨】本题关键是多次根据牛顿第二定律列式求解加速度，然后根据运动学公式列式求解运动学参量14、（1）125m（2）25m/s【解题分析】（1）根据求解列式算高度；（2）利用计算平均速度【题目详解】（1）根据自由落体运动规律得解得：（2）根据