2021年北京市高考物理考前模拟演练试卷(含答案解析)

2021年北京市高考物理考前模拟演练试卷

一、单选题（本大题共14小题，共42.0分）

1.防控新冠肺炎疫情期间，额温枪测量人体体温，主要是接收了人体辐射的（）

A.红外线B.紫外线C.X射线D.无线电波

2.两端封闭的等臂U形管中，两边的空气柱a和b被水银柱隔开，当U形管竖直放b

A

置时，两空气柱的长度差为八，如图所示.现将这个管平放，使两臂位于同一

水平面上，稳定后两空气柱的长度差为L,若温度不变，则（）

A.L>hB.L=/iC.L=0D.L<h,L丰。

3.某种放射性元素的原子核放出一个a粒子（$He）后变成新原子核，新原子核与原来的原子核比较

（）

A.质量数少4,电荷数少2B.质量数少4,电荷数多2

C.质量数少2,电荷数少2D.质量数少2,电荷数多2

4.如图所示，一定质量的理想气体从状态4依次经过状态B、C和。后,尸A

再回到状态4其中，4-8和C->。为等温过程，BtC和0-A为V

绝热过程（气体与外界无热量交换）。这就是著名的“卡诺循环”。

该循环过程中，下列说法正确的是（）

A.4-8过程中，外界对气体做功V

B.B-C过程中，气体分子的平均动能不变

C.CTD过程中，气体的内能不变

D.0-4过程中，气体分子的速率分布曲线不发生变化

5.如图所示，一列简谐横波在同种均匀介质中以速度v=lm/s沿x轴正方向传播，a、b、c、d是%

轴上的四个质点，相邻两点间距离依次为lm、27n和4nl.t=0时波恰传到质点a处，且质点a从

平衡位置开始竖直向上运动t=lls时质点a第三次到达最低点.下列判断中正确的是（）

•—-----------------------------------------■-----------►

ahcdx

A.在t=8s时波恰好传到质点d处

B.在1=5s时质点c恰好到达最高点

C.在4s<t<6s时间内质点c正向上运动

D.在质点d向上运动时质点b一定向下运动

6.潮汐现象是指海水在天体（主要是月球和太阳）引潮力作用下所产生的周期性运动.某同学查阅

资料，得知太阳的质量约为月球质量的2.7X107倍，地球绕太阳运行的轨道半径约为月球绕地

球运行轨道半径的400倍.则太阳和月球对地球上相同质量海水引力的大小之比约为（）

A.102B.104C.KT2D.

7.如图为a、b、c三种光在同一光电效应装置中测得的光电流和电压

的关系。由a、b、c组成的复色光通过三棱镜时，下述光路图中正

8.如图甲、乙所示，倾角为。的固定斜面上分别有一个滑块M,图甲中滑块上表面水平,图乙中滑

块的上表面平行斜面，在滑块M上分别有一个质量为m的物块，现在M和巾相对静止,一起沿斜

面匀速下滑，下列说法正确的是（）

A.图甲中物块m受3个力B.图甲中物块M受5个力

C.图甲中物块m受4个力D.图乙中物块M受5个力

9.小孩从滑梯上滑下的运动可看作匀加速运动，第一次小孩单独从滑梯上滑下，加速度为曲，第

二次小孩抱上一只小狗后再从滑梯上滑下（小狗不与滑梯接触），加速度为。2,贝M）

A.%=a2B.即<a2

过程中（）

A.4球机械能守恒

B.当B球运动至最低点时，球4对杆作用力不等于0

C.当B球运动到最高点时，杆对B球作用力等于0

D.4球从图示（和。轴等高点）位置运动到最低点的过程中，杆对4球做功等于-:液必

11.如图所示，半径为r的圆柱形转筒，绕其竖直中心轴。0'转动，小物体a在圆筒的内

壁上，它与圆筒间的动摩擦因数为“，要使小物体不下落，圆筒转动的角速度至少

为（）

12.如图所示的实验装置中，平行板电容器的极板M与静电计的金属球A连接，

极板N与静电计的金属外壳同时接地。现保持极板N不动，向上移动极板M,

则电容器所带的电量Q、电容C、两极间的电压U、两极板间的场强E的变

化情况是（）

A.Q变小，C不变，U不变，E1变小

B.Q变小，C变小，U不变，E不变

C.Q不变，C变小，U变大，E不变

D.Q不变，C变小，U变大，E变小

13.一个用满偏电流为3mA的电流表改装而成的欧姆表，调零后用它测300。的标准电阻时，指针恰

好指在刻度盘的正中间，如果用同一档位测量一个未知电阻时，指针指在InM处，则被测电阻

的阻值为()

