河北省衡水市北郭村农业中学高三物理知识点试题含解析

河北省衡水市北郭村农业中学高三物理知识点试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.某物体沿竖直方向做直线运动，其图像如图所示，规定向上为正方向，下列判断正确的是：A．在0～1s内，物体平均速度为2m／s

B．在ls～2s内，物体向上运动，且处于失重状态C．在2s～3s内，物体的机械能守恒D．在3s末，物体处于出发点上方参考答案：BD2.在如图所示电路中，当变阻器R3的滑动头P向b端移动时

A．电压表示数变小，电流表示数变大B．电源总功率增大，内阻消耗功率增大C．电阻R1消耗功率增大D．电阻R2消耗功率增大参考答案：ABC3.（单选）下列说法正确的是

（

）A．用打气筒打气越来越费劲，这是气体分子间斥力的具体体现B．水的体积很难被压缩，这是水分子间斥力的具体体现C．汽缸中的气体膨胀推动活塞，这是分子间斥力对外做功的结果D．夏天轮胎容易爆裂，说明温度越高，气体分子之间斥力就越大参考答案：B4.质量为的探月航天器在接近月球表面的轨道上飞行，其运动视为匀速圆周运动．已知月球质量为，月球半径为，月球表面重力加速度为，引力常量为，不考虑月球自转的影响，则航天器的()A．线速度B．角速度C．运行周期

D．向心加速度参考答案：AC根据万有引力提供卫星做圆周运动的向心力和万有引力等于重力得出：G=m?v=,故A正确；mg=mω2R?ω=，故B错误；mg=mR?T=2π,故C正确；G=ma?a=G，故D错误．故选AC．5.封闭在气缸内一定质量的气体，如果保持气体体积不变，当温度升高时，以下说法正确的是

Ａ．气体的密度增大

Ｂ．气体的压强增大

Ｃ．气体分子的平均动能减小

Ｄ．每秒撞击单位面积器壁的气体分子数增多参考答案：答案：BD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.地球绕太阳公转的轨道半径r=1.49×102(m)，公转周期T=3.16×107(s)，万有引力恒量G=6.67×10（N·m2/kg2），则太阳质量的表达式M=

，其值约为

kg（取一位有效数字）．参考答案：

答案：，2×10307.在测定金属丝电阻率的实验中，某同学用螺旋测微器测量金属丝的直径，一次的测量结果如图所示．图中读数为_________mm。参考答案：螺旋测微器的固定刻度读数0.5mm，可动刻度读数为0.01×35.6=0.356mm，所以最终读数为：固定刻度读数+可动刻度读数=0.5mm+0.356mm=0.856mm.8.光纤通信中，光导纤维递光信号的物理原理是利用光的

现象，要发生这种现象，必须满足的条件是：光从光密介质射向，且入射角等于或大于。参考答案：答案：全反射

光疏介质

临界角解析：“光纤通信”就是利用了全反射的原理。这里的光纤就是光导纤维的简称。发生全反射现象的条件是：光从光密介质射入光疏介质，且入射角等于或大于临界角。9.打点计时器是一种使用_____（填“交”或“直”）流电源的计时仪器。如图所示是打点计时器测定匀加速直线运动的加速度时得到的一条纸带，测出AB=1.2cm，AC=3.6cm，AD=7.2cm，计数点A、B、C、D中，每相邻的两个计数点之间有四个小点未画出，则运动物体的加速度a=__________m/s2，打B点时运动物体的速度vB=__________m/s。参考答案：10.（9分）探究能力是物理学研究的重要能力之一。物体因绕轴转动而具有的动能叫转动动能，转动动能的大小与物体转动的角速度有关。为了研究某一砂轮的转动动能Ek与角速度ω的关系。某同学采用了下述实验方法进行探索：如图所示，先让砂轮由动力带动匀速旋转测得其角速度ω，然后让砂轮脱离动力，由于克服转轴间摩擦力做功，砂轮最后停下，测出砂轮脱离动力到停止转动的圈数n，通过分析实验数据，得出结论。经实验测得的几组ω和n如下表所示：

ω/rad·s－10.51234n5.02080180320Ek/J

另外已测得砂轮转轴的直径为1cm，转轴间的摩擦力为10/πN。（1）计算出砂轮每次脱离动力的转动动能，并填入上表中。（2）由上述数据推导出该砂轮的转动动能Ek与角速度ω的关系式为

