2022-2023学年贵州省黔西南州高一（下）期末物理试卷（含解析）

第=page11页，共=sectionpages11页2022-2023学年贵州省黔西南州高一（下）期末物理试卷一、单选题（本大题共8小题，共32.0分）1.小明早上起来进行跑步锻炼，从正方形跑道ABCD的A点处出发跑了10圈又回到起点，正方形的边长为100m，这过程中小明的位移随时间周期性变化，则相对出发点A小明的最小位移和最大位移分别是

A.0m，1002m B.0m，4000m C.100m2.汽艇以18km/h的速度沿垂直于河岸的方向匀速向对岸行驶，河宽500m。设想河水不流动，汽艇驶到对岸所需时间为t1；如果河水流速是3.6km/hA.t1>t2 B.t1=3.如图所示，小车内一根轻质弹簧沿竖直方向和一条与竖直方向成α角的细绳拴接一小球．当小车和小球相对静止，一起在水平面上运动时，下列说法正确的是(

)

A.细绳一定对小球有拉力的作用

B.细绳不一定对小球有拉力的作用，轻弹簧对小球也不一定有弹力

C.细绳不一定对小球有拉力的作用，但是轻弹簧对小球一定有弹力

D.轻弹簧一定对小球有弹力的作用4.如图所示，两根互相平行的长直导线过纸面上的M，N两，点，且与纸面垂直，导线中通有大小相等、方向相反的电流。a，O，b在M、N的连线上，O为MN的中点，c，d位于MN的中垂线上，且a、b、c、d到O点的距离均相等，关于以上几点处的磁场，下列说法正确的是(

)A.O点处的磁场方向由O指向c

B.a、b两点处的磁感应强度大小不等，方向相同

C.c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同

D.a、c两点处磁感应强度的大小不相等，方向不相同5.某同学用图所示装置探究影响感应电流方向的因素，将磁体从线圈中向上匀速抽出时，观察到灵敏电流计指针向右偏转。关于该实验，下列说法正确的是(

)A.必须保证磁体匀速运动，灵敏电流计指针才会向右偏转

B.若将磁体向上加速抽出，灵敏电流计指针会向左偏转

C.将磁体的N、S极对调，并将其向上抽出，灵敏电流计指针仍向右偏转

D.将磁体的N、S极对调，并将其向下插入，灵敏电流计指针仍向右偏转6.下列关于教科书上的四幅插图，说法正确的是(

)

A.图甲为静电除尘装置的示意图，带正电的尘埃被收集在极板A上

B.图乙为给汽车加油前要触摸一下的静电释放器，其目的是导走加油枪上的静电

C.图丙中摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明，其工作原理为静电吸附

D.图丁的燃气灶中安装了电子点火器，点火应用了电磁感应原理7.一滑块在水平地面上沿直线滑行，t=0时其速度为1m/s。从此刻开始滑块运动方向上再施加一水平力F，力F和滑块的速度v随时间A.第1s内，F对滑块做的功为3J

B.第2s内，F对滑块做功的平均功率为4W

C.第3s末，F对滑块做功的瞬时功率为1W

8.如图所示，一轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上，自然伸长时弹簧上端处于A点。t=0时将小球从A点正上方O点由静止释放，t1时到达A点，t2时弹簧被压缩到最低点B。以O为原点，向下为正方向建立x坐标轴，以B点为重力势能零点，弹簧形变始终处于弹性限度内。小球在运动过程中的动能Ek、重力势能Ep1、机械能E

A. B.

C. D.′二、多选题（本大题共4小题，共16.0分）9.路边小吃烤热狗的截面简化示意图如图所示，两根水平的平行金属圆柱支撑热狗，圆柱半径都为R，圆心间距为2.4R，热狗可视为圆柱体，生热狗截面半径为R，重力为G，熟热狗半径较大，重力不变，忽略摩擦，比较静止时的生热狗和熟热狗(

)

