2021届重庆市高考物理预热试卷附答案详解

2021届重庆市高考物理预热试卷

一、单选题（本大题共9小题，共36.0分）

1.下列说法正确的是（）

A.核反应方程匚啄+X属于口衰变，X为电子

55cs56BQ

B.胃原子核的质量数比，:原子核的质量数小

55cs56Ba

C.比结合能越大的原子核，其结合能一定越大

D.中子从铀块中通过，一定能够发生链式反应

2.在图中，对物体4受力分析的四幅图中，正确的是（）

3.如图所示，P、Q两带电小球放置于光滑绝缘水平面上，空间存在由P

指向Q的水平匀强电场，两球均能保持静止。则（）

A.P、Q两球均带正电B.P、Q两球均带负电

C.P球带正电，Q球带负电D.P球带负电，Q球带正电

4.从地面弹起后正在空中向上运动的篮球（）

A.受到向上的弹力和空气阻力的作用

B.受到重力、地球引力和空气阻力的作用

C.受到重力和空气阻力的作用

D.受到重力、向上的弹力和空气阻力的作用

5.未发射的卫星放在地球赤道上随地球自转时的线速度为%、加速度为由；发射升空后在近地轨

道上做匀速圆周运动时的线速度为方、加速度为。2；实施变轨后，使其在同步卫星轨道上做匀

速圆周运动，运动的线速度为内、加速度为•则巧、以、内和的、。2、的大小关系是（）

A.v2>v3=vra2=ax>a3B.v3>v2>%a2>a3>a（

C.v2>v3>Vja2>a3>atD.v2>v3>v（a3>a2>%

6.如图是某物体在t时间内运动的位移一时间图像和速度一时间图像，从图像上可以判断和得到

（）

A.该物体做的不是匀加速直线运动

B.该物体做曲线运动

C.该物体运动的时间t为2s

D.该物体运动的加速度约为1.69m/s2

7.如图，水平面上有一固定的U形金属框架，竖直向下的匀强磁场穿过框架，

XX

要使框架上的金属杆ab产生由a到b的电流，则杆皿（）XX

A.向右移动B.向左移动

C.不动D.不动，但磁场增强

8.乙醛是一种无色透明易燃液体，有特殊刺激气味，带甜味，常温放在空气下很快就挥发完了（类

似酒精），与io倍体积的氧混合成混合气体，加热到io（rc（着火点）以上时能引起强烈爆炸，则

下列说法正确的是（）

A.液态乙醛易挥发说明液态乙醛分子间无作用力

B.液态乙醛挥发成气态过程中分子势能增大

C.温度升高时所有乙酸分子的速度都增大

D.混合气体发生爆炸后体积膨胀的过程中混合气体的内能增大

9.一列简谐横波沿x轴负方向传播，图（1）是t=ls时的波形图，图（2）是波中某振动质元位移随时

间变化的振动图线（两图用同一时间起点），则图（2）可能是图（1）中哪个质元的振动图线？（）

图⑴图（2）

A.x=1相处的质元B.x=27n处的质元

C.x-3nl处的质元D.x=4m处的质元

二、多选题（本大题共3小题，共15.0分）

10.如图所示，一带电粒子（重力不计）在匀强磁场中沿图中轨道运动，中央是一

簿绝缘板，粒子在穿过绝缘板时有动能损失，由图可知（）

A.粒子的运动方向是abcde

B.粒子带正电

C.粒子的运动方向是edcba

D.粒子在下半周期比上半周期所用时间长

11.如图所示，边长为L的正三角形abc区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，质

量为m，电荷量均为q的三个粒子4B、C以大小不等的速度从a点沿与ab边

成30。角的方向垂直射入磁场后从ac边界穿出，穿出ac边界时与a点的距离分

别为为立、痘、j不及粒子的重力及粒子间的相互作用，则下列说法正确

3

的是（）

A.粒子C在磁场中做圆周运动的半径为，

B.A、B、C三个粒子的初速度大小之比为1：2：3

C.A、B、C三个粒子从磁场中射出的方向均与ab边垂直

D.仅将磁场的磁感应强度减小为原来的：，则粒子B从c点射出

