黑龙江省伊春市宜春铜鼓中学高二物理模拟试题含解析

黑龙江省伊春市宜春铜鼓中学高二物理模拟试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图所示，一水平飞行的子弹恰好能穿过用轻质销钉C销住并置于光滑水平面上的A、B两木块，且木块B获得的动能为Ek1.若拔去销钉C，依然让这颗子弹水平射入A、B两木块，木块B获得的动能为Ek2，已知拔去销钉C前后子弹受到木块的阻力不变．则A.子弹不能穿过木块B，且Ek1>Ek2B.子弹不能穿过木块B，且Ek1<Ek2C.子弹仍能穿过木块B，且Ek1>Ek2D.子弹仍能穿过木块B，且Ek1<Ek2参考答案：B【详解】拔去销钉前，子弹恰好能穿过A、B两木块，作出子弹、两木块的v?t图象如图所示，且图中三角形的面积等于A、B两木块的总长度；拔去销钉后，木块AB先和子弹一起加速，加速度大小跟拔去销钉前相等如图，经过时间子弹进入B木块，子弹进入B木块后，加速度比开始要大，(因摩擦力相同，总质量小了)但子弹的加速度还是不变的；所以B木块运动图象为OA、AB所示；从图中可看出，拔去销钉后，子弹和B能达到共同速度，子弹相对A.

B两木块的总长度为四边形的面积；由于，则有；四边形OABV的面积小于三角形OCV的面积，而三角形OCV的面积就是A、B两木块的总长度，说明子弹不能穿过B，故选项B正确，A、C、D错误。2.（单选）关于位移和路程，下列同学的说法正确的有（

）A．位移和路程在大小上总相等，只是位移有方向，是矢量，路程无方向，是标量B．位移用来描述直线运动，路程用来描述曲线运动C．位移是矢量，它取决于物体的始末位置；路程是标量，它取决于物体实际通过路线D．其实位移和路程是一回事参考答案：C3.如图，光滑绝缘水平地面上有三个带电小球a、b、c（可视为点电荷），三球沿一条直线摆放，水平方向仅在它们的静电力作用下静止，则下列判断正确的是A．a对b的静电力一定是引力B．a对b的静电力可能是斥力C．a的电量可能比b少

D．a的电量一定比b多参考答案：AD4.我们描述物体的运动时，是相对某一参考系而言的。关于参考系，下列说法正确的是（

）A、只能选择地面或者相对地面静止的物体作为参考系B、只有静止的物体才能选作参考系C、任何物体都可以选作参考系D、太阳东升西落，是选太阳为参考系参考答案：C5.某些放射性元素如的半衰期很短，在自然界很难被发现，可以在实验室使用人工的方法发现．已知经过一系列α衰变和β衰变后变成，下列说法正确的是（）A．的原子核比的原子核少28个中子B．衰变过程中共发生了4次α衰变和7次β衰变C．衰变过程中共有4个中子转变为质子D．若继续衰变成新核Bi，需放出一个α粒子参考答案：C【考点】原子核衰变及半衰期、衰变速度．【分析】正确解答本题需要掌握：电荷数、质子数以及质量数之间的关系；能正确根据质量数和电荷数守恒判断发生α和β衰变的次数．【解答】解：A、的原子核比93237Np少10个质子，质子数和中子数总共少237﹣209=28，故83209Bi的原子核比93237Np少18个中子，故A错误；B、设83209Bi变为93237Np需要经过x次α衰变和y次β衰变，根据质量数和电荷数守恒则有：93=2x﹣y+83，4x=237﹣209，所以解得：x=7，y=4，即衰变过程中共发生了7次α衰变和4次β衰变．故B错误；C、衰变过程中共发生了7次α衰变和4次β衰变，所以衰变过程中共有4个中子转变为质子，故C正确；D，根据衰变前后质量数守恒可知，该说法是不可能的，故D错误．故选：C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.用如图甲所示的装置测定弹簧的劲度系数，被测弹簧一端固定于A点，另一端B用细绳绕过定滑轮挂钩码，旁边竖直固定一最小刻度为mm的刻度尺，当挂两个钩码时，绳上一定点P对应刻度如图乙中ab虚线所示，再增加一个钩码后，P点对应刻度如图乙中cd虚线所示，已知每个钩码质量为50g，重力加速度g＝9.8m/s2，则被测弹簧的劲度系数为________N/m.挂三个钩码时弹簧的形变量为________cm.参考答案：70

2.107.有电子()，原子()，氘核()，氚()，以同样的速度垂直进入同一匀强磁场中，它们都做匀速圆周运动，则轨道半径最大的粒子是_________，周期最大的粒子是_________。参考答案：氚，氚8.试研究长度为l、横截面积为S，单位体积自由电子数为n的均匀导体中电流的流动，在导体两端加上电压U，于是导体中有匀强电场产生，在导体内移动的自由电子（﹣e）受匀强电场作用而加速．而和做热运动的阳离子碰撞而减速，这样边反复进行边向前移动，可以认为阻碍电子运动的阻力大小与电子移动的平均速度v成正比，其大小可以表示成kv（k是常数）．（1）电场力和碰撞的阻力相平衡时，导体中电子的速率v成为一定值，这时v为

．A.

B.

C.