A.100/2B.300。C.6000D.1000。

14.质量为小的物体，以弓的加速度由静止竖直下落高度/I,在此过程中，下列说法中正确的是()

A.物体的重力势能减少B.物体的机械能减少［mgh

C.物体的动能增加：mghD.重力对物体做功gag/i

二、实验题(本大题共2小题，共18.0分)

15.在课本上粗测油酸分子的大小的实验中，油酸酒精溶液的浓度为每

1000mL溶液中有纯油酸1血3用注射器量得1mL上述溶液有200滴，

把一滴该溶液滴入盛水的表面撒有弹子粉的浅盘里，待水面稳定后，

测得油酸膜的近似轮廓如图所示，图中正方形小方格的边长为1cm,

则每一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是mL,油酸膜的

面积是cm2,根据上述数据，估测出油酸分子的直径是m.

16.在“探究求合力的方法”实验中，先有木板、白纸、图钉、橡皮筋、细绳套和一把弹簧秤.

(1)为完成实验，某同学另找来一根弹簧，先测量其劲度系数，得到实验数据如下表：

弹力尸(N)0.501.001.502.002.503.003.50

伸长量

0.741.802.803.724.685.586.42

x(10-2m)

用作图法求得该弹簧的劲度系数k=N/m；

(2)某次试验中，弹簧秤的指针位置所示，其读数为N,同时利用(1)中结果获得弹簧上

的弹力值为2.50N,请在答题纸上画出这两个共点力的合力尸分;

(3)由图得到尸合=N.

4.0

3.5

012345

弹簧伸长量(ur%)

图2

三、计算题(本大题共4小题，共40.0分)

17.如图，物块P质量m=2kg,由于水平面4点开始以%=4m/s的速度向4点右侧运动，物块与水

平面间动摩擦因数%=0.2,运动.=3m后滑上水平传送带BC.已知传送带足够长且物块与传

送带动摩擦因数〃2=0」，传送带以恒定速率W=lm/s逆时针转动.(g=10m/s2)求：

(1)物块向右运动距4点的最大位移；

(2)物块最后停下来距4点的距离；

(3)从开始运动到最终停止的时间t.

18.由于下了大雪，许多同学在课间追逐嬉戏，尽情玩耍，而同学王清和张

华却做了一个小实验：他们造出一个方形的雪块，让它以初速度%=

6.4m/s从一斜坡的底端沿坡面冲上该足够长的斜坡(坡上的雪已压实，

斜坡表面平整)。已知雪块与坡面间的动摩擦因数为“=0.05,他们又测量了斜坡的倾角为。=

37。，如图所示。求:(sin37°=0.6,cos37°=0.8,V14=3.75)

(1)雪块在上滑过程中加速度多大；

(2)雪块沿坡面向上滑的最大距离是多少；

(3)雪块沿坡面滑到底端的速度大小。

19.如图所示模型，水平地面上b点左侧粗糙，动摩擦因数为〃=0.5,b点右侧光滑，且ab=L=2.4m,

cd段是半径为R=0.4m、圆心角为60。的光滑圆弧轨道，圆弧轨道与水平地面平滑连接。质量为

m1=1kg的小物块4以%=7m/s的初速度从a点水平向右运动，质量为爪2=2kg的小物块B静

止在b点右侧，两物块均可看作质点。物块4与物块B发生正碰后，4物块以Im/s的速度向左运

动，物块B向右运动滑上圆弧轨道。重力加速度g=10m/s2。求：

(1)两物块碰撞前4的速度大小？

(2)两物块碰撞过程中损失的机械能;

