青岛市中考物理试题(详细答案)

二○一三年山东省青岛市初级中学学业水平考试物理试题卷（I）现象·实验·结构·方法一、选择题（本题满分18分，共9个小题，每小题2分）下列各小题的四个选项中只有一个是正确的。1．（2分）（2013•青岛）下列现象中，文明的是（）A．开车不系安全带B．用铁丝代替保险丝C．大雪后，在路面上撒沙子D．半夜看球赛时电视音量很大考点：物理常识．专题：其他综合题．分析：每一个选项中都反映了不同的知识点，明确所对应的知识，再依次做出判断即可．解答：解：A、安全带是为了防止汽车行驶时，因惯性而对人造成伤害，不系安全带的做法是错误的，不合题意；B、保险丝电阻率高、熔点低，是保护电路的有效装置，不能用铁丝代替，不合题意；C、大雪后，在路面上撒沙子，既可以增大摩擦力，防止行人滑倒，同时还可以降低雪的熔点，使雪尽快熔化，属文明行为，符合题意；D、半夜看球赛时电视音量很大，对邻居来讲属于噪声污染，是不文明行为，不合题意．故选C．点评：本题中的内容既是生活常识，同时也都是物理常识，每一个选项都对应了不同的物理知识，是我们应该了解的．2．（2分）（2013•青岛）首先发现“电流磁效应”的科学家是（）A．奥斯特B．安培C．法拉第D．焦耳考点：物理常识．专题：顺推法．分析：导体中有电流通过时，在导体周围就会产生磁场，磁场方向与电流方向有关．解答：解：1820年，奥斯特意外地发现载流导线的电流会作用于磁针，使磁针改变方向，也就是通电导体周围产生磁场．故选A．点评：多了解物理学史对培养我们学习物理的兴趣是有帮助的，考试中也时有涉及，在学习中应注意．3．（2分）（2013•青岛）下列关于能量转化、转移现象的说法，错误的是（）A．电池充电，电能转化为化学能B．电动机工作，电能转化为机械能C．暖瓶塞被热气弹开，机械能转化为内能D．用热水袋取暖，内能发生了转移考点：能量的转化和转移．专题：能源的利用与发展．分析：能量的转化，主要是看哪种能量减少了，哪种能量增加，总是减少的能量转化为增加的能量．能量的转移发生在热传递过程中．解答：解：A、电池充电，消耗了电能，得到了化学能，因此将电能转化为化学能；说法正确；B、电动机工作，消耗了电能，得到了机械能，因此将电能转化为机械能；说法正确；C、暖瓶塞被热气弹开，消耗了内能，得到了机械能，故将内能转化为了机械能；说法错误；D、用热水袋取暖，是通过热传递的方式得到能量的，因此内能发生了转移，说法正确．故选C．点评：此题考查的是我们对于能量转化现象的分析能力以及能量转移的判断．4．（2分）（2013•青岛）下列关于实验仪器使用的说法中，正确的是（）A．调节天平横梁时，要将游码拨到标尺最右端B．使用液体温度计测量水温读数时，视线要与液面上表面向平C．连接电路时，应将滑动变阻器滑片移至阻值最小处D．使用电流表时，允许不经过用电器把它直接接在电源两极上考点：质量的测量与天平；温度计的使用及其读数；电流表的使用；滑动变阻器的使用．专题：基本仪器的使用专题．分析：（1）调节天平横梁平衡时，要将游码拨到标尺最左端（2）温度计的正确使用方法是：将温度计放入待测液体中后，等到示数稳定后再读数；（3）连接电路时，应将滑动变阻器滑片移到阻值最大处；（4）因为电流表的电阻很小，不经过用电器把它直接接在电源两极上，造成短路．解答：解：A、调节天平横梁平衡时，要将游码拨到标尺最左端，故A错误；B、使用液体温度计测量水温时，将温度计放入水中后，应该等到示数稳定后再读数，视线要与液柱上表面相平，故B正确；C、连接电路时，为防止电路中电流过大，应将滑动变阻器滑片移到阻值最大处；故C错误；D、因为电流表的电阻很小，故不允许不经过用电器把它直接接在电源两极上．故D错误．故选B．点评：此题主要考查的是学生对温度计、天平、电流表和电压表的正确使用方法和注意事项，属于识记性题目，比较简单．5．（2分）（2013•青岛）下列图象中，能正确反映“匀速直线运动”的是（）考点：匀速直线运动．C．物态分子间距离分子的运动固态很小在平衡位置附近做无规则运动液态较大振动和移动气态很大除碰撞外均做匀速直线运动D．不同点蒸发沸腾发生地点液体表面液体表面和内部温度条件任何温度下均可发生只在一定温度（沸点）发生剧烈程度平和剧烈考点：增大或减小摩擦的方法；汽化及汽化吸热的特点；物态的微观模型及特点；定滑轮及其工作特点；动滑轮及其工作特点．专题：其他综合题．分析：（1）增大摩擦的方法：增大压力、增大接触面的粗糙程度以及变滚动为滑动；减小摩擦的方法：减小压力、减小接触面的粗糙程度、使接触面分离、变滑动为滚动；（2）定滑轮可以改变力的方向，但不省力；动滑轮省一半的力，但不能改变力的方向；（3）分子间的间隔与状态有关，气态时，分子间的间隔最大；固体时，分子间的间隔最小；（4）蒸发：是一种在任何温度下、只发生在液体表面的、缓慢的汽化现象．