12.在如图所示电路中，电源的电动势是E,内电阻是r,当滑动变阻器R3的滑r

动头向左移动时（）

A.电阻当两端的电压将减小

B.电阻/?2两端的电压将增大

C.总电流将增大

D.流过R3的电流将减小

三、实验题（本大题共2小题，共15.0分）

13.在“测定电池电动势和内电阻”的实验中。

（1）小组成员先用多用电表粗测电池的电动势将开关置于2.5U直流挡位后，测得的结果如图甲所示,

则电动势必=V；

（2）该同学利用图乙所示电路测得多组电流、电压值，并根据实验数据得到如图丙所示的U-/图线,

由此可知该电池的电动势E=V,内阻r=12（均保留两位有效数字）；按照此电路测

得的结果会（选填“偏大”或“偏小”）。

卬乙内

14.如图所示，在“验证碰撞中的动量守恒”实验中，P为入射球4未

与被碰球B碰撞时的落点，M为它与B球碰后的落点，N为B球的

落点，这个实验对小球质量犯4和WIB的要求是巾4巾8（填

“>”"=为了能用OP长度表示球4的初速度，OM和

ON长度分别表示球力和球B的末速度，则必须做到，用图

中标出的符号和测出的数据列出验证动量守恒的表达式为

四、计算题（本大题共4小题，共48.0分）

15.如图所示，质量为27n的平板车静止在光滑水平面上.固定的光滑曲面高度为心曲面下端与车

的上表面平滑相接.一质量为m的滑块从圆弧面顶端由静止下滑，然后滑上车且最终没有脱离

车.已知滑块与车板间的动摩擦因数均为“，重力加速度为0求：

(1)滑块与车的共同速度的大小；

(2)滑块在车上相对于车滑行过程，滑块和车组成的系统克服摩擦力做功的平均功率.

16.如图1所示，单匝正方形金属线框ABCD用一绝缘细线竖直悬挂，在线框上半部有一垂直于纸面

向里的匀强磁场，大小随时间变化的关系如图2所示。已知线框边长L=夜小，电阻R=0.50、

质量m=0.5kg,取g=lOzn/s?.求:

(1)线框中感应电动势的大小；

(2)线框中的电功率；

(3)2s时细线中拉力的大小。

17.某同学用玻璃瓶和吸管做了一个简易温度计，如图所示。室温27汽

时，将装有半瓶水的圆柱形玻璃瓶竖直放置，插入粗细均匀的吸管

至瓶底部，记下吸管没入水面的位置，刻度为27。&测得水面以上

吸管长度为12cm；重新将吸管插入瓶底，密封瓶口，再将瓶竖直

放入57久的温水中，一段时间后，吸管中水面上升了6cm,吸管该

位置标记为57汽；将吸管的27冤标记和57久标记间均匀刻线，并将

吸管其它部分依次均匀刻线，即制成一简易温度计。

①该温度计最大量程是多少？若忽略吸管中水柱产生的压强，温度达最大量程时，瓶内水的体积占

瓶容积的比例为多大？

②若考虑吸管中水柱产生压强对瓶内封闭气体体积的影响，实际的80冤温度线应比吸管上80冤刻线

位置__(选填“高”或“低”)。

18.如图所示，一束光线以60。的入射角射到一水平放置的平面镜上，反射后在上方与平面镜平行的

光屏上留下一光点P,现在将一块上下两面平行的透明体平放在平面镜上，则进入透明体的光线

经平面镜反射后再从透明体的上表面射出，打在光屏上的P'点（图中未标出），与原来P点相比向

左平移了3.46cm,已知透明体对光的折射率为百.求光在透明体里运动的时间.

参考答案及解析

1.答案：A

解析：解：4、根据核反应方程怒一，?+X,结合核反应过程中质量数与电荷数守恒，可得X的

55cs568a

质量数为137-137=0,电荷数为55-56=-1,所以X为电子，该核反应为/?衰变，故A正确；

8、匚咪原子核的质量数与之?原子核的质量数相等，故8错误；

55cs56Ba

C、比结合能越大的原子核越稳定，比结合能是结合能与核子数之比，结合能的大小还要考虑核子数，

因此它的结合能不一定越大，故C错误；

力、根据链式反应的条件可知，铀块体积必须达到临界体积，有慢中子通过时才能发生链式反应，

故。错误。

故选：A.