(3)物块B运动至d点时轨道对物块的支持力大小。

20.如图所示，水平面上有两条相互平行的光滑金属导轨PQ和MN间距为d,左侧P与M之间通过一

电阻R连接，两条倾角为。的光滑导轨与水平导轨在N、Q处平滑连接，水平导轨的FDNQ区域有

竖直方向的匀强磁场，磁感应强度为B,磁场区域长度为％。P,M两处有套在导轨上的两根完

全相同的绝缘轻质弹簧，其原长为PF,现用某约束装量将两弹簧压缩到图中虚线处，只要有微

小扰动，约束装置就解除压缩。长度为d,质量为电阻为R的导体棒，从4c处由静止释放，

出磁场区域后向左运动触发弹簧。由于弹簧的作用，导体棒向右运动，当导体棒进入磁场后，

(1)若导体棒从高水平导轨高八的位置释放，经过一段时间后重新滑上斜面，恰好能返回原来的位置，

求导体棒第一次出磁场时的速率

(2)在(1)条件下，求每根弹簧被约束装置压缩后所具有的弹性势能。

(3)要使导体棒最终能在水平导轨与倾斜导轨间来回运动，则导体神初始高度H及每根弹簧储存的弹

性势能需要满足什么条件？

参考答案及解析

1.答案：A

解析：解：测温枪是根据接收到的红外线强弱来测定温度的，而不同温度的物体辐射红外线的强弱

不同，温度越高辐射红外线就越强，故A正确，88错误。

故选：Ao

明确测温枪原理，知道物体均会向外辐射红外线，并且温度越高，红外线越强。

明确红外线的应用：光谱中红光之外的部分。一切物体都在不停地辐射红外线，也不停地吸收红外

线；温度越高辐射的红外线越强。

2.答案：A

解析：解：由图可知，当等臂U形管竖直放置时，两部分气体的压强关系有：PA=PB+h,当管平

放时，两部分气体的压强变为相等，所以有a部分气体等温且压强减小，体积会增大；b部分气体等

温且压强增大，体积会减小，故水银柱会向b移动，空气柱的长度差将变大。选项A正确，8C。错

误。

故选：4。

等臂U形管由竖直放置到水平放置，通过判断其压强的变化可得知体积的变化，得知水银柱的移动

方向，即可得知空气柱长度差的变化.

解答该题的关键是判断两部分气体的压强的变化情况，所以一定要学会从不同的方面来确定被封闭

气体的压强.

3.答案：A

解析：解：a衰变生成氨原子核，根据质量数和电荷数守恒知新原子核与原来的原子核比较：质量数

少4,电荷数少2.

故选：A

根据原子核经过一次a衰变，电荷数减小2,质量数减小4,一次口衰变后电荷数增加1,质量数不变，

进行分析即可.

明确a衰变，£衰变的实质，根据电荷数和质量数守恒即可判断.

4.答案：C

解析：解：4、A过程为等温过程，温度不变，气体的内能不变；气体体积增大，气体对外界做

功，故A错误；

B、B-C过程中，绝热膨胀，气体对•外做功，内能减小，温度降低，气体分子的平均动能减小，故

B错误；

c、C-D过程中，等温压缩，温度不变，气体内能不变，故c正确；

。、D-4过程中，绝热压缩，外界对气体做功，内能增加，温度升高，分子平均动能增大，气体分

子的速率分布曲线发生变化，故。错误；

故选：Co

4-8过程中，体积增大，气体对外界做功，B-C过程中，绝热膨胀，气体对外做功，温度降低，

C-D过程中，等温压缩，DfA过程中，绝热压缩，外界对气体做功，温度升高。

本题考查了理想气体状态方程的应用，根据图象判断出气体体积如何变化，从而判断出外界对气体

做功情况，再应用热力学第一定律与题目所给条件即可正确解题；要知道：温度是分子平均动能的

标志，理想气体内能由问题温度决定。

5.答案：D

解析:解:Aad间距离为久=7m,波在同一介质中匀速传播,则波从a传到d的时间为t=?=彳=7s,

即在t=7s时刻波恰好传到质点d处.故A错误.

B、设该波的周期为7,设该波的周期为7,由题可得，2；7=lls,解得：7=4s,波从a传到c的时

间为t=j=:=3s,则在t=5s时刻质点c已振动了2s,而c起振方向向上，故在t=5s时刻质点c恰

好经过平衡位置向下.故B错误.

C、在4s<t<6s的时间间隔内，质点c已振动了ls<t<3s,质点c正从波峰向波谷运动，即向下

运动.故C错误.