沸腾：是一种在一定温度下、在液体内部和表面同时发生的、剧烈的汽化现象．解答：解：A、变滑动为滚动是减小摩擦；变滚动为滑动是增大摩擦，故A错误；B、定滑轮可以改变力的方向，但不省力；动滑轮省一半的力，但不能改变力的方向；故B正确；C、固态时，分子的间隔最小，分子在平衡位置附近做无规则运动；液体时，分子间隔较大，振动和移动；气态时，分子的间隔最大，除碰撞外均做匀速直线运动；故C正确；D、蒸发：是一种在任何温度下、只发生在液体表面的、缓慢的汽化现象．沸腾：是一种在一定温度下、在液体内部和表面同时发生的、剧烈的汽化现象．故D正确．故选BCD．点评：此题考查了增大或减小摩擦的方法、分子间隔与状态的关系、定滑轮与动滑轮的区别、蒸发和沸腾的异同，涉及的知识点较多，在学习中要认真分析和比较．12．（3分）（2013•青岛）如图是“探究某物质熔化和凝固规律”的实验图象．下列说法正确的是（）A．在t时=5min时，该物质处于固液共存状态B．在BC段，该物质不吸热C．该物质凝固过程持续了5minD．该物质的凝固点是45℃考点：熔化和凝固的温度—时间图象．专题：压轴题；温度计、熔化和凝固．分析：（1）熔化图象的横坐标表示时间，纵坐标表示温度，而图中BC段温度不变的阶段就是熔化过程．（2）晶体在熔化或凝固时的温度是熔点或凝固点．晶体在熔化过程或凝固过程中处于固液共存态．从开始熔化到完全熔化完所用时间就是物态变化经历的时间．解答：解：A、如图，有一段时间吸热温度不变，所以该物质是晶体，从3min开始熔化，到6min结束，故在t时=5min时，该物质处于固液共存状态，故A正确．B、在BC段，该物质不断吸热，但温度不变，故B错误．C、该物质从12min开始凝固，到15min凝固结束，该物质凝固过程持续了3min．故C错误．D、该物质的凝固对应的温度是45℃，凝固点为45℃，故D正确．故选AD．点评：本题考查的是对熔化和凝固图象的理解，根据图象分辨晶体和非晶体，并能分析出各自在熔化过程中的特点是解决该题的关键．中考对这个知识点的要求是比较高的．13．（3分）（2013•青岛）根据下表提供的“一些物质的密度”判断，下列说法错误的是（）物质ρ/（kg•m﹣3）物质ρ/（kg•m﹣3）铜8.9×103铁7.9×103水1.0×103酒精0.8×103空气1.29氧气1.43A．充满氧气的气球可以飘在空中B．将体积相等的铁块和铜块匀速提高相同的高度，拉力所做的功相同C．将一个铁圆柱体分别放入水和酒精中，所受浮力与浸入液体深度的关系可用图象表示，其中图线a表示在酒精中的情况D．将质量不等的两个铜块，做成横截面积相等的铜丝，质量大的铜块做成的铜丝电阻大考点：与密度有关的物理现象；阿基米德原理；功的大小比较；影响电阻大小的因素．专题：压轴题；其他综合题．分析：①比较氧气与空气的密度大小，可判断充满氧气的气球是否可以飘在空；②功等于力与距离的乘积，在提高相同的高度时，关键是比较所用的力，即从密度的角度，比较体积相同的物体的质量大小；③酒精的密度小于水的密度，因此，在排开体积相同时，密度越大的浮力越大，据此判断；④电阻的大小取决于导体的长度、材料、横截面积，据此来做出分析和判断．解答：解：A、从表中要以得出，氧气的密度大于空气的密度，因此，充满氧气的气球不能飘在空中，而是会落向地面，故说法错误；B、体积相等的铁块和铜块，铜的密度大，所以质量大，重力也大，在提升相同的高度时，所做的功更多，故说法错误；C、读图可知，当物体完全浸没时，图线a表示所受浮力大，根据浮力公式F浮=ρgV排，说明a所浸没的液体密度大，因此是浸没在水中，故说法错误；D、质量不等的两个铜块，做成横截面积相等的铜丝，质量大的铜块做成的铜丝长度一定大，在材料、横截面积相同的情况下，长度越长，电阻越大，故说法正确．本题要求选错误答案．故选ABC．点评：本题的特点是每一个选项的判断都离不开密度的知识，而且考查的角度都略有不同，注重了我们对知识的理解和运用能力，有一定的意义，值得我们关注．卷（Ⅱ）实验•应用•推理•探究（满分70分）专题一：声、光与热14．（8分）（2013•青岛）回顾实验和探究（请将下列实验报告中的空缺部分填写完整）：（1）探究影响音调高低的因素：过程把钢尺按在桌面上，一端伸出桌边．拨动钢尺，听声音并观察钢尺振动的快慢；改变钢尺伸出桌面的长度，再做几次实验方法几次实验中，使钢尺振动的幅度相同，这里运用了控制变量法（2）探究平面镜成像的特点：过程方法用玻璃板代替平面镜，便于确定像的位置，这里运用了替代法．将一支点燃的蜡烛a竖直放在玻璃板前10cm处，可看到它在玻璃板后面成的像．再取一支与a等大的蜡烛b放在玻璃板后面，使之与蜡烛a的像完全重合，该位置就是蜡烛a的像的位置．这里运用了等效法问题讨论将玻璃板换成焦距为15cm的凸透镜，并在它后面放一个光屏，为了能使蜡烛a在光屏上成一个清晰明亮的像，应将蜡烛a远离（“远离”或“靠近”）凸透镜考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；频率及音调的关系．