D.（2）设自由电子在导体中以一定速率v运动时，该导体中所流过的电流是

．（3）该导体电阻的大小为

（用k、l、n、s、e表示）．参考答案：解：（1）据题意由平衡条件可知：kv=eE，其中电场强度为：E=，因此解得：v=．（2）据电流微观表达式为：I=neSv，可得I=，（3）由欧姆定律可知：R===故答案为：（1）；（2）；（3）【考点】伏安法测电阻；欧姆定律．【分析】（1）当电子匀速运动时，受力平衡，电场力和电子受到的阻力的大小相等，根据平衡的条件即可求得电子运动的速度的大小．（2）由电流的微观表达式可求得电流；（3）由欧姆定律及（1）中求得的速度表达式可求得电阻的表达式．9.如图所示为两个电阻的U－I图象，两电阻阻值之比R1∶R2为_____________。参考答案：4：110.下图所示是一列沿x轴负方向传播的波在某一时刻的波形图，此时B点速度方向是______，C点的加速度方向是______．参考答案：11.如图所示为水平放置的两个弹簧振子A和B的振动图像，已知两个振子质量之比为mA:mB=2:3，弹簧的劲度系数之比为kA:kB=3:2，则它们的周期之比TA：TB＝

；它们的最大加速度之比为aA:aB＝

.参考答案：12.在研究地球绕太阳公转时，地球_________（填“可以”或“不可以”）看成质点；在研究一列火车通过一座桥的时间时，火车_________（填“可以”或“不可以”）看成质点。参考答案：_可以__；

__不可以13.如图所示，把长为的导体棒置于竖直向下的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为，导体棒与磁场方向垂直，棒中通有电流，则导体棒所受安培力的大小为.为增大导体棒所受的安培力，可采用的方法是

（只填一种方法）.参考答案：、增大电流或增大磁感应强度三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（4分）如图是高频焊接原理示意图，线圈中通以高频交流电时，待焊接的金属工件中就产生感应电流，由于焊接处的接触电阻很大，放出的焦耳热很多，致使温度升得很高，将金属熔化，焊接在一起，我国生产的自行车车架就是用这种办法焊接的。请定性地说明：为什么交变电流的频率越高，焊接处放出的热量越多？参考答案：交变电流的频率越高，它产生的磁场的变化就越快。根据法拉第电磁感应定律，在待焊接工件中产生的感应电动势就越大，感应电流就越大(2分)，而放出的热量与电流的平方成正比，所以交变电流的频率越高，焊接处放出的热餐越多(2分)。15.如图所示，有两个质量均为m、带电量均为q的小球，用绝缘细绳悬挂在同一点O处，保持静止后悬线与竖直方向的夹角为θ=30°，重力加速度为g，静电力常量为k.求：(1)带电小球A在B处产生的电场强度大小；(2)细绳的长度L.参考答案：（1）（2）（1）对B球，由平衡条件有：mgtan

θ=qE带电小球在B处产生的电场强度大小：

（2）由库仑定律有：

其中：r=2Lsin

θ=L

解得：【点睛】本题关键是对物体受力分析，然后结合共点力平衡条件、库仑定律和电场强度的定义列式求解．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示为一真空示波管，电子从灯丝K发出（初速度不计），经灯丝与A板间的加速电压U1加速，从A板中心孔沿中心线KO射出，然后进入两块平行金属板M、N形成的偏转电场中（偏转电场可视为匀强电场），电子进入M、N间电场时的速度与电场方向垂直，电子经过电场后打在荧光屏上的P点。已知M、N两板间的电压为U2，两板间的距离为d，板长为L1，板右端到荧光屏的距离为L2，电子的质量为m，电荷量为e。求：（1）电子穿过A板时的速度vA的大小；（2）电子从偏转电场射出时的侧移量y的大小；（3）电子从偏转电场射出时的偏转角θ的正切值；（4）P点到O点的距离yOP；（5）写出一个可以使打电子在屏上的距离yOP变大的方法；（6）若U2的值任意，求电子打在屏上的距离OP的最大值ym的大小；参考答案：解：（1）（mvA2/2）-0=eU1

∴vA=√（2eU1/m）

（2）y=at12/2

t1=L1/vA

a=eU2/md

∴y=U2L12/4dU1

（3）tanθ=y/（L1/2）=U2L1/2dU1

（4）tanθ=y/（L1/2）=yOP/【（L1/2）+L2】

∴yOP=U2L1（L1+2L2）/4dU1

（5）只增大L1；（其它方法也可以）

（6）∵（d/2）/（L1/2）=ym/【（L1/2）+L2】

∴ym=d（L1+2L2）/2L1

17.如图3－20所示，一带正电的质子从O点垂直NP板射入，两个板间存在垂直纸面向里的匀强磁场，已知两板之间距离为d，板长为d，O点是板的正中间，为使粒子能射出两板间，试求磁感应强度B的大小(质子的带电荷量为e，质量为m，速度为v0)．参考答案：第一种极端情况从M点射出，此时轨道的圆心为O′点，由平面几何知识可得R2＝d2＋(R－d)2

2分即R＝d.

1分而带电粒子在磁场中的轨道半径R又为R＝，

2分所以B1＝＝.

1分第二种极端情况是粒子从N点射出，此时粒子正好运动了半个圆，其轨道半径为R′＝d.

2分所以d＝，B2＝.

1分综合上述两种情况，得≤B≤.

1分18.在xOy角平面内，第III象限内的直线OM是电场与磁场的边界，OM与轴成角。在且O