2021届海南省高考物理压轴试卷附答案详解

2021届海南省高考物理压轴试卷

一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）

1.下列说法正确的是（）

A.光电效应揭示了光的粒子性，康普顿效应揭示了光的波动性

B.夕射线是由原子核外电子电离产生

C.氢原子从基态跃迁到激发态时，电势能变大，总能量变大，电子的轨道半径变大

D.氢的半衰期为3.8天，8个氢的原子核，经过7.6天只剩下2个氢原子核

2.关于某质点的x-t图象（如图甲所示）和另一质点的v-t图象（如图乙所示）的分析，下列说法正

确的是（）

A.两质点在3s内的位移大小都为0

B.两质点在3s内速度的方向都发生了变化

C.图甲中的质点在第1s内做匀速直线运动，图乙中的质点在第1s内做匀变速直线运动

D.图甲中的质点在前1s内与后2s内速度的大小之比为1：2,图乙中的质点在前1s内与后2s内

加速度的大小之比为1：2

3.2021年3月28日，又一场沙尘暴席卷了我国北方和东北地区，某公园一位小朋友指着天空中的

太阳说：“快看/太阳变成蓝色的了”。沙尘暴大气中的烟雾、尘埃、小水滴及气溶胶等微粒

的直径与太阳光中的红、橙色光的波长相近。关于沙尘暴天气下太阳变蓝的原因下列说法正确

的是（）

A.太阳光中的红、橙色光发生了明显的干涉

B.太阳光中的红、橙色光发生了明显的衍射

C.红、橙色光发生了散射，不容易被看到，太阳光中的蓝光由于波长较短基本不受影响

D.太阳光中波长较短的蓝光发生了全反射

4.已知地球的质量是月球质量的81倍，地球半径大约是月球半径的4倍，不考虑地球、月球自转的

影响，由以上数据可推算出（）

A.地球的平均密度与月球的平均密度之比约为9：8

B.地球表面的重力加速度与月球表面的重力加速度之比约为9：4

C.靠近地球和月球表面沿圆轨道运行的航天器的周期之比约为8：9

D.靠近地球和月球表面沿圆轨道运行的航天器的线速度之比约为81：4

5.如图所示，水平地面上一个倾角为。的斜面体紧贴竖直墙壁，斜面体和

墙壁之间再放一个质量为m的铁球，各接触面均光滑.现对铁球施加水

平推力尸的作用，整个系统始终处于静止状态，下列说法中正确的是（）

A.斜面体对铁球施加的弹力一定大于mg

B.斜面体对铁球施加的弹力可能小于mg

C.水平推力逐渐增大时，铁球对斜面体施加的弹力一定增大

D.水平推力逐渐增大时，斜面体对墙壁施加的弹力一定增大

6.有两根无限长的均匀带电绝缘细杆，&&带正电，4B2带负电，

单位长度所带电荷量的数值相等.现将两杆正交放置（杆上电荷不

会移动）如图所示，图中。为两杆的交点，并取。点作为电势的零

点.点E、H和G、F分别关于。点对称，且G、“关于a2%对称.如£>1、

分别为N40B2和4当。%的角平分线.则下列说法不正确的

是（）

A.CW1和。2。2均为零势面

B.若将正电荷从E移到尸，电场力所做总功为零

C.若将负电荷从产移到H,电势降低

D.若将正电荷从E沿直线移到G,电势能先增加后减小

7.如图所示，质量为2kg的物块，从高为九=3m、长为L=5m的固定斜面顶端由静止滑下，到达

底端时的速度为5m/s,g取10m/s2。在此过程中，下列说法正确的是（）

A.重力对物块做功6/B.重力对物块做功100/

C.物块的重力势能减少601D.物块的动能增加50/

8.如图所示为a、b两小球沿光滑水平面相向运动的u-t图，已知当两v

小球间距小于或等于L时，受到相互排斥的恒力作用，当间距大于L时,

相互间作用力为零，由图可知（）2一—八'

