2023届福建省新高考物理模拟预热卷（含答案解析）

2023届福建省新高考物理模拟预热卷

学校:姓名：班级:考号：

一、单选题

1.有关物质结构和分子动理论的认识，下列说法正确的是（）

A.布朗运动是液体分子的无规则运动

B.分子间距离增大，分子势能一定减小

C.从微观角度看，气体压强的大小与气体分子的平均动能和气体分子的密集程度有关

D.液体表面张力产生的原因是液体表面层分子间距离比较大，分子力表现为斥力

2.自动驾驶汽车已经在某些路段试运行。假设一辆自动驾驶汽车在笔直的公路上行驶，

刹车后做匀减速直线运动直到停止，小马同学利用闪光频率为1Hz的照相机拍摄下连续

三幅汽车照片，测量出第一幅照片与第二幅照片中汽车之间的距离为15m,第二幅照片

与第三幅照片中汽车之间的距离为13m,则汽车最后2s时间内的平均速度为（）

A.4m/sB.3m/sC.2m/sD.1m/s

3.带有活塞的气缸内封闭一定量的理想气体。气体由状态A经状态8变为状态C,其

3

中AfB过程为等温变化，如图所示•已知P'=2.5x105Pa,VA=0.4m,7；=200K,

5

Pfi=1.0xl0Pa,二=400K。设AfB过程气体吸收热量为BfC过程气体吸收

热量为下列说法正确的是（）

O'--------------------宁

A.气体在状态B时的体积为0.5n?

B.气体在状态C时的压强为3.0xl（ypa

C.AfC过程气体体积变小

D.Af8过程气体对外界做的功大于0-Q?

4.如图所示，导体棒P通过两等长细线悬挂在竖直墙面上等高的两点，并通以恒定电

流",另一长直导体棒Q位于AB连线正下方，并与一滑动变阻器串联，闭合开关前滑

片位于最左端，已知通电直导线产生的磁场的磁感应强度与通电导线的电流大小成正比,

与到通电导线的距离成反比。不计电源与导体棒电阻，现闭合开关，将滑动变阻器的滑

片自最左端缓慢滑至中间，导体棒P绕AB连线缓慢转动，下列说法正确的是（）

A.导体棒P所受安培力始终垂直于两棒所在平面

B.绳子拉力将减半

C.两棒间的安培力将翻倍

D.两棒的间距将变为原来的应倍

二、多选题

5.粗糙水平地面上有一质量为M、倾角为30。的粗糙楔形物体C,斜面上有一个质量为

2"?的物块B,B与一轻绳连接，且绕过一固定在天花板上的定滑轮，另一端水平与一

结点连接一个质量为的小球A,右上方有一拉力尸，初始夹角。=135。，如图所示。

现让拉力F顺时针缓慢转动90。且保持a角大小不变，转动过程B、C始终保持静止。

已知B与滑轮间的细绳与斜面平行，重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.拉力F一直减小

B.BC间的摩擦力先减小再增大

C.物体C对地面的压力先减小再增大

D.物体C对地面的摩擦力的最大值为

6.如图所示，在进行火星考查时，火星探测器对火星完成了“绕、着、巡''三项目标.在

探测器着陆后，探测器上的科研装置，将一个小球由离地面小的高度静止释放，做自由

落体运动，测得小球在经过时间「落地•已知引力常量为G,火星的半径为R.下列说法正

试卷第2页，共8页

确的是()

由题中数据可计算出火星表面处的重力加速度为g=，

B.

由题中数据可计算出火星质量为寒

C.

Gt2

3/2

D.由题中数据可计算出火星的平均密度为.

7.如图所示，在水平面内建立直角坐标系，坐标原点。处固定一电荷量为1=lxl()5c

的正点电荷,x轴上距坐标原点6cm处的P点固定电荷量为%=-2x10-5(3的负点电荷，

已知点电荷周围任一点的电势＞=%幺，"为该点到点电荷的距离。经探究可知在该平面

r

内存在一圆周，该圆周上各点的电势均为零，如图虚线圆所示，则下列判断正确的是

A.各点电势均为零的圆的圆心坐标为(-2cm,0)

B.各点电势均为零的圆的圆心坐标为(-2cm,1cm)

C.各点电势均为零的圆的半径为R=4cm

D.各点电势均为零的圆的半径为R=6cm

8.如图甲所示,两根足够长、电阻不计且相距i=lm的平行金属导轨固定在倾角6=37。

的绝缘斜面上，两导轨间存在磁感应强度大小8=1T、垂直斜面向上的匀强磁场，现

将两根质量均为机=1kg、电阻均为R=l。、长度均为乙=1m的金属棒放置在导轨顶端

附近，两金属棒与导轨接触良好，金属棒劭与导轨间的摩擦忽略不计，金属棒cd与导

轨间的动摩擦因数为〃=0.75.在f=0时将金属棒必由静止释放，此时金属棒C”锁定在

斜面上，若在04时间内，金属棒外沿着斜面下滑的距离为芭=0$m；f=4时将金

属棒cd由静止释放，金属棒外中的电流随时间变化的关系如图乙所示，重力加速度大

A.，=%时,金属棒功的加速度大小为5m/s?