A.两根金属圆柱对生热狗的合力小于对熟热狗的合力

B.单根金属圆柱对生热狗的弹力大于对熟热狗的弹力

C.单根金属圆柱对生热狗的弹力大小为58G

D.10.将一个物体以某一初速度沿水平方向抛出，不计空气阻力，则下列说法正确的是(

)A.物体运动过程中其机械能不断增大 B.物体沿水平方向的分位移随时间均匀变化

C.物体沿竖直方向的分速度随时间均匀变化 D.物体运动的总位移随时间均匀变化11.如图所示，在匀强电场中，有边长为5cm的等边三角形ABC，三角形所在平面与匀强电场的电场线平行，O点为该三角形的中心，三角形各顶点的电势分别为φA=1V、

A.O点电势为3V

B.匀强电场的场强大小为80V/m，方向由A指向C

C.在三角形ABC外接圆的圆周上电势最低点的电势为1V

12.如图所示，在进行火星考查时，火星探测器对火星完成了“绕，着、巡””三项目标。经考查已知火星表面的重力加速度为g火，火星的平均密度为ρ，火星可视为均匀球体，火星探测器离火星表面的高度为h，引力常量G，根据以上信息能求出的物理量是(

)A.火星的第一宇宙速度 B.火星探测器的质量

C.火星探测器的角速度 D.火星的质量三、实验题（本大题共2小题，共16.0分）13.某同学为测量一段金属丝的电阻率，完成了以下步骤的操作：

(1)用螺旋测微器和刻度尺测出了待测金属丝的直径和长度，如图1所示，则直径d=______mm，长度l=______cm。

(2)为测出金属丝的电阻，他选用多用电表测该金属丝阻值，当他选择倍率为“×1”的欧姆挡测量时，得到的结果如图2所示，读出R=______Ω。

(3)通过(1)(2)的测量，可以用公式ρ=______(用步骤(1)(2)中的字母表示)计算出该金属丝的电阻率。

(4)为了检验上述的结果是否准确，该同学选择用伏安法再测一次电阻R，实验所用器材为：电池组(电动势为3V，内阻为1Ω)；电流表(内阻约为5Ω14.如图甲所示的装置叫阿特伍德机，是英国数学家、物理学家阿特伍德创制的一种著名力学实验装置，用来研究匀变速直线运动的规律。某同学对该装置加以改进后用来验证机械能守恒定律，如图乙所示。实验时，该同学进行了如下步骤：

a.将质量均为M的重物A(含挡光片)、B用轻质细绳连接后，跨放在定滑轮上，处于静止状态，测量出A上挡光片中心到光电门中心的竖直距离h

b.在B的下端挂上质量为m的物块C，让系统(重物A、B以及物块C)中的物体由静止开始运动，光电门记录挡光片挡光的时间Δt

c.测出挡光片的宽度d，计算重物A运动的速度大小v

d.利用实验数据验证机械能守恒定律

(1)步骤c中，计算重物A的速度v=______(用实验中字母表示)。将重物B与物块C看成一个系统，则该系统在加速下落过程中其机械能______(选填“增大”“可能增大”“减小”或“不变”)。

(2)步骤d中，如果系统(重物A、B以及物块C)的机械能守恒，应满足的关系式为：______(已知当地重力加速度大小为g，用实验中字母表示)。

(3)某次实验分析数据发现，系统重力势能减少量小于系统动能增加量，造成这个结果的原因可能是______。

A.挂物块C时不慎使B具有向下的初速度

B四、简答题（本大题共1小题，共14.0分）15.如图所示，半径R=0.80m的14光滑圆弧轨道竖直固定，过最低点的半径OC处于竖直位置，其右方有底面半径r=0.2m的转筒，转筒顶端与C等高，下部有一小孔，距顶端h=1m，转筒的轴线与圆弧轨道在同一竖直平面内，开始时小孔也在这一平面内的图示位置，现使一质量m=0.1kg的小物块自A点由静止开始下落后打在圆弧轨道上的B点但不反弹，在瞬间碰撞过程中，小物块沿半径方向的分速度立刻减为0，沿切线方向的分速度不变。此后，小物块沿圆弧轨道滑下，到达C点时触动光电装置，使转筒立刻以某一角速度匀速转动起来，且小物块最终正好进入小孔。已知A、B到圆心O的距离均为R，与水平方向的夹角均为θ=30°，不计空气阻力，g取10m/s2，求：