专题：压轴题；探究型实验综合题．分析：（1）探究影响音调高低的因素：把钢尺紧按在桌面上，一端伸出桌边，拨动钢尺，听它振动发出的声音，同时注意钢尺振动的快慢；改变钢尺伸出桌边的长度，再次拨动，使钢尺每次的振动幅度大致相同．（2）控制变量法是被研究的问题与多个因素有关，研究与其中一个因素的关系时，控制其他因素一定；等效替代法是用效果相同的另一件事来替代不好研究的事．凸透镜成像的规律：当u＞2f时，成倒立、缩小的实像．当u=2f时，成倒立、等大的实像．当f＜u＜2f时，成倒立、放大的实像．当u＜f时，成正立、放大的虚像．解答：解：（1）把钢尺按在桌面上，一端伸出桌边．拨动钢尺，听声音并观察钢尺振动的快慢；改变钢尺伸出桌面的长度，再做几次实验，几次实验中，使钢尺每次的振动幅度大致相同．这里运用了控制变量法（2）因为平面镜不透明，无法找到像的位置，所以，不能用平面镜做实验．而玻璃板是透明的，便于找到像的位置，可以达到预想的实验效果；这里运用了替代法；取两只蜡烛，一只点燃在玻璃板前，一只不点燃，在玻璃板后，使后面的蜡烛与前面蜡烛的像完全重合，后面蜡烛的位置就是前面蜡烛的像的位置，这是一种等效替代的方法．因蜡烛a竖直放在玻璃板前10cm处，当将玻璃板换成焦距为15cm的凸透镜，并在它后面放一个光屏，为了能使蜡烛a在光屏上成一个清晰明亮的像，这个像是实像，那么根据凸透镜成像规律可知，应将蜡烛a远离凸透镜．故答案为：见下表：（1）过程把钢尺按在桌面上，一端伸出桌边．拨动钢尺，听声音并观察钢尺振动的快慢；改变钢尺伸出桌面的长度，再做几次实验方法几次实验中，使钢尺振动的幅度相同，这里运用了控制变量法（2）过程方法用玻璃板代替平面镜，便于确定像的位置，这里运用了替代法．将一支点燃的蜡烛a竖直放在玻璃板前10cm处，可看到它在玻璃板后面成的像．再取一支与a等大的蜡烛b放在玻璃板后面，使之与蜡烛a的像完全重合，该位置就是蜡烛a的像的位置．这里运用了等效法问题讨论将玻璃板换成焦距为15cm的凸透镜，并在它后面放一个光屏，为了能使蜡烛a在光屏上成一个清晰明亮的像，应将蜡烛a远离（“远离”或“靠近”）凸透镜点评：本题是一道实验探究题，要注意观察实验现象，然后分析现象出现的原因，最后得出结论，同时注意不同实验应用的探究方法；这道题对能力要求比较强，有一定的难度，是一道中档题．15．（5分）（2013•青岛）运用知识解决问题：（1）烈日下，狗伸长舌头可增大舌头上唾液的表面积，快速喘气可加快唾液表面空气流速，从而加快唾液蒸发，而蒸发吸收能量，从而使狗感到凉快．（2）请在图中画出射向凹透镜的光线，完成光路．（3）对200g的水加热，水的沸腾图象如图，请你计算水在AB段吸收的热量（请写出计算过程）．考点：影响蒸发快慢的因素；透镜的光路图；热量的计算．专题：压轴题；透镜及其应用；汽化和液化、升华和凝华；比热容、热机、热值．分析：（1）蒸发快慢的影响因素：液体的温度、表面积和液体上方空气流动快慢；蒸发吸热；（2）凹透镜的特殊光线有三条：过光心的光线其传播方向不变，平行于主光轴的光线经凹透镜折射后折射光线的反向延长线通过焦点，延长线过焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴；（3）由图象读出水的初温和末温，根据Q=cm（t﹣t0）求出水吸收的热量．解答：解：（1）狗伸长舌头可增大舌头上唾液的表面积，加快蒸发；蒸发要从狗的身体上吸收热量，使狗感到凉快；（2）延长线过焦点的光线经凹透镜折射后折射光线平行于主光轴，由此可以画出其入射光线如下图所示：（3）由图象读出在A点的初温t0=80℃，在B点的末温t=95℃，水吸收的热量：Q=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×（95℃﹣80℃）=1.26×104J．答：（1）表面积；吸收；（2）见上图；（3）水在AB段吸收的热量为1.26×104J．点评：此题主要考查的是学生对影响蒸发快慢的影响因素、凹透镜光路图、热量计算公式的理解和掌握，基础性题目．专题二：力与运动16．（10分）（2013•青岛）回顾实验和探究（请将下列实验报告中的空缺部分填写完整）（1）探究影响压力作用效果的因素：（2）探究影响动能大小的因素：过程小雨提出这个研究问题后，想到可能与压力大小和受力面积有关，于是他做了如图三次实验，其中：他通过乙、丙两图所示的实验研究了压力作用效果和受力面积的关系．最终，他得出结论并建构出压强的概念．作图请在丙图中画出小桌的受力示意图．方法通过观察小桌下陷的深度来比较压力作用效果的大小，这里运用了转换法．程序提出问题﹣猜想﹣进行实验与收集证据﹣得出结论．