2021年高考物理押题预测卷03（辽宁卷）（全解全析）

2021年高考押题预测卷03【辽宁卷】

物理•全解全析

12345678910

BDBDBCAACBCDBD

1.

【答案】B

【解析】

A.发射探测器前，宇宙飞船做半径厂=2R的匀速圆周运动，设未知行星的质量为M，宇宙飞船的质量为

加，则

4

M=/Rp

得

24万

p=----

GT2

所以A错误；

3

BC.探测器椭圆轨道的半长轴。=-R,根据周期定律得

2

F2_a}

7'=（斗T=

所以B正确，C错误；

D.A点是远日点，B点是近日点，由开普勒第二定律得巳＜%，所以D错误。

故选B。

2.

【答案】D

【解析】

B.由拉力图像可知，5s内拉力对物块的冲量等于图线下方的面积

/=lx5x5N-s=12.5N-s

2

B错误；

A.结合阻力图像可知，5s内物块所受的合外力的冲量为

/合=12.5N-s-—x4x4+3xlIN-S=1.5N-s

据动量定理，5s末物块的动量

p=/合=1.5N-s

A错误；

C.由

p—mv

F12

E.,=—mv

k2

联立可得,5s末物块的动能大小为1.125J,C错误；

D.根据动能定理，合外力做功等于物体动能的增量，即1.125J,D正确。

故选D。

3.

【答案】B

【解析】

A.对角线“c•刚进入磁场时线框切割磁感线的有效长度为L产生的感应电动势为

E=BLv

故A错误；

B.根据闭合电路欧姆定律可知线框中的感应电流为

,EBLv

1=—=----

rr

故B正确；

C.〃边所受的安培力为

F[=BIL=

边所受的安培力为

B2I：V

F2=BIL

根据几何关系可知为、尸2方向垂直，故线框所受安培力的大小为

八后下=迎女

vr

故c错误;

D.a、c两端的电压为

故D错误。

故选Bo

4.

【答案】D

【解析】

A.粒子恰好到达N点，说明粒子做减速运动，所以粒子带负电，故A错误;

B.粒子沿连线射入电场到减速至零的过程中，做匀减速直线运动，末速度为零

d=—t

2°0

qU

vat

o-o=―md7fo

粒子以，角斜射入电场时，将速度分解，则沿MN方向上，有

%sin6=af=必，

md

可得

t<to

故粒子沿MN方向的速度减为零时尚未达到CD板，因此，不能打在C£»板上，故B错误:

CD.在竖直方向

y=%cos0t

飞行时间为

%sin0

a

飞行的距离为

_vcos0vsin8_20

y=0o=

aa

根据数学知识可知当

8=45°

时，粒子打在AB板上距M点最远，不会从8D端口飞出，故C错误，D正确。

故选D。

5.

【答案】B

【解析】

A.由气体做功的表达式

W=Fx=pSx=p-AV

可知，P-V图线和横轴体积围成面积即为做功大小，所以气体在a7人过程中气体对外做的功小于在hfc

过程中气体对外做的功，故A错误；

B.气体在人―。过程中，由

2Po・2%一Po.4%

(一(

可得

1=(

故为等温变化，由热力学第一定律AU=Q+W可知，由于△[/=(),W<0,故

或>0

气体从c过程中发生等压变化，根据盖-吕萨克定律可得

空=%

T2T3

解得

7；=47；

由热力学第一定律可得

△U'=2“+W'

因为

AU'<0,Wf>0

可得

2“<°

则有

W<|图

即在cfa过程中外界对气体做的功小于气体向外界放出的热量，由图可知

犷=用

则可得

Z<|Z|

即在匕过程中气体从外界吸收的热量小于在CT■。过程中气体向外界放出的热量，故B正确，C错误;

D.由于方和c温度相同，则在。一>。过程中气体内能的增加量等于cfa过程中气体内能的减少量，故D

错误。

故选Bo

6.

【答案】C

【解析】

A.行李箱在0〜2s内做匀加速直线运动，位移对时间为二次函数关系，选项A错误；

B.行李箱在2〜6s内不受摩擦力，摩擦力的功率为零，选项B错误；

C.后一行李箱刚匀速运动时，与前一行李箱的距离最大，由丫-/图像容易求得

\L-vT—2m

选项C正确；

D.行李箱刚放上皮带时与前方行李箱有最小距离为

△/=；/dgT2=0.5m

所有行李箱运动规律相同，只是时间上依次落后T=1.0s,则在B端有行李到达后每10s有十件行李箱到

达，选项D错误。

故选C。

7.

【答案】A

【解析】

AB.Ro>&时，灯L2与滑动变阻器的左部分串联的总电阻先大于后小于右部分的电阻，当变阻器的滑片

P由。向匕端移动时，总电阻先增大，后减小，所以总电流先减小后增大，所以通过灯Li的电流先减小后

增大，故Li先变暗后变亮，而通过L2的电流一直变大，L2不断变亮，所以A正确；B错误；

C.电容器C上的电压

〃=E-/(r+&)

总电流先减小后增大，所以电容器C上的电压先增大后减小，则电容器极板所带的电量先增大后减小，所

以c错误；

D.电源的效率

n=^LxlOO%=—X1OO%=-=E-Ir

1——

P&EIEEE

因为总电流先减小后增大，所以由源的效率先增大后减小，则D错误;

故选Ao

8.