B.r=4时，金属棒cd的加速度大小为2m/s2

C.r=4时，金属棒H的速度大小为2m/s

D.在04时间内，金属棒外产生的焦耳热为2J

三、填空题

9.如图，单摆从图示位置由静止释放，开始做简谐运动，其振动方程为

2

x=4sin（争+?cm,|XJ?=10m/s,则此单摆的摆长为m,当r=寮s时，摆球

位于（选填“最低点处”“。。‘左侧最高点处”或"OO'右侧最高点处”）。

10.在图示电路中，初始时静电计不带电，干电池的电动势为E,开关S闭合，一质量

为m的带电液滴悬停在间距为d的平行板电容器中P点。已知重力加速度大小为g,则

液滴所带的电荷量为。开关s闭合时，若下极板不动，将上极板缓慢竖直上移!”，

静电计指针的张角将（选填"增大'"'不变''或"减小”）»

试卷第4页，共8页

四、实验题

11.某同学将一内阻为425C、量程为0~150gA的微安表改装为量程为0〜1mA的电流

表，再把该电流表改装为一多挡位欧姆表。

（1）把该微安表改装为量程为0〜1mA的电流表需要（填"串联”或"并联”）

C的电阻。

（2）取一电动势为1.5V、内阻较小的电源和调节范围足够大的滑动变阻器，与改装所

得1mA的电流表连接成如图中所示欧姆表，其中M为（填“红”或“黑”）表笔，

改装表盘后，正确使用该欧姆表测量某电阻的阻值，示数如图乙所示，图乙所测电阻为

______

乙

12.某探究小组想要验证在人教版教材发现的一组数据：木-木之间的动摩擦因数是0.3。

但他们手中只有一把刻度尺，于是设计了如图所示的实验装置，表面粗糙程度相同的倾

斜木板和水平木板在8处平滑连接，倾斜木板与水平木板夹角为

A

/

1Tm忐6皿//皿皿巾所”

|<—x2—>|

（1）首先，该小组将一小木块从斜面上的某一点4由静止释放，发现小木块不动。则

他们应该采取以下措施，可以保证实验顺利进行。

A.换用质量更大的木块

B.调整倾斜木板的倾角

C.用手指轻推一下木块

（2）在采取正确的措施后，该小组将小木块从斜面上4点由静止释放，木块滑到水平

木板上的C点停下，用刻度尺分别测出A、C两点到B点的距离巧、乂2以及A点到水

平木板的高度万，则根据所测物理量得出动摩擦因数〃=。（用的4、々及人表

示）

（3）为了进一步减小实验误差，该小组保持斜面倾角6不变，改变释放点到水平木板

的高度，测得多组演、々的值，并作出々随玉变化的图像，计算出图线的斜率为k,则

由此计算出动摩擦因数〃=（用底。表示）。实际操作中，木块在B处会有能量

损失，忽略此因素会造成测量结果（选填“偏大""不变''或"偏小

五、解答题

13.如图所示，半圆玻璃砖的半径R=10cm,折射率为〃=6,直径EF与屏幕垂直并

接触于尸点。平行玻璃砖和半圆形玻璃砖材料相同，AB面与直径EF平行，EF与A8

间距为:R,平行玻璃砖宽度为!R,面和屏幕接触，不考虑A3面和CO面对激光

的反射，一细束激光“以入射角。=30。射向半圆玻璃砖的圆心0,结果在屏幕MN上出

现两个光斑。求两个光斑之间的距离却

试卷第6页，共8页

14.某同学站在倾角为30。、高〃=4m的斜面顶端A点，以％=6m/s的初速度，方向与

斜面成60。角的方向发射一个小球，小球飞出后落到斜面上的B点，如图所示.若已知小

球飞行过程，不计空气阻力，重力加速度gWOm。.

（1）求4B的距离；

（2）若把%增大为16m/s,发射方向不变，小球落地点为C点（图中未画出），求小球

的位移大小.