D、bd相距7m；该波的波长4==1x4=4m；故bd相距9=1：九即bd两点间的位移差为半波

长的奇数倍，所以在质点d向上运动时质点b一定向下运动，故。正确；

故选：D

由题“在t=0时刻到达质点a处，质点a由平衡位置开始竖直向上运动，t=11s时a第三次到达最低

点”可确定出该波的周期.根据a与d间的距离，由t=；求出波从a传到d的时间.根据时间t=5s与

周期的关系，分析质点c的状态.

本题关键要抓住波在同一介质中是匀速传播的，由t=?可求出波传播的时间.要抓住各个质点的起

振方向都与波源的起振方向相同，通过分析波的形成过程进行分析.

6.答案：A

解析：试题分析：已知月球与太阳质量关系、它们到地球的距离关系，由万有引力公式可以求出它

们间的引力关系.

设海水质量为m，由万有引力定律可得：

故A正确:

故选A.

7.答案：C

解析：解：分析光电流和电压的关系图象，结合光电效应方程可知，eU=Ek=hv-W,即遏止电

压大的，入射光的频率大，故%〉%>%，频率大的折射率大，折射率大的通过三棱镜时，光线偏

转的厉害，故b光偏转厉害，其次是c光，故C正确，A8D错误。

故选：Co

当光电子的动能恰好能克服电场力做功时的电压即为遏止电压，根据光电效应方程判断遏止电压与

入射光频率的关系。

入射光频率大的，折射率大，偏转程度大。

本题是光的色散和光电效应方程的综合，关键要掌握光的色散研究的结果，知道偏折程度不同的单

色光的折射率的大小关系，同时，要注意最大初动能与遏止电压的关系。

8.答案：D

解析：解：AC,图甲中以物块为研究的对象，则由于两个物体一起匀速下滑，物块受力平衡，而物

块水平方向不受外力，则水平方向没有摩擦力，所以物块只受到重力与支持力的作用，故AC错误；

8、图甲中以滑块M为研究的对象，则受重力、物块m的压力、斜面的支持力和沿斜面的向上的摩擦

力，一个是4个力作用，故8错误；

D、图乙中，由于物块小和滑块M一起匀速下滑，则沿斜面方向受力平衡，则物块m受到滑块M对它

的沿斜面向上的摩擦力，所以物块m对滑块M有沿斜面向下的摩擦力；

图乙中以滑块M为研究对象，受重力、斜面的支持力和滑动摩擦力，物块m的压力和静摩擦力，一

共是5个力，故O正确。

故选：D。

分别以物块m和滑块M为研究对象，按重力、弹力和摩擦力的顺序分析两物块的受力情况。

隔离法是力学中的常用方法，一定要熟练掌握，注意对于由多个物体组成的系统，不涉及内力时也

可以考虑以整体为研究对象。

9.答案：A

解析：解：设小孩的质量为m,与滑梯的动摩擦因数为〃，滑梯的倾角为。.小孩下滑过程中受到重力

mg、滑梯的支持力N和滑动摩擦力/,根据牛顿第二定律得：

mgsind-f=ma

N—mgcosd

又，=

联立得：a-g{sind-ficosd),可见，加速度a与小孩的质量无关，则当第二次小孩抱上一只小狗后

再从滑梯上滑下时，加速度与第一次相同，即有的=。2.

故选A

分析小孩的受力情况，根据牛顿第二定律得到加速度的表达式，分析小孩的质量变化时，加速度是

否变化.

斜面上物体下滑的加速度、速度与物体的质量无关，是经验结论，在理解的基础上记住，可直接选

A.