过程如图，三次实验要让小球由静止状态开始滚下．乙、丙两次实验，研究的是动能大小与速度的关系．小球沿斜面滚下过程中，它的重力势能主要转化为动能．作图请在甲图中画出小球滚下的受力示意图．问题讨论如果在甲中将物体A去掉，在水平面依次铺上毛巾、棉布、木板，使小球在平面上所受阻力越来越小，小球速度将减小得越来越慢．考点：探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验；探究影响物体动能大小的因素．专题：实验题；压轴题；探究型实验综合题．分析：（1）①影响压力作用效果的因素有压力大小和受力面积的大小，实验探究时应采用控制变量法，即研究压力作用的效果与受力面积的关系时应控制压力的大小不变；②丙图中小桌受到竖直向上的支持力和竖直向下的重力、物体给小桌的压力；③压力的作用效果可以用物体形变大小来反映，这种方法称为转换法；④然后根据实验的具体操作回答实验探究的环节；（2）①要探究动能大小与速度的关系，应控制物体的质量不变，改变物体运动的速度，可以让不同质量的小球从斜面静止开始滚下，动能的影响因素是物体的质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能的影响因素是物体的质量和高度，质量越大，位置越高，重力势能越大；②小球滚下时，竖直向下的重力，受到垂直接触面的弹力、沿斜面向上的摩擦力；③小车受到的阻力越小，合力越来越小，速度减小得越慢．解答：解：（1）①要研究压力的作用效果和受力面积的关系时，应控制物体的压力相同，改变受力面积的大小，乙、丙两图符合；②丙图中小桌受到的力分别为：竖直向上的支持力和竖直向下的重力、物体给小桌的压力，受力示意图如图1所示；③通过观察小桌下陷的深度来比较压力作用效果的大小，这里运用了转换法；④小雨的实验过程经历了：提出问题﹣猜想﹣进行实验与收集证据﹣得出结论．（2）①如图，三次实验要让小球由静止状态开始滚下；乙、丙两次实验，研究的是动能大小与速度的关系；小球沿斜面滚下过程中，它的重力势能减小，动能增加，即小球沿斜面滚下过程中重力势能主要转化为动能．②小球滚下时，竖直向下的重力，受到垂直接触面的弹力、沿斜面向上的摩擦力，受力示意图如图1所示；③使小球在平面上所受阻力越来越小，小球速度将减小得越来越慢．故答案为：（1）乙、丙；如图1所示；转换；进行实验与收集证据；（2）静止；速度；重力势；动；如图2所示；慢．点评：本题考查了探究影响压力作用效果的实验和探究影响动能大小的实验，涉及到实验探究的环节、能量的转化、实验的操作等，关键是控制变量法和转换法的应用以及掌握实验的验证方法．17．（5分）（2013•青岛）运用知识解决问题：（1）用吸管吸饮料时，吸走管内一部分空气，使管内气压小于（填“大于”“等于”或“小于”）管外液面大气压，饮料就在外界大气压的作用下进入嘴里．（2）请在图1中画出力F1的力臂．（3）电动车通过如图滑轮组将重力为G的物体匀速提起（不计绳重和滑轮间摩擦），已知电动车的速度为v，受到水平地面的摩擦力为Ff，滑轮组的机械效率为η．则电动车牵引力的功率P=Ffv．请在图2中画出电动车在水平方向所受力的示意图．考点：大气压强的存在；力的示意图；力臂的画法；功率的计算．专题：压轴题；其他综合题．分析：（1）吸管吸饮料时，是先把吸管内的空气吸走，使管内气压减小，这样在外界大气压的作用下，饮料就被压进吸管里．（2）力臂的方法：找到支点，用虚线延长动力和阻力的作用线，由支点作动力作用线的垂线是动力臂L1．（3）当物体处于平衡状态时，受平衡力作用，因此分析出牵引力的大小，然后根据P=Fv求出功率；因为电动车匀速向左运动，因此电动车受水平向左的牵引力和水平向右的摩擦力作用．解答：解：（1）用吸管吸饮料时，吸管内气压减小，小于外界大气压，在大气压的作用下饮料被压入吸管．如下图所示：（2）由支点作动力作用线的垂线，L1是动力臂．如下图所示：（3）因为电动车匀速向左运动，并且摩擦力和牵引力是一对平衡力，因此牵引力F=Ff，所以电动车牵引力的功率P=Ffv；过重心分别沿水平向左和水平向右的方向画一条带箭头的线段，分别用F和Ff表示，如图所示：故答案为：（1）小于；大气压；（3）Ffv．点评：（1）本题考查利用大气压知识解释生活中的现象，考查了学生用物理知识解决实际问题的能力．（2）本题考查力臂画法的掌握情况，熟记力臂的定义是准确作图的前提，本题是一道基础作图题．（3）本题考查功率公式的应用以及力的示意图的画法，关键是正确对电动车进行受力分析．专题三：电与磁18．（10分）（2013•青岛）回顾实验和探究（请将下列实验报告中的空缺部分填写完整）：（1）探究电磁感应现象：方法小雨由电磁感应想到，既然“电能生磁”，那么“磁能否生电”？由此他开始了研究．小雨提出问题时运用了逆向思考法．