根据核反应过程中质量数与电荷数守恒判断；比结合能是结合能与核子数之比，结合能的大小还要

考虑核子数；根据链式反应的条件判断。

本题考查了核反应方程、质量数、比结合能与结合能、链式反应等原子物理部分的内容，要求学生

对这部分知识要重视课本，强化记忆。

2.答案：B

解析：解：4球4一定受竖直向下的重力G、地板的支持力产椁的作用，如果球4受斜向右下方的压

力作用乐2,则物体在水平方向受力不平衡，月球不可能静止，故A错误；

B、球4一定受竖直向下的重力G、地板的支持力FN的作用，这两个力的合力为零，球4静止处于平衡

状态，故B正确；

C、物体4匀速下滑，物体处于平衡状态，所示合力为零，图示物体4受竖直向下的重力与垂直于斜

面的支持力，在垂直于斜面方向物体所受合力为零，平行于斜面方向所受合力不为零，物体不可匀

速下滑，故C错误；

。、斜面C静止，4、B相对静止一起沿斜面匀速下滑，4所受合力为零，竖直方向的重力与支持力合

力为零，如果A受水平方向的摩擦力，则4所受合力不为零，4不会匀速下滑，故力错误。

故选：B。

对物体进行受力分析，要结合物体的运动状态对物体受力分析，受力分析时注意假设法的应用。

本题考查受力分析，要注意在受力分析中不能漏力更不能添力；可以采用假设法等进行判断，每一

个力要找到其施力物体.

3.答案：D

解析：解：P、Q在统一电场中处于平衡状态，两电荷不能为同种电荷，应为异种电荷，P与Q之间

库仑力为引力，即Q受到的库仑力指向P,匀强电场力指向Q,与电场方向相同，说明Q带正电，P带

负电，故ABC错误，。正确。

故选：Do

两电荷在同一匀强电场中可以保持静止，说明受力平衡，由于两电荷间库仑力大小相等、方向相反，

则匀强电场力也得大小相等方向相反，说明两电荷为异种电荷，然后根据Q受力分析Q的电性。

此题要利用二力平衡条件以及两电荷间相互作用力特点判断两电荷的电性，知道注意匀强电场给两

电荷的电场力一定是等大反向的。

4.答案:C

解析：解：4、弹力产生的条件必须是有接触的物体才有可能受到弹力的作用，球己经离开地面，所

以就没有弹力，所以4选项错误；

8、重力是由于地球的吸引而产生的，二者不能同时出现，所以B选项错误；

C、任何物体都受重力，在空气中还要有空气的阻力，球只受这两个力的作用，所以C选项正确：

。、和力类似，没有向上的弹力，所以。选项错误.

故选：C.

弹力产生的条件必须是有接触的物体才有可能受到弹力的作用；

重力是任何物体都要受到的.

对物体受力分析，出错的原因之一就是多分析了力，所以在受力分析时，一定要注意施力物体的判

断，以免重复分析或者是添加了力.

5.答案：C

解析：解：对于近地卫星和同步卫星而言，有：卫普团ma=/n艺，

*r

知2>v3>a2>a3.

对于待发射卫星和同步卫星，角速度相等，根据"=厂3知，v3>Vlf根据a=rto2知，a3>at.

则>v3>Vi,a2>a3>

故选：C

根据万有引力提供向心力，比较近地卫星和同步卫星的线速度和加速度大小，根据同步卫星与地球

自转的角速度相等，通过u=厂3,以及a=r/比较待发射卫星的线速度与同步卫星的线速度以及加

速度关系.

解决本题的关键知道线速度与向心加速度与轨道半径的关系，以及知道同步卫星与地球自转的角速

度相等.

6.答案：D

解析：解：AB,x-t图像和f-t图像都只能表示直线运动，同时由U-t图可知，物体做匀加速直

线运动，故A8错误；

CD.从x-t图像可知，物体在t时间内的位移为8m,在匀变速直线运动中，初末速度之和的平均值

等于平均速度，则0-^-m/s—4.5m/s,贝ijt=5=—s—1.78s,a=~=^-m/s2-1.69m/s2,

2''V4.5At1.78''

故c错误，o正确。

故选：D。

根据x—t图像得出物体的位置变化，根据O-t图像得出物体的速度变化，两个图像结合求出时间，

进而求出物体运动的加速度。

本题主要考查了运动学图像，在x-t图中可看出物体的位置变化，从图像中可看出物体的速度

变化，利用好在匀变速直线运动中平均速度和初末速度之和的平均值相等的关系。

7.答案：B

解析：解：力、杆ab向右运动时，做切割磁感线运动，由右手定则判断知杆ab中产生的感应电流方

向由b到a,故A错误。

B、杆ab向左运动时，做切割磁感线运动，由右手定则判断知杆帅中产生的感应电流方向由a到b,

故8正确。

C、杆ab不动时，穿过闭合回路的磁通量不变，没有感应电流产生，故C错误。

。、杆ab不动，磁场增强时，穿过闭合回路的磁通量增加，由楞次定律知杆ab中产生的感应电流方

向由6到a,故。错误。

故选：B。

当杆ab做切割磁感线运动时，由右手定则判断感应电流的方向.结合产生感应电流的条件分析.

