河南省商丘市会停镇第一中学2022-2023学年高二物理模拟试卷含解析

河南省商丘市会停镇第一中学2022-2023学年高二物理模拟试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.在匀强磁场中，一个带电粒子做匀速圆周运动，如果又顺利垂直进入另一磁感应强度是原来磁感应强度２倍的匀强磁场，则

(

)A.粒子的速率加倍，周期减半

B.粒子速率不变，轨道半径减半C.粒子的速率减半，轨道半径变为原来的１／４

D.粒子速率不变，周期减半参考答案：BD2.竖直平面内水平放置的光滑导轨，导轨间距为L，电阻不计，导轨间有水平方向的匀强磁场，磁感应强的的大小为B=2T，方向如图，有有两根质量均为m=0.1kg，长度均为L=0.2m，电阻均为R=0.4Ω的导体棒ab和cd与导轨接触良好，当用竖直向上的力F使ab棒向上做匀速直线运动时，cd棒恰好静止不动，g=10m/s2则（

）A、ab棒运动的速度是5m/s

B、力F的大小为2NC、在1s内，力F做的功为5J

D、在1s内，cd棒产生的电热为5J参考答案：AB3.如右图所示，假如将一个小磁针放在地球的北极点上，那么小磁针的N极将()A、指北B、指南C、竖直向上D、竖直向下参考答案：D4.下列说法中，正确的是A．液晶具有流动性B．布朗运动是指液体分子的无规则运动C．若液体对某种固体是浸润的，当液体装在由这种固体物质做成的细管时，管中的液面一定是凹弯月面D．一定温度下，饱和汽的密度是一定的参考答案：ACD5.在光滑水平面上有一个物体同时受到两个水平力F1和F2的作用，在第1s内物体保持静止状态，若两个力随时间变化情况如图所示，则下列说法中正确的是A．在第2s内物体做匀加速运动，速度均匀增大B．在第5s内物体做变加速运动，加速度减小，但速度在增大C．在第3s内物体做变加速运动，加速度增大，速度在减少D．在第6s末，物体的加速度和速度均为零参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6..“西电东输”工程中为减少输电损耗，必须提高输电电压，从西部某电站向华东某地区输送的电功率为106kW，输电电压为1000kV，输电线电阻为100Ω.若改用超导材料作为输电线，则可减少电损耗的功率为

kW参考答案：

100000

7.如图为研究电磁感应现象实验的示意图，电流从灵敏电流计G的“+”接线柱流入时，表针向右偏转；从“﹣”接线柱流入时，表针向左偏转．在图中表针向

偏转．参考答案：右．【考点】研究电磁感应现象．【分析】当穿过闭合电路的磁通量发生变化时，电路中产生感应电流；由楞次定律判断出感应电流的方向，根据电流流向与电流计指针偏转方向间的关系分析答题．【解答】解：在条形磁铁N极向下插入线圈时，磁场方向向下，穿过线圈的磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流从电流计的+接线柱流入，电流表指针向右偏转，故答案为：右．8.有一个1000匝的线圈，在0.4s内穿过它的磁通量从0.10Wb减小到0.02Wb，则线圈中的感应电动势为

▲

V；如果线圈的电阻是10Ω，把它跟一个电阻为990Ω的电热器连在一起组成闭合电路时，则通过电热器的电流是

▲

A。参考答案：200

V、

0.2

A；9.完成下列核反应方程

A．卢瑟福用粒子轰击氮核（）发现质子：

；

B．查德威克用粒子轰击铍核（）发现中子：

；

C．约里奥—居里夫妇用粒子轰击铝核（）发现放射性磷：

+

；

D．哈恩和他的助手发现铀核（）裂变生成钡（）和氪（）：

。参考答案：A.（1分）

B.

（1分）

C.

（1分）

D.