过程如图，当导体ab前后（或切割磁感线）运动时，电流表指针发生了偏转，此时机械能转化为电能．据此制成了发电机．（2）探究伏安法测量小灯泡的电阻：表格读图图象请在图表盘中填画好测量第二次电流时所选用电流表的接线柱和指针位置．请利用表中数据，用描点法画出小灯泡的U﹣I图象．问题讨论小灯泡在上述3次实验中亮度不同，可知：小灯泡的亮度决定于它的实际功率．若将小灯泡换成一个电磁铁，将滑片p向左移动时，它会吸引更多的铁钉．考点：探究电磁感应现象的实验；伏安法测电阻的探究实验．专题：压轴题；探究型实验综合题．分析：（1）掌握逆向思维方法：逆向思维也叫求异思维，它是对司空见惯的似乎已成定论的事物或观点反过来思考的一种思维方式．（2）掌握产生感应电流的条件：闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动．发电机是根据电磁感性现象制成的，将机械能转化为电能；（3）在连接串接实物电路时，电流表串联在电路中，电压表并联在电路中，注意量表量程的选择和正负接线柱的接法；（4）根据选择的电流表量程确定分度值，从而画出指针的位置；（5）根据表格中数据描点，并用平滑的曲线连接起来；（6）小灯泡的亮度是由其实际功率决定的；（7）首先根据题意判断出滑动变阻器阻值的变化，然后判断出滑片的移动位置；解答：解：（2）“电能生磁”想到“磁能否生电”，用到了逆向思考的方法；由图知，当导体ab前后运动时，做切割磁感线运动，电路中会产生感应电流，将机械能转化成电能，根据这个原理制成了发电机；电流表应串联在电路中，由于电流值不会很大，所以可选择0～0.6A的量程，电压表与灯泡并联，由表格中数据知，最大电压为3V，所以电压表可选择0～3V的量程，电流需从两电表的正接线柱流入，负接线柱流出，如图所示：；根据表格中数据，第二次数据电流值是0.24A，电流表选择0～0.6A的量程，分度值为0.02A，所以应超过0.2A两个小格，如图所示：根据表格中电流、电压值进行描点，并用平滑的曲线连接起来，如图所示：；小灯泡的亮度是由其实际功率决定的，若将灯泡换成电磁铁，要使其吸引更多的铁钉，则需增大电路中的电流，减小滑动变阻器的电阻，滑片向左移动．故答案为：逆向思考；前后（或切割磁感线）；电；发电机；连接实物电路、画表针、画图象见上图；实际功率；左．点评：此题考查了产生感应电流的条件、实物电路的连接、电流表的读数、描点法图象、滑动变阻器在电路中的作用等，是一道综合性很强的题目，平时要掌握全面，才能应对自若．19．（6分）（2013•青岛）运用知识解决问题：（1）白炽灯是将电能转化为内能的装置．工作时，通过导线和灯丝的电流相等，灯丝的电阻比导线大，根据Q=I2Rt可知，相同时间内灯丝产生的热量比导线多，所以灯泡烫手而导线不热．（2）请你根据实物电路（图1），在方框内（图2）画出电路图．（3）在电路（图3）中，电流表示数为0.5A，电流表示数为0.3A，此时R1消耗的功率为1.2W，则R1=30Ω．R2=20Ω．请你写出你求解R2的思路．考点：焦耳定律的计算公式及其应用；根据实物图画电路图；电功率的计算．专题：压轴题；电流和电路；电能和电功率；电与热、生活用电．分析：（1）白炽灯消耗电能得到内能；根据Q=I2Rt可知，电流产生的热量跟电流、电阻和通电时间的大小有关；（2）由实物图可知，两只灯泡并联，开关S控制干路，开关S1控制L2，开关S2控制L1，对照实物图画出电路图．（3）两灯泡并联，电流表A1测的是总电流，电流表A2测的是灯泡L2中的电流，所以求出灯泡L1中的电流，再根据P=UI求出灯泡两端的电压，即电源电压，再根据I=求出两电阻值．解答：解：（1）白炽灯是将电能转化为内能的装置；工作时，通过导线和灯丝的电流相等，灯丝的电阻比导线大，根据Q=I2Rt可知，相同时间内灯丝产生的热量比导线多，所以灯泡烫手而导线不热．（2）两只灯泡并联，开关S控制干路，开关S1控制L2，开关S2控制L1，对照实物图画出电路图如下图：（3）图3中，两灯泡并联，电流表A1测的是总电流，I=0.5A，电流表A2测的是灯泡L2中的电流，I2=0.3A，所以灯泡L1中的电流，I1=I﹣I2=0.5A﹣0.3A=0.2A，∵P=UI，∴灯泡两端的电压，即电源电压：U=U1===6V，∵I=∴灯泡L1的电阻：R1===30Ω，灯泡L2的电阻：R2===20Ω．求解R2的思路：根据I1=I﹣I2求出灯泡L1中的电流，根据P1=UI1求出灯泡两端的电压，即电源电压，再根据R2=求出R2的阻值．故答案为：（1）内；Q=I2Rt；（2）电路图见上图；（3）30；20；思路如下：根据I1=I﹣I2求出灯泡L1中的电流，根据P1=UI1求出灯泡两端的电压，即电源电压，再根据R2=求出R2的阻值．点评：此题综合性很强，考查了焦耳定律、欧姆定律、串并联电路的特点、电功率计算公式的理解和掌握，中考常见题型．