【答案】AC

【解析】

A.据题意作出光路如图

发生全反射的临界角为C,有

・八1

sinC=—

n

而两列光的入射角相同，〃光线发生了全反射，。光折射，则有〃“＞〃〃，则有力＞/，而光子的动量为

故a光的光子动量比人光大，故A正确；

B.由c=4f结合。＞力可知，々＜乙，而用同一装置进行双缝干涉时的条纹间距为

Ax=­A

d

则a光的条纹间距小于b光的条纹间距，故B错误；

C.a光发生全反射的临界角为37。，则有

sin37°=—

n«

解得。光的折射率为

5

故C正确；

D.由光路图的几何关系可知，〃光在AB面反射的入射角为/7=30°,小于全反射的临界角37。，则“光在

AB面上不能发生全反射，故D错误。

故选ACo

9.

【答案】BCD

【解析】

A.所有电子运动轨迹相同，水平分界线上电子射出区域的长度为L,选项A错误；

B.改变上方磁场的磁感应强度，电子运动轨迹改变但所有电子运动轨迹依然相同，电子射出区域的长度将

保持不变，选项B正确；

C.从P点入射的电子应到达。点右侧，即偏转对应的最小弦长为乙，则

_mvo＞L

Fr飞

8＜师。

eL

选项c正确;

D.出射电子束的宽度(平行线间的距离)为回，只要满足电子轨迹半径等于磁场区域圆的半径就可以

2

实现收集(会聚)。设想以较大的磁场区域圆实现会聚，不断缩小磁场区域圆直至以出射电子束的宽度为半

径对应最小的半圆形磁场区域，如图所示:

可以是区域1、2组成的半圆，也可以是区域1、3组成的半圆，最小半径与最大的磁感应强度用=友丝也

3eL

相对应，选项D正确。

故选BCD。

10.

【答案】BD

【解析】

AB.Ulis时两车速度相等，0~lls内。车的位移

xi=-x(10+30)x10m+30m=230m

2

b车的位移

X2=-x(10+20)x10m+20m=170m

2

则只要两车的初始距离大于八k为-%2=60m,便不会相撞，选项A错误，B正确；

CD.两车速度相等时刚好不相撞，。车至停下的位移

x=-x(16-11)xl0m=25m

a2

b车的位移

Xb=—x(21-11)xl0m=50m

2

两车都停下时的最小距离为

x=25m

选项C错误，D正确。

故选BDO

11.

【答案】6.860户3噌

t22bl?

【解析】

(1)杆的宽度为L很小，A端通过光电门的时间为f,则A端通过光电门的瞬时速度巾的表达式为

L

VA=7

螺旋测微器测量宽度L的读数

L=6.5mm+0.360mm=6.860mm

(2)观察表中的数据，可以看出产与〃成正比，因此应选择户为纵坐标，

(3)从释放到A端下降了高度杆重心下降了高度为所以直杆重力势能的减少量

2

△E=逊

P2

⑷[5]由图像(c)分析可得

-2b1

t=—h

a

A端转动到任意位置经过光电门时速度

L

根据机械能守恒，直杆向下转动到任意位置时其动能的表达式为

E_mgh_mgat~2_mgav\

k2b~2hl}

12.

b.-b.

【答案】R»+Rs+rBCA左丁」

b2

【解析】

(1)根据电路结构可知，Rc的理论值为

RQ=RH+七+「

(2)已知该型号多用电表的电源采用2节干电池，则虚线框中X为仪器应该用能读数的电阻箱B,电压表应

选用量程为3V的电压表C；

(3)ii.将图2电路与多用电表的表笔连接，黑表笔因接内部电源的正极，则应连接A端；

(4)根据

结合图像可知

E=U

b2

13.

【答案】(1)r=30°；(2)120°

【解析】

(1)光路如图所示

根据折射率公式

sin60°

n=

sin/

代入数据解得

y=3O°

(2)如图，连接AC,由几何关系可得

OC1

tanZOAC=—=…尸一<tan30°

OA2石-1

进入工件的光线经4点折射到BC边，在BC边的入射角为

a=60。

sinC=』=—<sin60°

n3

所以光线在BC边发生全反射，设边过E点的法线与OA边的交点为广，边与半圆球面的交点为

D,因为

AF-Rtana-币R

AD=R+（2后-1）R=24R

则有

FD=AD-AF=AF

光线在边的反射角为a=60°,所以BC边的反射光线恰好过。点，且在力点的入射角为

尸=30。

sin。

n=----

sinp

解得

6>=60°

过。点作4点入射光线的平行线，解得光线从工件表面射出的方向相对A点入射光线的偏角为120。

14.

【答案】（1）L=11.25m；（2）%=0.5s；（3）5.42m

【解析】

（1）对木块由牛顿第二定律有

2g=ma]

可得

2

ax-2m/s

对木板由牛顿第二定律有

/jmg=Ma2

可得

2

a2=4m/s

两物体相向运动的位移之和等于板长，有

112r

卬一针厂2+卬_2a2广=心

解得

L=11.25m

(2)设两物体碰撞前的速度为匕'、v；,有

V,=Vj-axt=3m/s

%%-aj=Om/s

板与木块弹性碰撞，有

mv\-mv[+Mv\

—AWV,2=—mv^+—

212122

联立解得

vf=Im/s,=4m/s

碰撞后到物块与木板共速，由系统动量守恒有

“匕"+Mv；=(M+⑼丫共

解得

y共=2m/s

对木板由动量定理，有

_〃mgt[=My共一Mu；

解得

4=0.5s

即碰后经0.5s木板与木块共速；

(3)若物块与木板碰撞结束的瞬间，给木板施加一水平向右的力尸，力只作用2s时间，对木块加速有

n,=v"+at-,=5m/s

对木板，

—8+4

F-------N=6N

2

其用动量定理

Ft-f.imgt=Mv"-Mv"

则

设△丫为2s内木板速度