A.a球的质量大于b球的质量B.a的质量小于b球的质量

C.J时刻两球间距最小D.t3时刻两球间距为以

二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）

9.自2020年初开始，我国发生了新冠肺炎疫情。面对疫情，中华儿女众志成城，科学战“疫”，

现在疫情已经得到了有效控制。2020年3月3日，国家卫健委、国家中医药管理局印发《关于印

发新型冠状病毒肺炎诊疗方案（试行第七版）的通知》，指出新型冠状病毒的传播途径：经呼吸

道飞沫和密切接触传播是主要的传播途径，在相对封闭的环境中长时间暴露于高浓度气溶胶情

况下存在经气溶胶传播的可能。

气溶胶粒子是悬浮在大气中的微小颗粒，如云、雾、细菌、尘埃、烟尘等。气溶胶中的粒子具有很

多动力学性质、光学性质，比如布朗运动，光的反射、散射等。关于封闭环境中气溶胶粒子，

下列说法正确的是（）

A.在空气中会缓慢下沉到地面

B.在空气中会缓慢上升到空中

C.在空气中做无规则运动

D.受到的空气分子作用力的合力始终等于其所受到的重力

10.在如图甲所示的电路中，为三个相同规格的小灯泡，这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示，

当开关S闭合后，电路中的总电流为0.254则此时（）

A.小灯泡人的电阻为120

B.小灯泡人上消耗的电功率为0.75W

C.小灯泡人与小灯泡乙2消耗的电功率之比大4

D.小灯泡人两端的电压为小灯泡〃两端电压的2倍

11.如图所示，在平面直角坐标系xOy的0<x<3a区域内存在一个匀

P(3a,75a)