专题四：综合能力20．（2分）（2013•青岛）综合问答﹣﹣叉鱼过程中的物理：炎热的夏天，小雨和爷爷划船到湖中叉鱼，请你挑选两个场景，用所学的物理知识进行解释：①感觉在湖中比在岸上凉爽；②划船时，手移动较小的距离，船桨在水中移动较大的距离；③向后划水，船向前进；④叉鱼时，瞄准看到的鱼的下方才能叉到鱼．（1）解释场景①在质量和吸收热量相同时，比热容大的物质温度变化少．水和泥土相比，水的比热容大，在相同受热时，温度升高的较少，所以感觉在湖中比在岸上凉爽（2）解释场景②使用费力杠杆可以省距离．船桨是费力杠杆，划船时，手加在船桨上的动力比水对船桨的阻力大，所以手人要移动较小的距离，就能使船桨在水中移动较大的距离．考点：比热容解释简单的自然现象；力作用的相互性；杠杆的分类；光的折射现象及其应用．专题：光的折射、光的色散；比热容、热机、热值；运动和力；简单机械．分析：①从水的比热容较大的角度去分析为什么在湖中比在岸上凉爽；②船桨相当于杠杆，从杠杆的角度分析划桨时的情形；③从力的作用的相互性来分析为什么向后划水船向前进；④从光的折射的角度来分析人看到鱼的位置是怎样的．解答：解：①在质量和吸收热量相同时，比热容大的物质温度变化少．水和泥土相比，水的比热容大，在相同受热时，温度升高的较少，所以感觉在湖中比在岸上凉爽；②使用费力杠杆可以省距离．船桨是费力杠杆，划船时，手加在船桨上的动力比水对船桨的阻力大，所以手人要移动较小的距离，就能使船桨在水中移动较大的距离；③物体间力的作用是相互的．向后划水时，给水一个向后的力，同时水给桨一个向前的力，因此船向前进；④这是光的折射现象．人在空气中观察水中的鱼时，水中鱼反射的光从水中斜射到空气中发生折射，折射光线远离法线进入人的眼中，人逆着折射光线看到的是变浅了的鱼的虚像，真正的鱼在它的下方，所以叉鱼时，只有瞄准看到的鱼的下方才能叉到鱼．故答案为：同上．（可任选上述四个场景中的一个进行解释）点评：明确所描述的场景对应的物理知识，再从原理的角度用规范的语言加以描述，这里的难点是语言的准确性和规范性．21．（4分）（2013•青岛）综合实验﹣两个验证实验（可以配图说明）：（1）请你自己一个小实验，验证“潜水艇是靠改变自身的重力来实现上浮下潜的”．（2）小雨要验证“斜面越长越省力，但使用斜面不省功”．请你完成实验设计方案：器材重物，三块不同的同种木板，木块，弹簧测力计，细绳，刻度尺实验步骤数据记录表格考点：控制变量法与探究性实验方案．专题：压轴题；探究型实验综合题．分析：（1）在矿泉水瓶中装入小石块，把矿泉水瓶放入水中，改变石块的多少，观察矿泉水瓶的沉浮状态，然后得出结论．（2）控制斜面的高度相同而斜面的长度不同，匀速拉动物体向上运动，测出拉力大小，然后分析答题．解答：答：（1）实验器材：空矿泉水瓶、小石块、容器、足量的水；实验步骤：①在容器中装入适量的水，把空矿泉水瓶放入水中，矿泉水瓶浮在水面上；②在空矿泉水瓶中装入一些小石块，再把矿泉水瓶放入水中，改变装入瓶中小石块的多少，观察矿泉水瓶的沉浮情况；③分析实验现象，得出实验结论．（2）“斜面越长越省力，但使用斜面不省功”的实验设计方案：器材重物，三块不同的同种木板，木块，弹簧测力计，细绳，刻度尺实验步骤让三个长度不同的木板保持高度不变，分别用弹簧测力计测出在3个长度不同的斜面上，拉着木块匀速向上前进的力，把弹簧测力的拉力、斜面的高度与斜面的长度填入表格．数据记录表格斜面高度（cm）斜面长度（cm）拉力F（N）木块重力（N）拉力的功（J）123点评：本题考查了实验设计，知道实验目的、理解实验原理是正确解题的关键；实验设计对学生来说有一定难度，要加强训练．22．（2分）（2013•青岛）综合作图﹣﹣小雨房间的灯小雨的房间里有两盏灯，总开关S1闭合后，若将单刀双掷开关S2拨至a处，房间吸顶灯L1亮；若将S2拨至b处，壁灯L2亮，并且可以通过开关S3，S4控制，使它有三个不同的亮度．现有一个电源、一个单刀双掷开关、3个开关、2个灯泡、2个相同的定阻电阻和若干导线．请你设计上述电路，并将电路图画在方框内．考点：串、并联电路的设计．专题：作图题；压轴题；设计与制作题；电流和电路．分析：由题意可知，开关S1位于干路，单刀双掷开关S2拨至a处灯L1亮说明L1位于a支路，S2拨至b处壁灯L2亮说明L2位于b支路，通过开关S3、S4控制L2有三个不同的亮度说明两个电阻串联或并联后与灯泡L2串联且通过两开关的闭合、断开改变灯泡L2的亮暗．解答：解：由题意可知，开关S1位于干路，灯泡L1与a触动相连，两电阻并联或并联后和灯泡L2与触点b相连，且通过两开关的闭合、断开改变灯泡L2的亮暗，如下图所示：点评：本题考查了串、并联电路的设计，关键是根据题意得出各用电器的连接方式和开关的位置，注意通过开关S3，S4控制L2有三个不同的亮度时，两电阻可以是串联，也可以是并联．