A

15.在图示的直角坐标系xOy中，已知A点和C点的坐标分别为（0，%）、/，-等.%）,ODE

是以C为圆心、OC为半径的半圆。第一象限内存在方向沿无轴正向的匀强电场；半圆

及第四象限内存在方向垂直纸面向里的匀强磁场。质量为电荷量为e的电子

（重力不计）从A点以初速率v在纸面内以与），轴负方向成。=6（）。角的方向射入电场，

电子垂直x轴从B点进入磁场，经磁场偏转通过C、。点，射出磁场后通过x轴上的P

点。求：

（DO.B两点间的距离/以及电场的场强大小E；

（2）磁场的磁感应强度大小B以及电子从A点运动到P点所用的时间

4

4、E

P。B

1xx灾

DXxxXX

C

\、XxXXX

XXXX

E

试卷第8页，共8页

参考答案：

I.C

【详解】A.布朗运动是固体小颗粒的无规则运动，A错误；

B.分子间距离增大，分子势能不一定减小，当分子间距离小于4时，分子力表现为斥力，

分子势能随分子间距离的增大而减小，当分子间距离大于心时，分子力表现为引力，分子势

能随分子间距离的增大而增大，B错误；

C.从微观的角度看，气体分子的平均速率越大、单位体积内的气体分子数越多，则气体对

器壁的压强就越大，即气体压强的大小与气体分子的平均动能和气体分子的密集程度有关,

C正确；

D.液体表面张力产生的原因是液体表面层分子间距离比较大，分子力表现为引力，D错误。

故选C。

2.C

【详解】频闪时间

T=——1=,1s

f

根据

解得

a=2m/s2

利用逆向思维法，可将汽车的运动看成反向的初速度为零的匀加速直线运动，汽车最后2s

时间内的位移

x=—at2=-x2x22m=4m

22

汽车最后2s时间内的平均速度为

x4

v=—=—m/s=2m/s

t2

故选c。

3.D

【详解】A.设气体在状态B时的体积为乙,根据玻意耳定律有

PAVA=PM

答案第1页，共13页

代入数据解得

=1.0m3

故A错误。

C.由理想气体状态方程

（=ka为常数）

可得

由图可知8c线为等容线，所以BfC过程气体体积不变，即匕=匕。因为AfB过程气体

体积增大，所以AfC过程气体体积增大，故C错误。

B.设气体在状态C时的压强为入，由查理定律得

=Pc

TB~Tc

代入数据解得

5

pc=2.0xlOPa

故B错误。

D.因为£=〃，故AfB过程气体内能不变，而气体对外界做功，设其大小为W,由热力

学第一定律可知

0=_W+Q]

BfC过程为等容过程，气体对外界不做功。气体温度升高，内能增大，同理有

联立可得

AU=W-（Q-Q）

因为△U>0,所以有

W>Q,-Q2

故D正确。

故选Do

4.D

答案第2页，共13页

【详解】A.由题意可知，两棒互相排斥，则电流方向相反，安培力平行于两棒所在平面,

A错误；

B.如图所示

根据相似三角形可知

mgTBLI

T=7=-VP

可知绳子拉力为定值，B错误；

CD.由

B^=k—,/„=—

d、R

可得

mgTkELI„

丁=7=W

当滑片滑到中间时，电阻减半，故两棒的间距将变为原来的五倍，则安培力将变为原来的

0倍，C错误，D正确。

故选D。

5.AC

【详解】A.对题图右侧结点处受力分析，a角大小不变，可以使用辅助圆方法判断力的动

态变化情况，如图所示

答案第3页，共13页

通过分析可得不先增大再减小，尸一直减小，A正确;

B.初始状态，对A分析可得绳子拉力耳="g,对B分析，可发现

耳=2mgsin30

即一开始B与C间的静摩擦力为零，故当绳子拉力务从“先增大再减小到〃织，B、C间

的静摩擦力方向一直沿斜面向下且先增大再减小，B错误；

CD.将B、C看成整体，竖直方向有

FN+Ej.sin30=(2m+M)g

由于6先增大再减小，故外先减小再增大，故物体C对地面的压力先减小再增大，故C正

确；

D.水平方向上有

FTcos30=Ff

当耳最大时，即此时/水平，对A分析可计算得

耳a=3〃萼

所以

F瓜

故D错误。

故选AC。

6.CD

【详解】A.火星探测器虽然离开了地球但没有离开太阳系，所以其发射速度应介于第二宇

宙速度和第三宇宙速度之间，故A错误；

B.由自由落体运动公式

答案第4页，共13页

h=Qg『

解得

2h

g=7

故B错误：

C.设火星质量为M,火星表面质量为〃，的物体所受万有引力等于重力，即

「Mm

6下=叫

解得

2/收

M=&~

故C正确;

D.火星的体积为

V=-7rR3

3

火星的平均密度为

M

p=­

V

解得

3h

p-

2兀GR『

故D正确。

故选CD.

7.AC

【详解】如图所示

八y

\CO!dX

\、z/

设电势为零的点。的坐标为(X,y),则点电荷。在。点产生的电势为

2优7

答案第5页，共13页

点电荷P在。点产生的电势为

（Pp=k-j=%

«d_x¥+F

根据题意，有

%+%=0

其中d=6cm,联立解得

L冉:2=伴埒

I%一%）%-%J

根据圆的方程特点可知圆心横坐标和纵坐标分别为

x'=-=-2cm,/=0

q；-q；

圆的半径为

„q、q,d.