（1分）10.质量为m=0.10kg的小钢球以v0=2.0m/s的水平速度抛出，下落h=0.6m时撞击一钢板，撞后速度大小不变恰好反向，则钢板与水平面的夹角θ=

，撞击钢板过程中，小球所受合外力的冲量的大小为

N?S（g=10m/s2）参考答案：30°；0.8【考点】动量定理；平抛运动．【分析】（1）要求钢板与水平面的夹角可根据小球撞后速度恰好反向得出小球撞到钢板上时小球的速度与钢板垂直，故小球的速度与竖直方向的夹角与钢板与水平面的夹角相同，根据tanθ=即可求出钢板的倾角，所以要先求vy，根据vy=gt可知要先求下落的时间t．（2）根据v=即可求出合速度v，然后由动量定理求出小球所受合外力的冲量的大小．【解答】解：由于小球下落过程中在竖直方向有：h=gt2，解得：t===s，故落到钢板上时小球在竖直方向的速度为：vy=gt=10×m/s=m/s，则有：tanθ===解得钢板与水平面的夹角为：θ=30°．小球落到钢板上时的速度为：v==m/s取小球与钢板碰撞前速度的方向为正方向，由动量定理得：I=△P=（﹣mv）﹣mv=﹣2mv=﹣2×0.10×4=﹣0.8N?S，负号表示方向与规定的正方向相反故答案为：30°；0.811.做简谐运动的物体，完成40次全振动用时间80s，这个物体周期T=

s。参考答案：212.两颗卫星在同一轨道平面绕地球作匀速圆周运动，地球半径为R，a卫星离地面的高度为R，b卫星离地面的高度为3R，则a、b两卫星所在轨道处的重力加速度大小之比ga∶gb=_______，a、b两卫星运行的线速度大小之比Va∶Vb=_______。参考答案：4：1

13.牛顿发现万有引力定律后，物理学家

（填“卡文迪许”或“爱因斯坦”）利用扭秤装置测得了万有引力常量。参考答案：卡文迪许三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.图甲为《探究电磁感应现象》实验中所用器材的示意图．现将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈A、B，电流计及开关连接成如图甲所示的电路．（1）电键闭合后，下列说法中正确的是

A．只要将线圈A放在线圈B中就会引起电流计指针偏转B．线圈A插入或拔出线圈B的速度越大，电流计指针偏转的角度越大C．滑动变阻器的滑片P滑动越快，电流计指针偏转的角度越大D．滑动变阻器的滑片P匀速滑动时，电流计指针不会发生偏转（2）在实验中，如果是因为线圈A插入或拔出线圈B，导致电流计指针发生了偏转．这时，是

转化为电能．（3）上述实验中，线圈A、B可等效为一个条形磁铁，将线圈B和灵敏电流计简化如图乙所示．当电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转．则乙图中灵敏电流计指针向

接线柱方向偏转（填：正、负）．参考答案：（1）BC；（2）机械能；（3）负．【考点】研究电磁感应现象．【分析】（1）当穿过闭合回路磁通量发生变化，会产生感应电流．产生的感应电动势越大，感应电流越大，电流计的指针偏转角度越大．（2）线圈A插入或拔出线圈B，导致电流计指针发生了偏转，是将机械能转化为电能．（3）依据楞次定律的内容，结合电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转，即可确定．【解答】解：（1）A．当将线圈A放在线圈B中，因磁通量不变，则不会引起电流计指针偏转，故A错误；B．线圈A插入或拔出线圈B的速度越大，则穿过线圈的磁通量的变化率越大，感应电动势越大，则产生的感应电流越大，那么电流计指针偏转的角度越大，故B正确；C．滑动变阻器的滑片P滑动越快，则穿过线圈的磁通量的变化率越大，那么电流计指针偏转的角度越大，故C正确；D．滑动变阻器的滑片P匀速滑动时，穿过线圈的磁通量发生变化，则电流计指针会发生偏转，故D错误；故选：BC．（2）线圈A插入或拔出线圈B，导致电流计指针发生了偏转，对应的是动生电动势，由能量守恒定律可知，是将机械能转化为电能；（3）因电流从正接线柱流入灵敏电流计时，指针向正接线柱一侧偏转，根据楞次定律，依据图可知，螺线管的感应电流由下向上，电流从电流计的负接线柱流入，则灵敏电流计指针向负接线柱方向偏转；故答案为：（1）BC；（2）机械能；（3）负．15.在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可根据小车后拖动的纸带由打点计时器打上的点计算出．(1)图是某同学在探究加速度与力的关系时根据测量数据作出的a－F图线，图线不过坐标原点的原因是________________________．(2)图是某同学在实验中打出的一条纸带，计时器打点的时间间隔为0.02s．他从比较清晰的点起，每五个点取一个计数点，则小车运动的加速度a＝________m/s2(计算结果保留两位有效数字)．参考答案：