(1五、计算题（本大题共2小题，共22.0分）16.运动员把冰壶沿水平冰面投出，让冰壶在冰面上自由滑行，在不与其他冰壶碰撞的情况下，最终停在远处的某个位置。按比赛规则，投掷冰壶运动员的队友，可以用毛刷在冰壶滑行前方来回摩擦冰面，减小冰面的动摩擦因数以调节冰壶的运动。

(1)运动员以3.4m/s的速度投掷冰壶，若冰壶和冰面的动摩擦因数为0.02，冰壶能在冰面上滑行多远？g取10m/s2；

(17.如图所示，电荷量分别为+Q、+9Q的两带电小球A、B，用两根不可伸长的绝缘细线悬挂于O点，静止时A、B两球处于同一水平线上，已知O点到A球的距离OA=2L、∠AOB=90°，∠OAB=60°，静电力常量为k，带电小球均可视为点电荷，求：答案和解析1.【答案】A

【解析】解：位移为由起点到终点的有向线段，相对出发点A小明回到A点时的位移最小，则有

xmin=0m

相对出发点A小明运动到C点时的位移最大，由几何知识得：

xmax=AB2+B2.【答案】B

【解析】解：只要汽艇的船头垂直河岸行驶，不管河水是否流动，到达对岸的时间不变，即t1=t2=dv船=5005s=3.【答案】B

【解析】解：当小车处于匀速直线运动时，弹簧的弹力等于重力，即F=mg，T=0．

当小车和小球向右做匀加速直线运动时，根据牛顿第二定律得：

水平方向有：Tsinα=ma，①

竖直方向有：F′+Tcosα=mg，②

由①知，细绳一定对小球有拉力的作用．

由②得：弹簧的弹力F′4.【答案】C

【解析】解：A.根据安培定则和磁场叠加原理可判断出O点处的磁感应强度方向向下，由O指向d，故A错误；

BCD.两通电直导线在a、b、c、d四点产生的磁场方向如图所示：

由上图可知，a、b两点的磁场方向均向下，结合对称性可知a、b两点处的磁感应强度大小相等，方向相同，均向下；

c、d两点处的磁感应强度大小相等，方向相同，均向下；

a、c两点处磁感应强度的方向相同；

综上分析，故C正确，BD错误。

故选：C。

5.【答案】D

【解析】解：由题意可知，当向上的磁通量减小时，灵敏电流表的指针向右偏，若磁场方向或者变化方向有一个好变化，则灵敏电流表的批针的偏转方向将改变。

AB、磁体只要向上抽出，穿过线圈的磁通量就会减小，感应电流的磁场方向向上，就能观察到灵敏电流计指针向右偏转，故AB错误；

C、若磁体的N、S极对调，将其向上抽出，穿过线圈的磁通量减小，但产生的感应电流磁场向下，所以灵敏电流计指针向左偏转，故C错误；

D、若磁体的N、S极对调，将其向下插入，向下的磁通量增大，但产生的感应电流磁场向上，所以灵敏电流计指针仍向右偏转，故D正确。

故选：D。

磁体从线圈中向上匀速抽出时，螺线管内磁场向上，磁通量在减小，线圈中感应电流产生感应磁场向上，观察到灵敏电流计指针向右偏转，据此分析各选项。

6.【答案】C

【解析】解：A.根据图甲可知，极板A与电源正极连接，极板A带正电，带正电的尘埃受到指向线状电离器B的电场力作用，即带正电的尘埃被收集在线状电离器B上，故A错误；

B.图乙为给汽车加油前要触摸一下的静电释放器，其目的是导走人手上的静电，故B错误；

C.图丙中摇动起电机，烟雾缭绕的塑料瓶顿时清澈透明，其工作原理为静电吸附，故C正确。

D.图丁的燃气灶中安装了电子点火器，点火应用了尖端放电原理，故D错误。

故选：C。

7.【答案】C

【解析】解：A.由题图可知，第1s内，滑块位移为x1=1×1m=1m

F对滑块做的功W1=F1x1=2×1J=2J，故A错误；

B.第2s内，滑块位移为x2=1+22×1m=1.5m

F做的功W2=F2x2=3×1.5J=4.5J

平均功率为P8.【答案】B

【解析】解：根据小球的受力特点可将运动分为三个阶段，分别为第一阶段：O→A自由落体；第二阶段：O到平衡位置，重力大于向上的弹力；第三阶段：平衡位置向下到B处，向上的弹力大于向下的重力。平衡位置处，重力大小等于弹力。