本题的关键是要掌握右手定则和楞次定律，右手定则只适用于切割的情形，研究对象是一段导体.而

楞次定律的研究对象是闭合回路.

8.答案：B

解析：解：4、液态乙醛易挥发是由于液态乙醛沸点低，与分子力的大小无关；故A错误；

8、液态乙醛挥发成气态过程中要克服分子引力做功，所以分子势能增大.故8正确；

C、温度是分子的平均动能的标志，温度升高时乙酸分子的平均动能增大，并不是每一个分子的速度

都增大.故c错误；

。、混合气体发生爆炸后体积膨胀的过程中混合气体对外做功，内能减小.故。错误.

故选：B

液态乙醛易挥发是由于液态乙醛沸点低；结合分子力做功分析分子势能的变化；温度是分子的平均

动能的标志；结合热力学第一定律分析内能的变化.

该题根据乙醛与氧气的混合气体加热爆炸的过程考查分子力、分子势能、温度的微观意义以及热力

学第一定律等内容，涉及的知识点多，但都是一些记忆性的内容，在平时的学习过程中多加积累即

可.

9.答案：D

解析：解：

A、图1上x=1771处的质元处于波谷，图2上t=ls时质元经平衡位置向下，两者不符.故4错误.

B、图2上，波沿x轴负方向传播，x=2m处的质元经平衡位置向上，图2上t=1s时质元经平衡位置

向下，两者不符.故8错误.

C、图2上，x=3a处的质元处于波峰，与图2上t=1s时质元的振动状态不符.故C错误.

D、图2上，波沿x轴负方向传播，x=4m处的质元经平衡位置向下，与图1上t=1s时质元的状态相

同.故。正确.

故选：D

由振动图象读出t=ls时刻质点的运动状态，在波动图象上找出相对应的质点.即可作出选择.

根据波的传播方向判断出质点的振动方向，由振动图象读出质点的振动方向都是应具有和基本能力.

10.答案：BC

解析：解：AC,带电粒子在磁场中由洛伦兹力充当向心力而做匀速圆周运动，由Bqu=7n?可得：

r嘴,可见粒子的轨迹半径与速率成正比；

因粒子在穿过板后速度减小，则粒子的半径减小，故说明粒子是由下向上穿过绝缘板，故运动方向

为edcba；故A错误，C正确；

8、粒子受力指向圆心，则由左手定则可知粒子应带正电，故8正确。

D、因粒子转动的周期7=等，在转动中磁感应强度及荷质比没有变化，故周期不变，而由图可知，

粒子在上下都经过半个周期，时间相等：故力错误；

故选：BC。

由牛顿第二定律及向心力公式得到粒子转动半径与速度的关系，则可判断粒子运动方向，由左手定

则判定电性；由周期公式7=等可知上下两部分的时间关系.

带电粒子在磁场中运动的考查的重点为牛顿第二定律及向心力公式的应用，本题关键掌握两个公式

r=等和T=等，并能用来进行分析•

I/Oqtf

11.答案：BC

解析：解：4根据圆周运动的对称性可知，在同一直线边界以与边界成30。夹角进入磁场，射出磁场

时速度与边界也必成30。角，因此圆弧轨迹所对应的圆心角为60。，圆心和入射点，出射点构成等边

三角形，A、B、C三个粒子做圆周运动的半径分别为以=%RB=W，%=L,故A错误；

8.根据叱8=黑，得R嘴,粒子速度比等于它们轨迹的半径之比，4、B、C三个粒子的速度大小

之比应为1：2：3,故B正确；

C.三个粒子从磁场中射出时，与ac夹角为30。，z.bac=60°,所以粒子速度的反向延长线必与昉边垂

直，故C正确；

D根据R=工可知，将磁场的磁感应强度减小为原来的土粒子B的半径变为原来的3倍，即R'B=23

粒子能从c点射出，其半径应等于所以粒子B不可能从c点射出，选项。错误。

故选：BC.