。（3）若测得脱离动力后砂轮的角速度为2.5rad/s，则它转过45圈后的角速度为

rad/s。参考答案：（1）（全对得3分）Ek/J0.5281832（2）2ω2（3分）；（3）2（3分）11.一列简谐波波源的振动图象如图所示，则波源的振动方程y=

cm；已知这列波的传播速度为1.5m/s，则该简谐波的波长为

m。参考答案：；3试题分析：从振动图象可知，，角速度，振幅A=20cm振动方程，根据考点：考查了横波图像，波长、波速及频率的关系【名师点睛】解决本题的关键是可以由振动图象获取相应信息，以及熟练掌握公式、，难度不大，属于基础题．12.冰壶比赛是在水平冰面上进行的体育项目，比赛场地示意如图所示。比赛时，运动员在投掷线AB处让冰壶以一定的初速度滑出，使冰壶的停止位置尽量靠近距离投掷线30m远的O点。为使冰壶滑行得更远，运动员可以用毛刷擦冰壶运行前方的冰面，使冰壶与冰面间的动摩擦因数减小。设冰壶与冰面间的动摩擦因数为μ1=0.008，用毛刷擦冰面后动摩擦因数减少至μ2=0.004。在某次比赛中，运动员使冰壶C在投掷线中点处以v0＝2m/s的速度沿虚线滑出。若不用毛刷擦冰面，则冰壶停止的位置距离O点____________m，为使冰壶C能够沿虚线恰好到达O点，运动员用毛刷擦冰面的长度应为____________m。参考答案：5

10

13.测定木块与长木板之间的动摩擦因数时，采用如图所示的装置，图中长木板水平固定．（1）实验过程中，电火花计时器应接在

电源上．调整定滑轮高度，使

．（2）已知重力加速度为g，测得木块的质量为M，砝码盘和砝码的总质量为m，木块的加速度为a，则木块与长木板间动摩擦因数μ=

．（3）如图为木块在水平木板上带动纸带运动打出的一条纸带的一部分，0、1、2、3、4、5、6为计数点，相邻两计数点间还有4个打点未画出．从纸带上测出x1=3.20cm，x2=4.52cm，x5=8.42cm，x6=9.70cm．则木块加速度大小a=

m/s2(保留两位有效数字)．参考答案：三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.质量为m=4kg的小物块静止于水平地面上的A点，现用F=10N的水平恒力拉动物块一段时间后撤去，物块继续滑动一段位移停在B点，A、B两点相距x=45m，物块与地面间的动摩擦因数μ=0.2．g取10m/s2．求：（1）撤去力F后物块继续滑动的时间t；（2）物块在力F作用过程发生的位移x1的大小．参考答案：（1）撤去力F后物块继续滑动的时间为3s；（2）物块在力F作用过程发生的位移x1的大小36m解：设F作用时间为t1，之后滑动时间为t，前段加速度大小为a1，后段加速度大小为a2（1）由牛顿第二定律可得：F﹣μmg=ma1μmg=ma2且：a1t1=a2t可得：a1=0.5m/s2，a2=2m/s2，t1=4t（a1t12+a2t2）=x解得：t=3s（2）由（1）可知，力F作用时间t1=4t=12x1=a1t12==36m答：（1）撤去力F后物块继续滑动的时间为3s；（2）物块在力F作用过程发生的位移x1的大小36m15.（简答）质量,M=3kg的长木板放在光滑的水平面t..在水平悄力F=11N作用下由静止开始向右运动.如图11所示,当速度达到1m/s2将质量m=4kg的物块轻轻放到本板的右端.已知物块与木板间摩擦因数μ=0.2,物块可视为质点.(g=10m/s2,).求：(1)物块刚放置木板上时,物块和木板加速度分别为多大？(2)木板至少多长物块才能与木板最终保持相对静止？(3)物块与木板相对静止后物块受到摩擦力大小？参考答案：(1)1(2)0.5m（3）6.29N牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．解析：(1)放上物块后，物体加速度