专题五：综合计算23．（4分）（2013•青岛）图所示的电路中，电源电压和个灯泡的阻值均保持不变．电流表的量程为0﹣3A，灯泡L1的电阻R1=10Ω．请画出该题的各个等效电路图．（1）只闭合开关S1，S4时，电流表的示数为1A．当将滑动变阻器拨至中点时，再将S2闭合时，电流表的示数为1.5A，则在不损坏电流表的情况下，滑动变阻器可以消耗的最大功率与最小功率之比为多少？（2）只闭合S3时，电路消耗的最大功率为P1；只闭合S4，S5时，电路消耗的最小功率为P2；只闭合S2，S3，S5时，电路消耗的最小功率为P3．已知P1：P2：P3=42：35：30，则R2，R3的阻值各为多少？考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电阻的串联；电路的动态分析；电功率的计算．专题：计算题；作图题；压轴题；电路和欧姆定律；电能和电功率．分析：（1）只闭合开关S1，S4时电路为灯泡L1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当将滑动变阻器拨至中点时，再将S2闭合时，灯泡L1与滑动变阻器阻值的一半并联，电流表测干路电流，根据并联电路独立工作、互不影响可知通过L1的电流不变，利用并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，进一步求出滑动变阻器的最大阻值；当滑片位于最右端时，滑动变阻器消耗的电功率最小，根据P=求出其最小值；当电流表的示数为3A时，滑动变阻器消耗的电功率最大，根据并联电路的电流特点求出通过滑动变阻器的最大电流，利用P=UI求出滑动变阻器可以消耗的最大功率，然后求出滑动变阻器可以消耗的最大功率与最小功率之比；（2）只闭合S3时，两灯泡与滑动变阻器串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最小为0时，电路消耗的总功率最大；只闭合S4，S5时，灯泡L2与滑动变阻器串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路消耗的电功率最小；当只闭合S2，S3，S5时，灯泡L3与滑动变阻器串联，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路消耗的电功率最小；根据电阻的串联和P=表示出P1、P2、P3，进一步结合功率关系求出R2，R3的阻值．解答：解：（1）只闭合开关S1，S4时，等效电路图如图1所示：根据欧姆定律可得，电源的电压：U=U1=I1R1=1A×10Ω=10V；当将滑动变阻器拨至中点时，再将S2闭合时，等效电路图如图2所示：∵并联电路中各支路独立工作、互不影响，∴此时通过灯泡L1的电流不变，∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，∴通过R4的电流：I4=I﹣I1=1.5A﹣1A=1.5A，∵并联电路中各支路两端的电压相等，∴R4===20Ω，滑动变阻器的最大阻值：R4=2×20Ω=40Ω，当滑片位于最右端时，滑动变阻器消耗的电功率最小，P4min===2.5W，当电流表的示数为3A时，滑动变阻器消耗的电功率最大，此时通过滑动变阻器的电流：I4′=I′﹣I1=3A﹣1A=2A，P4max=UI4′=10V×2A=20W，∴==；（2）只闭合S3且电路消耗的功率最大时，等效电路图如图3所示：∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，∴P1=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣①只闭合S4，S5且电路消耗的功率最小时，等效电路图如图4所示：P2=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②只闭合S2，S3，S5且电路消耗的功率最小时，等效电路图如图5所示：P3=﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣③∵P1：P2：P3=42：35：30，∴===，即5R4=R2+6R3﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣④===，即5R4=7R2+2R3﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣⑤由④⑤两式可得：R2=20Ω，R3=30Ω．答：（1）在不损坏电流表的情况下，滑动变阻器可以消耗的最大功率与最小功率之比为8：1；（2）R2和R3的阻值分别为20Ω、30Ω．