2020-2021学年高二物理下学期期末测试卷（人教版）02（全解析全析）

2020-2021学年下学期期末测试卷02

高二物理•全解全析

123456789101112

DCBBADACACACACDBCD

1.

【答案】D

【解析】

受迫振动的频率等于驱动力的频率，当系统的固有频率等于驱动力的频率时，系统达到共振，振幅达最大,

因此固有频率接近驱动频率的振幅较大。故A、B两个单摆都做受迫振动，频率为5/,B摆的振幅较大。

故选D。

2.

【答案】C

【解析】

A.受迫振动的物体的振动频率由驱动力的频率决定。A错误；

B.白光经过三棱镜得到彩色图样是光的色散。B错误；

C.磁波在介质中的波速不仅与介质有关，而且与电磁波的频率有关。C正确；

D.照相机镜头涂有增透膜，选择可见光中能量最强、人眼最敏感的绿光来增透，所以绿光几乎全部透过镜

头。D错误。

故选C。

3.

【答案】B

【解析】

A.当振子再次与零时刻的速度相同时，振子通过关于平衡位置对称点，经过的时间可能为半周期，也可能

小于半个周期，故A错误；

Uy

B.弹簧振子做简谐振动，具有对称性，当振子的加速度再次与零时刻的加速度相同时，根据一一可知，

m

位移相同，故一定又到达位置4故B正确；

C.当振子再次经过A时，经过的时间可能为半周期，也可能小于、大于半个周期，故C错误；

D.简谐运动的位移是相对平衡位置而言的，故不同点一定是对应不同的位移，故D错误；

故选B«

4.

【答案】B

【解析】

A.由图可知：甲的波长：Ai=4m,乙的波长：A2=2m,由公式

得

/：力=4：4=1：2

故A错误；

B.当t=5s时，甲传播距离为

lm/sx5s=5m

甲波刚好传播到x=7m处，乙波刚好传播到x=5m处，由波的叠加可知，x=5m处的质点仍处于平衡位置，

故B正确；

C.由图可知，甲的起振方向向上，乙的起振方向也向上，故C错误；

D.在。〜4s内，甲的传播位移为

%)=v-At=4m

甲波还没传播到x=7m处，乙的传播位移为

x2=v-At=4m

所以当t=4s时-，x=7m处的质点仅运动四分之一周期，运动的路程为A,故D错误.

故选Bo

5.

【答案】A

【解析】

A.b光的折射角较小，根据折射定律，b光的折射率较大，A正确；

B.根据丫=£可知，b光的传播速度较小。B错误；

n

C.由光疏介质进入光密介质，不会发生全反射。C错误；

D.对于同一种介质，b光的折射率较大，说明b光的波长较短。根据条纹间距公式心=々义可知，b光的

干涉条纹间距较小。D错误。

故选Ao

6.

【答案】D

【解析】

足球自由下落时有

v2=2gh

解得

v=4m/s

竖直上抛和自由落体运动过程互逆，设竖直向上为正方向，由动量定理得

(FN-mg)Xt=mv-(-/MV)

代入数据解得

久=36N

故D正确。

故选D»

7.

【答案】A

【解析】

小球做平抛运动，下落时间为

竖直方向速度大小为

叩=gt=20m/s

小球在落到车底前瞬时速度是25m/s,根据速度的分解有

vx=也52-202m/s=15m/s

小球与车在水平方向上动量守恒，以向右为正方向

-mvx+Mv=[M+m)v'

解得

I/'=5m/s

故选A,

8.

【答案】c

【解析】

A.设折射角为。，则有几何知识可得

R}sin0=R2sina

所以折射率

sin0R

n=------=—?

sina%

故A错误；

B.根据全反射的临界角公式

,「1

sinC=—

n

可得

0.1.R

C-arcsin—=arcsin—

nR2

故B错误；

C.根据光在介质中的传播速度公式

n

己知。，则

cR.

v=­L

R2

故c正确；

D.光从介质射入空气时，入射角越大反射光线越强,折射光线越弱，故D错误。

故选C。

9.

【答案】AC

【解析】

A.根据单摆的周期公式T=2万g,解得

72=叱乙

g

在同一地点，g一定，则知产与L成正比，即单摆做简谐振动的周期的平方与其摆长成正比，故A正确;

B.将单摆移至绕地球运转的人造卫星中，处于完全失重状态，不能工作，故B错误；

:可知，振动的周期变小，故振动频率将

C.将单摆从地球赤道移到南极，重力加速度增大，根据T=2万

变大，故C正确;

D.根据单摆的周期公式7=2万可知，单摆做简谐振动的周期与摆球质量无关，故D错误。

故选AC。

10.