板的加速度

(2)当两物体达速度相等后保持相对静止，故

∴t=1秒

1秒内木板位移物块位移，所以板长L=x1-x2=0.5m（3）相对静止后，对整体

，对物块f=ma∴f=44/7=6.29N（1）由牛顿第二定律可以求出加速度．

（2）由匀变速直线运动的速度公式与位移公式可以求出位移．

（3）由牛顿第二定律可以求出摩擦力．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图甲所示，倾角为θ=30°绝缘斜面被垂直斜面直线MN分为左右两部分，左侧部分光滑，范围足够大，上方存在大小为E=1000N/C，方向沿斜面向上的匀强电场，右侧部分粗糙，范围足够大，一质量为m=1kg，长为L=0.8m的绝缘体制成的均匀带正电直棒AB置于斜面上，A端距MN的距离为d，现给棒一个眼斜面向下的初速度v0，并以此时作为计时的起点，棒在最初0.8s的运动图象如图乙所示，已知0.8s末棒的B端刚好进入电场，取重力加速度g=10m/s2，求：（1）直棒AB开始运动时A端距MN的距离为d；（2）直棒AB的带电量q；（3）直棒AB最终停止时，直棒B端到MN的距离．参考答案：解：（1）0～0.8s内棒运动的位移为：，A端距离MN的距离为：d=x1﹣L=20.8﹣0.8m=20m．由乙可知，棒在向左运动至B端刚好进入电场的过程中，棒的加速度一直不变，为：，当B端刚进入电场时根据牛顿第二定律可得：qE﹣mgsinθ=ma得：=．（3）AB棒未进入电场前，根据牛顿第二定律可得：μmgcosθ﹣mgsinθ=ma代入数据解得：从棒AB刚完全进入电场到B刚要离开电场的运动过程中，静电力做功为零，重力做功为零．而棒AB出电场过程中，因电场力做的正功与摩擦力做的负功大小相等，二力总功为零，棒B端出电场直到最终停止，设B端在MN右侧与MN相距为x，由动能定理可得：，代入数据求得：x=25.48m故B端在MN右边且距MN为25.48m．答：（1）直棒AB开始运动时A端距MN的距离为d为20m；（2）直棒AB的带电量q为7.5×10﹣3C；（3）直棒AB最终停止时，直棒B端到MN的距离为25.48m．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；牛顿第二定律；动能定理的应用．【分析】（1）根据匀变速直线运动的推论求出直棒AB匀加速直线运动的位移，结合棒子的长度，得出直棒AB开始运动时A端距MN的距离为d；（2）根据图线得出棒子匀减速直线运动的加速度大小，抓住当B端刚进入电场时棒子的加速度大小与匀减速直线运动的加速度相等，结合牛顿第二定律求出带电量的大小．（3）抓住棒子出电场过程中，电场力做正功与克服摩擦力做功大小相等，运用动能定理求出直棒AB最终停止时，直棒B端到MN的距离．17.如图所示，在竖直平面内，粗糙的斜面AB长为2.4m，其下端与光滑的圆弧轨道BCD相切于B，C是最低点，圆心角∠BOC=37°，D与圆心O等高，圆弧轨道半径R=1.0m，现有一个质量为m=0.2kg可视为质点的滑块，从D点的正上方h=1.6m的E点处自由下落，滑块恰好能运动到A点．（sin37°=0.6，cos37°=0.8，g取10m/s2，计算结果可保留根号．求：（1）滑块第一次到达B点的速度；（2）滑块与斜面AB之间的动摩擦因数；（3）滑块在斜面上运动的总路程及总时间．参考答案：解：（1）第一次到达B点的速度为v1，根据动能定理得，，代入数据解得．（2）从E到A的过程，由动能定理得，WG﹣Wf=0，WG=mg[（h+Rcos37°）﹣LABsin37°]，Wf=μmgcos37°?LAB，代入数据解得μ=0.5．（3）根据mg（h+Rcos37°）=μmgcos37°s得，代入数据解得s=6m．沿斜面上滑加速度为a1=gsin37°+μgcos37°=6+0.5×8=10m/s2，沿斜面下滑加速度为a2=gsin37°﹣μgcos37°=6﹣0.5×8=2m/s2，因为，则，，…．则t=（）+，代入数据解得t=．答：（1）滑块第一次到达B点的速度为；（2）滑块与斜面AB之间的动摩擦因数为0.5；（3）滑块在斜面上运动的总路程为