点评：本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是开关闭和、断开时电路连接方式的判断，对学生分析问题解决问题的能力要求较高．24．（5分）（2013•青岛）将一个圆柱体A分别竖直放在水和溶液甲中，都能漂浮，并且分别有和的体积露出液面．（1）这两种情况下，圆柱体A下表面所受液体压强之比为多少？（2）如图，现有一个左右力臂之比为3：1的轻质杠杆．用细线将圆柱体A悬挂在杠杆左端并放入液体甲中，再用细线在杠杆右端悬挂一个完全相同的圆柱体B并放在水平地面上，当杠杆两端细线均被拉直且水平平衡时，圆柱体A有的体积露出液面，且该圆柱体底面所受压强为800Pa．此时圆柱体B对地面的压强为多少？请在图中画出圆柱体的受力示意图．考点：物体的浮沉条件及其应用；压强的大小及其计算．专题：应用题；压轴题；压强、液体的压强；浮沉的应用．分析：（1）已知圆柱体A竖直放在水和溶液甲中，都能漂浮，则浮力等于重力，根据浮力产生原因和压强公式即可解答．（2）已知水的密度和物体露出液面体积占总体的比例，阿基米德原理与浮力公式可以求出物体与液体密度．然后该圆柱体的密度和露出体积及底面所受压强为800Pa求出浸没的深度和圆柱体的高度．根据杠杆平衡条件列出等式求出压力，最后利用压强公式即可求出．解答：解：（1）∵圆柱体A竖直放在水和溶液甲中，都能漂浮，∴F浮水=F浮甲=G∵浸在液体中的物体受到的浮力等于液体对它产生的上下表面的压力差，∴F浮水=F压水，F浮水=F压甲，则：F水压=F甲压，∵是同一个圆柱体，底面积相同，∴p水压=p甲压，则：=．（2）∵圆柱体A竖直放在水和溶液甲中，都能漂浮，∴F浮水=F浮甲=G，即：ρ水g（1﹣）V=ρ甲g（1﹣）V，∴ρ甲=ρ水=×1×103kg/m3=0.8×103kg/m3，ρA=ρ水=×1×103kg/m3=0.6×103kg/m3，∵圆柱体A在液体甲中时底面所受压强为800Pa．∴h甲′===0.1m，∵圆柱体A有的体积露出液面，即：h甲′=（1﹣）hA，∴hA=h甲′=×0.1m=0.15m；圆柱体A、B的受力示意图如图：则FA=G﹣F浮，FB=G﹣N，根据杠杆平衡条件得：FAL1=FBL2，∴（G﹣F浮）L1=（G﹣N）L2，又∵L1：L2=3：1，∴3（G﹣F浮）=G﹣N，∴N=3F浮﹣2G=3ρ甲g（1﹣）V﹣2ρAgV=2gV（ρ甲﹣ρA）根据力的作用是相互的，则支持力和压力大小相等，所以圆柱体B对地面的压力F=N=3ρ甲g（1﹣）V﹣2ρAgV，则压强为：p===2gh（ρ甲﹣ρA）=2×10N/kg×0.15m×（0.8×103kg/m3﹣0.6×103kg/m3）=600Pa．答：（1）这两种情况下，圆柱体A下表面所受液体压强之比为1：1．（2）圆柱体B对地面的压强为600Pa．点评：本题考查了浮力和杠杆平衡条件的灵活应用，知道物体漂浮时浮力等于重力，会根据漂浮时浮力与重力的关系计算物体和液体的密度，关键是根据露出体积和底面所受压强求出圆柱体的高度是难点．专题六：创造与探究25．（4分）（2013•青岛）归纳式探究﹣﹣﹣研究电子在电场中的偏转：如图1，给两块等大、正对、靠近的平行金属加上电压，两板之间就有了电场．若将电子沿着平行于两板的中线方向入射到电场中，电子就会发生偏转．若两板间距为d，板长为L，所加的电压为U，电子入射初速度为v0，离开电场时偏移的距离为y，则经研究得到如下数据：次数d/mL/mU/Vv0/（m•s﹣1）y/m14×10﹣20.2401×1073.6×10﹣228×10﹣20.2401×1071.8×10﹣234×10﹣20.1401×1070.9×10﹣248×10﹣20.21601×1077.2×10﹣258×10﹣20.22402×1072.7×10﹣2（1）y=k，其中k=9×1010m2/（V•s2）（填上数值和单位）．将数据表格形式变成公式形式，运用了等价转换法．（2）相同情况下，电子的入射速度越大，偏移距离越小．它们间的关系可以用图象2中的图线b表示．（3）现有两块平行相对的长度为5cm，间距为1cm的金属板，为了让初始速度为3×107m/s的电子从一端沿两板间中线方向入射后，刚好能从另一端的金属板边缘处射出，需要加200V的电压．考点：控制变量法与探究性实验方案．专题：探究型实验综合题．分析：（1）掌握控制变量法的应用，利用控制变量法分析表格中数据，分别得出y与d、L、U、v0之间的关系，最后总结出y的公式，将表格中数据变成另一种形式表现出来，叫做等价变换；（2）根据公式进行分析，在其他条件相同时，分析y与v0的关系，然后确定图象；（3）根据公式，将已知条件代入，计算出U的值．解答：解：（1）由表格中数据1、2知，L、U、v0相同，d增大为原来的2倍，y减小为原来的二分之一，可知其它条件相同，y与d成反比；由1、3