【答案】AC

【解析】

A.有图甲可知，a、b入射角相同，a的折射角小，所以a的折射率大，故。是紫光，故A正确；

B.图乙中b光发生全反射，频率高折射率大的更容易发生全反射，故b光是红光和紫光的复合光，故B错

误；

C.图丙中的。条纹宽度更窄，波长越短频率越高的光干涉条纹越窄，故a条纹为紫光，故C正确；

D.图丁为衍射条纹，图中的b光束衍射条纹较宽，所以b光的波长更长，故b光是红光，故D错误。

故选AC。

11.

【答案】ACD

【解析】

AB.木块与木板组成的系统动量守恒，由于初速度均为vo=5.Om/s,所以木板的动量大于小木块的动量，系

统合动量方向向右，所以木块A先向左做减速运动，速度减为零后反向向右做加速运动，最后木块与木板

一起做匀速直线运动，以向右为正方向，由动量守恒定律得当木块A的速度间为零时

Mv0-mv0=MVH

代入数据解得

vB=3.75m/s

故A正确，B错误；

C.最终木块与木板速度相等，根据动量守恒定律可得

Mv0-mv0=（A/+m）v

代入数据解得

v=3m/s

故C正确;

D.最终木块与木板相对静止，一起做匀速直线运动，对系统

222

—Afv0+—/nv0--(A/+rn)v=/.imgx

代入数据解得

x=8m

木板的最小长度为8m,可能为10m,故D正确。

故选ACD。

12.

【答案】BCD

【解析】

A.依题意可知，OA恰好为一个波长；l=4m,并且此波的周期为T=4s,根据波速公式可得

24,,

v=—=—=lm/s

T4

所以A错误；

B.由于其中。A段与8C段材料相同，则波速相同，从B到C的传播时间也为4s,所以AB段波的传播时

间为2s,则波在AB段材料的速度为

M=^.，=2m/s

九2

根据波频率，周期不变的特点，可知此波在A8段的波长为

元=i/T=2x4=8m

所以B正确；

3

C.由于。、B两点总是相差一T,所以若8点已经开始振动，则。点与B点的振动方向永远相反，则C正

2

确；

D./=6s时，8点刚开始向下振动，，=8s时，8点刚好振动,T,则B点恰好经过平衡位置且向上振动,

2

所以D正确；

故选BCD»

13.

(b-a)d

【答案】单缝和双缝平行660BC

5L

【解析】

(1)为获取相干性光源，单缝与双缝需相互平行；

(2)第1条亮纹与第6条亮纹之间距离为则条纹间距为

由干涉条纹间距公式〃=4几可得

a

\x-d(b-a)d

/t=---=------

L5L

(3)由干涉条纹间距公式

a

代入数据可得红光波长为

4=660nm

(4)ABCD.由干涉条纹间距公式〃=之4可知，若要增大Ar,则需要增大双缝和光屏之间的距离或增

a

大入射光的波长，故BC正确AD错误，

故选BCo

14.

【答案】90.175或90.18228.70(228.60-228.75)AD9.86

【解析】

(1)游标卡尺的读数为：主尺的读数+游标尺的读数x分度值=1.9cm+5xo.lmm=1.95cm

该单摆的摆长为

L="=89.2+史=90.175cm

22

停表所示读数为

r=3.5X60+18.70=228.70s(228.60-228.75)

(2)A.根据单摆的周期公式

解得

测摆线长时记入的是摆球的直径，则摆长增大，所以测得的g值偏大，则A正确；

D.试验中误将29次全振动数为30次，则周期变小，所以测得的g值偏大，则D正确;

BC.根据

4兀

重力加速度g只由摆长与周期决定，所以BC错误;

故选AD。

(3)根据单摆的周期公式

T=

由图像可得

g=-----=9.86m/s

15.

【答案】(1)］，Rnf•Po+：He；(2)6.89MeV；(3)6.77MeV

【解析】

(1)根据质量数和电荷数守恒有

含RnPo+4He

（2）质量亏损

Xm=222.0866u-4.0026u-218.0766u=0.0074u

AE=Amc2

解得

\F.=0.0074x931MeV=6.89MeV

（3）设a粒子、针核的动能分别为臬“、反针，动量分别为心、p针，由能量守恒定律得

△E=Eka+线针

由动量守恒定律得

0=Pa+P价

又

2m

故

心：线钟=218:4

解得

Eka=6.77MeV

16.

【答案】（1）45;（2）6,4X10-8S：（3）424nm

【解析】

（1）光线从透明球体中射出时的折射角，由几何关系知

6>=15°+30°=45°

（2）因为

OB