10.答案：D

解析：轻杆转至水平位置时，4球速度为鹤，则8的速度为%==,%=氏；4球转动过程中

由于杆对4球做功，故其机械能不守恒，选项A错误；由于轻杆转动过程中，A球重力势能变化量总

是与B球重力势能变化量相等，所以力B两球均做匀速圆周运动；当4球运动至最高点时，B球运动至

磁

最低点，对4球二+mg=m够，解得二=0,可知轻杆此时对球4作用力等于0,故B错误；当B球

至

感

运动到最高点时，对B,TB4-2mg=,解得降=-mg,故杆对8球有支持力作用，选项C

错误；a球从图示位置运动到最低点的过程中，由动能定理，杆对工球做功等于-哨静'，故。正确

‘承

考点：牛顿第二定律及动能定理

11.答案：D

解析：解：要使物体不下落，则小物块在竖直方向上受力平衡，有：f=mg

当摩擦力正好等于最大摩擦力时.，圆筒转动的角速度3取最小值，筒壁对物体的支持力提供向心力，

根据向心力公式得：

N—ma)2r

而/=fiN

联立以上三式解得：3=修

故选：。。

要使物体不下落，筒壁对物体的静摩擦力必须与重力相平衡，由筒壁对物体的支持力提供向心力，

根据向心力公式即可求解角速度的最小值.

物体在圆筒内壁做匀速圆周运动，向心力是由筒壁对物体的支持力提供的.而物体放在圆盘上随着

圆盘做匀速圆周运动时，此时的向心力是由圆盘的静摩擦力提供的.

12.答案：C

解析：解：

平行板电容器与静电计并联，所以电容器所带电量Q不变；

M极板向上移动，增大电容器两极板的间距，由。=总，知电容C变小，Q不变，根据C=?分析可

知，U变大，

由E=：=知极板间的电场强度片与间距无关，则E不变，

a65

综上所述，故C正确，A3。错误。

故选:Co

本题中平行板电容器与静电计相接，电容器的电量不变，改变板间距离，由电容的决定式C=f匕，

471kd

分析电容的变化，根据电容的定义式c=5分析电压U的变化，根据E=9分析场强的变化。

对于电容器动态变化分析问题，要抓住不变量。当电容器充电后，与电源断开后，往往电量不变。

根据电容的决定式C=抵、电容的定义式c=号和场强E=彳结合分析。

4nkaUa

13.答案：C

解析：

本题考查欧姆表的内部电路，明确中值电阻等于内阻，会由全电路欧姆定律求不同电流时的电阻值

当电流达到满偏电流的一半时，所测电阻与内部电阻相同，为中值电阻，中值电阻为：R的=3000

则有：E=/gXR内=3x10-3x300V=0.91/

,EE

再由/=R内+R也得:R测=7-2内=60°。，则C正确，A3。错误；

故选：Co

14.答案：C

解析：解：AD.物体下落高度为h,重力做正功，大小为mg/i,则重力势能减少mg/i,故A、。错

误。

B、因物体的加速度为［g,说明物体受阻力作用，由牛顿第二定律可知，mg-f=ma；解得阻力

大小：f/mg,阻力做功为：Wf=-lmgh,由功能关系可知，物体的机械能减少|mg机故8

错误。

C、由动能定理可得动能的增加量为：AEk=%+必=：机。，故C正确。

故选：Co

由功的公式可求得重力做的功，由重力势能与重力做功的关系可知重力势能的改变量.由动能定理

可求得物体的动能改变量；由功能关系可求机械能的变化.

由于部分同学没弄明白功和能的关系，导致在解答中出现问题；应注意重力做功等于重力势能的改

变量，而合力的功等于动能的改变量，阻力的功消耗机械能.

15.答案：5x10-6657.7x10-1。

解析：解：1滴酒精油酸溶液中含油酸的体积：

用募前加=5义10-6就；

由于每格边长为lsn,则每一格就是IcrM,估算油膜面积以超过半格以一格计算，小于半格就舍去

的原则，估算出65格，则油酸薄膜面积为：S=65cm2；

由于分子是单分子紧密排列的，因此分子直径为：

故答案为：5x10-6；65;7.7x10-1。.

在油膜法估测分子大小的实验中，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，估算出油膜面

积，从而求出分子直径，掌握估算油膜面积的方法：所围成的方格中，面积超过一半按一半算，小

于一半的舍去.

掌握该实验的原理是解决问题的关键，该实验中以油酸分子呈球型分布在水面上，且一个挨一个，

从而可以由体积与面积相除求出油膜的厚度，从而求出分子直径.