粒子在磁场中均做元素圆周运动，根据几何关系确定粒子轨迹圆的圆心，画出粒子运动轨迹的示意

图，利用洛伦兹力提供向心力求出半径公式，再与几何关系结合，逐项分析即可求解。

本题考查带电粒子在有界磁场中的运动，解题关键是要画出粒子轨迹过程图，找到临界几何条件，

再运用洛伦兹力提供向心力与几何关系结合求解即可。

12.答案：ABC

解析：解：4、由电路图可知.R2、R3串联后与&并联接到电源上，当滑动变阻器角的滑片P向左移

动时，色接入电路的阻值变小，电路总电阻变小，由闭合电路欧姆，定律可知，电路总电流/变大,

路端电压（7=5-/「减小，电阻灯两端的电压将减小，故AC正确；

B、路端电压减小，则通过电阻心的电流减小，电路总电流增大，则通过电阻&与禽的电流增大，

电阻阻值不变，则电阻两端电压增大，故8正确，。错误；

故选：ABC.

分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后由串联电

路特点及欧姆定律分析答题.

本题是一道动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，熟练应用串联电路特点及欧姆定律

即可正确解题.

13.答案：1.41.50.83偏小

解析：解：(1)电压表量程为2.5V,由图甲所示表盘可知，其分度值为0.05V,电动势Ui=1.4V。

(2)由图乙所示电路图可知，路端电压U=E-b，由图丙所示图象可知，电源电动势E=1.5心电

源内阻r=竺=竺三0«0.830；

△/0.6

由图乙所示电路图可知，由于电压表分流作用，流过电源的电流大于电流表示数，即电流测量值小

于真实值，导致电源电动势与内阻的测量值小于真实值.

故答案为:(1)1.4；(2)1.5；0.83；偏小。

(1)根据电压表量程由图甲所示表盘确定其分度值，然后根据指针位置读出其示数。

(2)根据图丙所示图象求出电源电动势与内阻，根据图乙所示电路图分析实验误差。

本题考查了测电源电动势与内阻实验，理解实验原理是解题的前提，根据图示图象与图示电路图即

可答题；要掌握电表的读数方法。

14.答案：>斜槽末端水平mAOP=mAOM+mBON

解析：解：为了防止实验中入射球反弹，应保证入射球的质量大于被碰球的质量；

为了让小球水平抛出，应让斜槽末端切线水平；

由于两球从同一高度开始下落，且下落到同一水平面上，故两球下落的时间相同。

根据动量守恒定律可得在水平方向有机1%=机1%+m2v2,

=ntiVjt+m2v2t,

由图可知，不放被碰球时4的水平位移为OP；两球相碰后，水平位移分别为0M和ON；

故应验证的表达式为：mx0P-m^OM+m20N；

故答案为：>；斜槽末端水平；mA0P=mA0M+mB0N.>

明确实验原理，知道在实验中让小球在固定斜槽滚下后，做平抛运动，记录下平抛后运动轨迹。然

后在运动轨迹上标出特殊点，对此进行处理，因下落时间相等，故可以将速度转化为水平位移进行

处理，根据动量守恒即可确定表达式。

本题考查了利用平抛运动验证动量守恒的实验，在实验中如何实现让小球做平抛运动是关键，因此

实验中关键是斜槽末端槽口的切线保持水平，同时掌握利用平抛来确定水平速度的基本方法。

15.答案：(1)滑块下滑过程，机械能守恒，由机械能守恒定律得：

mgh=…①，

滑块滑上车之后，车与滑块组成的系统动量守恒，以滑块的初速度方向为正方向，由动量守恒定律

得：

mv0=(m+2m)%...②，

解得，滑块与车的共同速度：％=等…③，

(2)滑块在车上滑行过程，由能量守恒定律得：

Wf=加诏-1(m+2m)vl...④，

对车，由牛顿定律得：iimg=2ma...(5),

由速度公式得：vt=at

克服摩擦力做功的平均功率：p=?…⑦,

解得：。=竺呼史…⑧；

答：(1)滑块与车的共同速度为誓；

(2)滑块在车上相对于车滑行过程，滑块和车组成的系统克服摩擦力做功的平均功率为巴呼史.

解析：(1)由机械能守恒定律求出滑块的速度，由动量守恒定律可以求出车与滑块的速度；

(2)由能量守恒定律与牛顿第二定律、运动学公式、功率公式求出功率.

16.答案：解：(1)线框中的感应电动势为：£=77=^4=1K;

(2)线框的电功率为：p=?=2W；

(3)由图2可知，t=2s时，B=3T,

根据楞次定律可知线框中的电流为逆时针，电流大小为：/=*=24

根据左手定则可判定安培力竖直向下，安培力大小为：F=BI-V2L=12N,

据平衡条件得：T=m