R="产=4cm

%一%

故选AC。

8.AC

【详解】A.在f=4时，对外棒，由牛顿第二定律有

mgsin8-B1]L=ma、

解得金属棒ab的加速度大小为

4=5m/s2

故A正确；

B.对cd棒，由牛顿第二定律有

mgsmO+BI{L-/umgcos0=ma2

解得金属棒cd的加速度大小为

a,=lm/s2

故B错误；

C./时，设金属棒功的速度为匕，此时回路中的电流

答案第6页，共13页

解得

Vj=2m/s

故c正确：

D.由能量守恒定律得

12

mgx{sin。=2Q+万m匕

可得在0~%时间内，金属棒外产生的焦耳热为

Q=0.5J

故D错误。

故选ACo

9.0.90最低点处

【详解】［1］由振动方程得此单摆的周期为

T=^-s=0.6is

T

单摆周期公式为

解得摆长为

L=0.90m

由于

T0.6乃4

，=0时摆球位于最高点，则当公与27万S时摆球位于最低点处。

10.噜不变

CJ

【详解】口］开关S闭合时，液滴受力平衡，则有

E

mg=q^

a

解得

答案第7页，共13页

E

⑵当上极板缓慢竖直上移Jd,板间距离增大，由于开关S闭合时，静电计所测电压不变,

4

则静电计指针张角不变。

II.并联75红1000

【详解】(1)增大电流表的量程时，连接的电阻起分流作用，所以需要并联一个电阻；

根据并联电路的特点可得

解得

&>=75Q

(2)⑶由题图甲可知，电流由M回到电源负极，根据“红进黑出”可知，M为红表笔；

[4]根据电源及电流表量程可知，欧姆表内阻为

F

%=y=1500Q

结合中值电阻刻度可知，该欧姆表倍率为X100,所以待测电阻阻值为1000C。

hsin。…,

12.B/2,2-,------偏大

5-h+x2k+cosQ

【详解】⑴⑴

AB.小木块在斜面上满足

mgsin0>/.tmgcos0

时才可以沿斜面下滑，小木块静止，应该有

tan0<ju

因此增大倾斜木板的倾角，可以保证小木块下滑完成实验；换用质量更大的木块，不影响上

述表达式，木块仍会静止，故A错误，B正确；

C.用手指轻推一下木块，木块运动一小段距离后仍会静止，可能滑不到水平木板上，故C

错误。

故选B。

(2)⑵从A到C的全过程，根据动能定理有

mgh-Ring(X|cos0+x2)=0

解得

答案第8页，共13页

h

〃=---------

xlcos0+x2

cos0A=-----------

王

代入上式有

h

ZJd-/+&

⑶⑶由

h=sin。

可得

所以2一巧的图像的斜率

,sin。八

k=--------cos”

A

解得

sin<9

4

Z+二c-os。-

[4]考虑木块在8处的能量损失，则有

mgh=g(xcos8+w)+bE

因此忽略能量损失影响，动摩擦因数的测量结果会偏大。

10+40x/3

13.-------------cm

3

【详解】由题意知光路图如图所示

答案第9页，共13页

EF面的反射光线射在光屏P点，EF面的折射角设为a,根据折射定律

sina

n=

sin?

解得

a=60。

折射光线射入平行玻璃砖A8面，入射角为c=60。，根据折射定律

sina

n=-------

sin/3

解得

0=30。

同理CO界面的入射角为夕=30。，折射角为。=60。，由图中几何关系可知

口口R1。1八日

PF=-------=---------cm=10V3cm

tan0tan30

FC=-R+-R=7.5cm

24

O2C=A-；Htana-g/?tan/3=(10—亮G^cm

O,C1°-京2560025A

CQ=—=-=--------------cm=—73------cm

tanatan60136)

两光斑之间距离

答案第10页，共13页

L^Pg=PF+FC+C<2=(10>/3+7.5+—)cm=10+4°^cm

363

14.(1)7.2m；(2)28m

【详解】(1)小球做斜抛运动，小球的初速度可分解为沿斜面和垂直于斜面两个方向的分速

度，即沿斜面方向的分速度

vv=%cos60°

垂直斜面方向的分速度

vv=%sin60°

重力加速度g可分解为沿斜面方向为

gx=gsin30°

垂直斜面方向为

g,=geos30。

则小球飞行至离斜面最远时的时间

_%sin60°_v()

1geos30。g

由对称性可知全程飞行时间

小球沿斜面的运动可看作匀加速直线运动，则位移为

1、

加="+”广

代入数据，解得