16.答案：55；2.20；3.3

解析：解：（1）根据描点法作出图象如图所示：

根据图象得：1=笑=悬=55N/m

4..0

工3

Q

3.Z

Zz

).5

KL.O

漱L.5O

0.5

0.0

01234567

弹蓄伸长量（IO*%）

(2)弹簧秤的读数为：F=2+0.20/V=2.2ON

根据力的图示法，作出两个分力，2.20N和2.50N,以这两个边为邻边，作出平行四边形，对角线即

(3)根据图象及比例尺得出合力的大小尸冷=3.3N

故答案为：55；2.20；3.3

(1)通过描点法作出图象，图象的斜率表示k:

(2)读数时要估读一位，画出力的图示，作出平行四边形，对角线表示合力；

(3)量出对角线的长度，根据比例尺得出合力的大小.

在“探究弹簧弹力与弹簧伸长的关系”的实验中进行数据处理时，注意将物理问题与数学知识有机

结合起来，会用作图法求合力.

17.答案：解：(1)根据牛顿第二定律，有一%mg=mai

得：%=一〃ig=-2m/s2

滑上皮带时的速度为％

诏一诏=2%%1，代入数据解得%=2m/s

2

进入传送带a2=~H29=-lni/s

到达最大位移时，0-说=2。2%2，

解得%2=2m

最大位移=xr+x2=5m

(2)到达最大位移后，物体反向加速，达到与传送带相同速度时的位移：vj=2a3x3

解得叼=-0.5加，此后与皮带一起匀速运动，滑上平台后：

0—诏=2Q4久4，解得M=-0.25m

此时离4点的距离为3-0.25=2.75m

(3)4到8：0=用资=15

在皮带上减速到0：12=答=25

a2

反向加速到皮带速度：t3=/=lS

a3

皮带上匀速：t4=^=1.5s

V3

在平台上减速到0：t5=詈=0.5s

u4

从开始运动到最终停止的时间1=〃+J++t4+15=6S

答:(1)物块向右运动距4点的最大位移为5m；

(2)物块最后停下来距4点的距离为2.75m；

(3)从开始运动到最终停止的时间t为6s.

解析：(1)根据牛顿第二定律(或机械能守恒定律)求出滑块滑上传送带的速度，滑上传送带先做匀减

速直线运动到零，由运动学的公式即可求出物块向右运动距4点的最大位移时女.

(2)然后返回做匀加速直线运动达到传送带速度一起做匀速运动，根据牛顿第二定律和运动学公式求

出物体离开传送带到的速度；再根据运动学公式求出物块最后停下来时距4点的位移；

(3)根据运动学公式分段求出各段运动时间即可；

解决本题的关键理清物体的运动过程，知道物体的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行

求解

18.答案：解：(1)雪块上滑的加速度根据牛顿第二定律可知O+pngcosO=巾的

解得的=6.4m/s2

(2)雪块上滑最大距离0-诏=2(-ai)x

解得x=3.2m

(3)雪块下滑的加速度大小为mgsin。-nmgcosd=ma2

解得。2=5.6m/s2

根据速度位移公式可知/-0=2a2x

解得1?=|V14m/s=6m/s

答：(1)雪块在上滑过程中加速度为6.4m/s2；

(2)雪块沿坡面向上滑的最大距离是3.2m

(3)雪块沿坡面滑到底端的速度大小为6m/s。

解析：根据牛顿第二定律求出物块的加速度，结合速度位移公式求出滑块的初速度。根据速度位移

公式求出上滑的位移。

根据牛顿第二定律得出滑块下滑的加速度，结合速度位移公式求出到达底端的速度。

本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁。

19.答案：解：(1)物块4从a运动至b点过程，根据动能定理得

11

mgL=_2mivo

解得两物块碰撞前4的速度大小以=5m/s

(2)两物块碰撞过程，取向右为正方向，由动量守恒定律得

m1vi4=一叫外，+rn2vB

解得碰后瞬间物块8的速度为=3m/s,方向向右

两物块碰撞过程中损失的机械能为4E损=-:叫v/2-97n2诏

解得△E损=3/

(3)物块B从b点运动至d点过程，由动能定理知

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-m2gR(l-cos600)=-m2vj--m2vl

解得物块8运动至d点时的速度大小为=V5m/s

物块B在d点时，由牛顿第二定律得

FN—m2gcos60°=m2y

解得FN=35N

答：(1)两物块碰撞前4的速度大小是5m/s。

(2)两物块碰撞过程中损失的机械能是3/。

(3)物块B