AB.根据重力势能表达式可知Ep1=mg(x1+x2−x)x≤x1时，弹性势能为0，机械能等于重力势能的最大值。x>x1时，此时的弹簧的弹性势能为：

Ep2=12k(x−x1)2

设系统总能量为E，根据能量守恒定律可知E=E0+Ep2

可知E0=E−9.【答案】BC【解析】解：A、对热狗进行受力分析，受到重力G、两金属圆柱对热狗的支持力N1、N2，如图所示：

N1、N2的合力与重力大小相等，方向相反，所以两根金属圆柱对生热狗的合力等于对熟热狗的合力，故A错误。

B、单根金属圆柱对热狗的弹力N1=N2=G2cosθ，生热狗的θ大于熟热狗对应的θ，根据三角函数知识知，单根金属圆柱对生热狗的弹力大于对熟热狗的弹力，故B正确。

CD、对于生热狗，sinθ=2.4R22R=0.6，cosθ=0.8，单根金属圆柱对生热狗的弹力N10.【答案】BC【解析】解：A.物体抛出后做平抛运动，只受重力作用，满足机械能守恒定律，机械能保持不变，故A错误；

B.根据平抛规律，物体沿水平方向匀速直线运动，其分位移为

x=v0t

即随时间均匀变化，故B正确；

C.根据平抛规律，物体沿竖直方向自由落体运动，其分速度为

vy=gt

即随时间均匀变化，故C正确；

D.物体运动的总位移为

s=(v0t)2+(12g11.【答案】AD【解析】解：A、AC中点D的电势为φD=φA+φC2=1+52V=3V，与B电势相等，则BOD连线必为一条等势线，可知O点的电势为3V；故A正确；

B、AB间的电势差为UCA=φC−φA=5V−1V=4V

E=UCAAC=45×10−2V/m=80V/m，沿着电场方向电势逐渐降低可知电场方向由C指向A，故12.【答案】AC【解析】AD、设火星的质量为M，半径为R，在火星表面的物体所受万有引力等于重力，则有

GMmR2=mg火

火星的密度可表示为

ρ=M43πR3

设火星的第一宇宙速度为v，根据万有引力作为向心力可得

GMmR2=mv2R

联立解得

R=3g火4πGρ，13.【答案】2.155

60.10

15

πRd24L【解析】解：(1)由图示螺旋测微器可知，其示数为：d=2mm+15.0×0.01mm=2.150mm。

金属丝的长度L=60.10cm；

(2)由图2所示可知，欧姆表挡位是×1，由图2所示可知，金属丝电阻阻值为：15×1Ω=15Ω；

(3)根据电阻定律有：R=ρLπ(d2)2，变形后得到：ρ=πRd24L

(4)由于RVRx=300015=200，而Rx14.【答案】dΔt

减小

mg【解析】解：(1)利用挡光片通过光电门的平均速度代替瞬时速度，可得重物A的速度大小为：v=dΔt。

将重物B与物块C看成一个系统，由于下落过程中绳子拉力对该系统做负功，则该系统机械能减小。

(2)如果系统(重物A、B以及物块C)的机械能守恒，应满足的关系式为：

(M+m)gh−Mgh=12×(2M+m)v2

解得：mgh=(2M+m)d22(Δt)2

(3)某次实验分析数据发现，系统重力势能减少量小于系统动能增加量。

A.挂物块C时不慎使B具有向下的初速度，即A通过光电门时速度会偏大，Δt会偏小，由(215.【答案】解：(1)由图可知三角形ABO是等边三角形，所以AB的高度为R=0.80m，小球下落后做自由落体运动，则有

vB2=2gR

解得

vB=2gR