(1).未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力

(2).1.2（1）由图像可知，当拉力F到达一定值时小车才产生加速度，可知其原因是未平衡摩擦力或未完全平衡摩擦力；（2）因T=0.1s，根据?x=aT2，解得：四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，LMN是竖直平面内固定的光滑绝缘轨道，MN水平且足够长，LM下端与MN相切．在OP与QR之间的区域内有一竖直向上的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B．C、D是质量为m和4m的绝缘小物块（可视为质点），其中D带有电荷量q，C不带电．现将物块D静止放置在水平轨道的MO段，将物块C从离水平轨道MN距离h高的L处由静止释放，物块C沿轨道下滑进入水平轨道，然后与D相碰，碰后物体C被反弹滑至斜面处，物体D进入虚线OP右侧的复合场中继续运动，最后从RQ侧飞出复合场区域．求：（1）物块D进入磁场时的瞬时速度vD；（2）若物块D进入磁场后恰好做匀速圆周运动，求所加匀强电场的电场强度E的值及物块D的电性；（3）若物块D飞离复合场区域时速度方向与水平夹角为60°，求物块D飞出QR边界时与水平轨道的距离d．参考答案：解：（1）对物块C，根据动能定理有：mgh=反弹后，有：=mg

得：v1=

CD碰撞时，取向右为正方向，由动量守恒定律有：

mv=﹣mv1+4mvD．代入得：vD==

（2）若物块D做匀速圆周运动，则电场力与重力相等，则有：

4mg=qE

得：E=物块D所受的电场力方向竖直向上，所以物块D带正电（3）由几何关系得：

d=（1﹣cos60°）R=

又R==得：d==答：（1）物块D进入磁场时的瞬时速度vD是．

（2）若物块D进入磁场后恰好做匀速圆周运动，所加匀强电场的电场强度E的值是，物块D带正电；（3）物块D飞出QR边界时与水平轨道的距离d是．【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【分析】（1）对物块C，根据动能定理求出与D碰撞前的速度．C与D碰撞过程，运用动量守恒定律可求得碰后D的速度，即为物块D进入磁场时的瞬时速度．（2）物块D做匀速圆周运动，电场力与重力二力平衡，由此判断D的电性．由平衡条件求电场强度．（3）物块D进入磁场后做匀速圆周运动，由半径公式和几何关系求出物块D飞出QR边界时与水平轨道的距离d．17.如图所示，BC是半径为R的1/4圆弧形光滑绝缘轨道，轨道位于竖直平面内，其下端与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度为E。现有一质量为m的带电小滑块（体积很小可视为质点），在BC轨道的D点释放后可以静止不动。已知OD与竖直方向的夹角为α=37°，随后把它从C点由静止释放，滑到水平轨道上的A点时速度减为零。若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数为u=0.25，且tan37°=0.75。求：（1）画出带电小滑块在D点的受力；（2）滑块甲的带电量q1和带电种类；（3）滑块下滑通过B点时的速度大小vB；（4）水平轨道上A、B两点之间的距离L；参考答案：（1）(见图，缺一个力扣一分，没有标字母算错)

…………

2分（2）小球在D点由平衡条件得：q1E=mgtanθ…

2分q1=

3mg/4E

………………1分

（不用q1扣1分）

带正电

………………2分（3）小滑块从C到B的过程中，只有重力和电场力对它做功，设滑块经过圆弧轨道B点时的速度为vB，根据动能定理有

（2分）解得

（1分）（4）小滑块在AB轨道上运动时，所受摩擦力为f=μmg

（1分）小滑块从C经B到A的过程中，重力做正功，电场力和摩擦力做负功。设小滑块在水平轨道上运动的距离（即A、B两点之间的距离）为L，则根据动能定理有mgR-qE（R+L）-μmgL=0