强磁场，磁感应强度大小为B,方向与xOy平面垂直。在1=0时刻，

■-1•

从坐标原点。发射一个速度方向沿y轴正向的带电粒子，粒子在t=~03ax

片时刻刚好从磁场右边界上P（3a,3a）点离开磁场，不计粒子重力，

下列说法正确的是（）

A.粒子在磁场中做圆周运动的半径为3a

B.粒子的发射速度大小为空

C.带电粒子的比荷为急

D.带电粒子的比荷为4黑7r

12.一定质量的理想气体处于平衡状态I,现设法使其温度降低而压强升高，达到平衡状态口，则

（）

A.气体在状态I的分子势能比状态口时的大

B.状态I时分子的平均动能比状态口时的大

C.状态I时分子间的平均距离比状态II时的大

D.从状态I到状态口的过程中，气体向外放热

13.可视为质点的甲、乙两遥控电动玩具车质量均为m=0.5kg,甲车的额定

功率Pi=0.75W,乙车的额定功率「2=0.5W.现让两车并排静止在平直

路面的同一起跑线处，t=0时两车同时启动，甲车先做匀加速运动，达

到额定功率后保持功率不变；乙车以额定功率启动，达到最大速度后做匀速运动，当甲车达到

最大速度时两车同时撤去牵引力，最后停止运动。图中给出了甲、乙两车运动过程中的部分v-t

图线，已知两车均做直线运动，在运动中受到的阻力均恒为O.lzng,重力加速度g=l（hn/s2,

下列说法错误的是（）

A.两车运动的总时间相同

B.2s时两车牵引力的瞬时功率相同

C.出发后两车只相遇一次

D.。〜4.25s内两车牵引力的平均功率相同

三、实验题（本大题共2小题，共18.0分）

14.某课外活动小组使用如图1所示的实验装置进行信佥证机械能守恒定律少的实验，主要步骤：

A.用游标卡尺测量并记录小球直径d

8.将小球用细线悬于。点，用刻度尺测量并记录悬点。到球心的距离I

C.将小球拉离竖直位置由静止释放，同时测量并记录细线与竖直方向的夹角。

。.小球摆到最低点经过光电门，光电计时器(图中未画出)自动记录小球通过光电门的时间

£改变小球释放位置重复C、。多次

F.分析数据，验证机械能守恒定律

(1)步骤4中游标卡尺示数情况如图2所示，小球直径d=mm。

(2)实验记录如表，请将表中数据补充完整(表中u是小球经过光电门的速度)。

910°20°30°40°50°60°

cosO0.980.940.870.770.640.50

△t/ms18.09.06.04.63.73.1

v/m•s-10.541.09①________2.132.653.16

v2/m2•s~20.301.19②________4.547.029.99

(3)某同学为了作出-cos。图像(图3),根据记录表中的数据进行了部分描点，请补充完整并

作出V2-COS。图像。

(4)实验完成后，某同学找不到记录的悬点。到球心的距离/了，请你帮助计算出这个数据/

m(保留两位有效数字)，已知当地重力加速度为9.8m/s2。

15.某同学用伏安法测一节干电池的电动势E和内电阻r,所给的其它器材有:

A.电压表匕0〜3〜15V

B.电流表4：0〜0.6〜34

C变阻器长(20优14)

D变阻器&(1000仅0」4)

E.电键S和导线若干

(1)实验中电流表应选用的量程为:电压表应选用的量程为:变阻器应选用(标

明变阻器代号)；

(3)实验测得的6组数据己在U-/图中标出，如图2所示.请你根据数据点位置完成U-/图线，并由

图线求出该电池的电动势E=V,电阻r=U.

四、计算题(本大题共3小题，共38.0分)

16.国家规定：从2020年起，将主要依托高速公路电子不停车收费(ETC)等技术代替人工收费的方

式，以此达到简化缴费手续、降低站区拥堵等目的。已知某汽车在进入ETC专用车道前沿水平

路面以54km"的速度行驶，离ETC收费站中心线前110m处开始做匀减速直线运动，在离收费

站中心线前l(hn处开始以做匀速直线运动并实现电子不停车自动收费，离开收费站中心

线后再做匀加速直线运动，使速度重新达到54km/h,汽车加速、减速的加速度大小相等，则

(1)如图所示，某高速公路收费站ETC通道有限速标记“20”的字样，是指瞬时速度还是平均速度;

(2)该汽车做匀减速直线运动的时间与加速度大小；

(3)因过ETC专用车道缴费耽搁的时间。

17.如图所示，两根金属导轨平行放置在倾角为。=30。的斜面上，导轨左

端接有电阻R=80,导轨自身电阻不计.匀强磁场垂直于斜面向上，

磁感应强度为B=0.57.质量为=0.1kg,电阻为r=20的金属棒ab

由静止释放,沿导轨下滑，如图所示.设导轨足够长，导轨宽度L=2m,

金属棒ab下滑过程中始终与导轨接触良好，受到的摩擦阻力/=0.3N,当金属棒下滑的高度为

九=3m时，恰好达到最大速度，g取10ni/s2,求此过程中:

(1)金属棒的最大速度；

(2)电阻R中产生的热量:

(3)通过电阻R的电量.

18.在游乐节目中，选手需要借助悬挂在高处的绳飞越到水面的浮台上，小明和小阳观看后对此进

行了讨论.如图所示，他们将选手简化为质量rn=60kg的指点，选手抓住绳由静止开始摆动,

此事绳与竖直方向夹角a=300,绳的悬挂点。距水面的高度为H=37n.不考虑空气阻力和绳的

质量，浮台露出水面的高度不计，水足够深.取中立加速度g=10m/s2,sin53°=0.8,cos53。=

0.6

(1)求选手摆到最低点时对绳拉力的大小F;

(2)若绳长/=2m,选手摆到最高点时松手落入手中.设水碓选手的平均浮力人=800N,平均阻力

%=700N,求选手落入水中的深度d；

(3)若选手摆到最低点时松手，小明认为绳越长，在浮台上的落点距岸边越远；小阳认为绳越短，落

点距岸边越远，请通过推算说明你的观点.

“/一

0rH

押台

参考答案及解析

1.答案：C

解析：解：4、光电效应揭示了光的粒子性，康普顿效应揭示了光的粒子性。故A错误；

8、£衰变的实质是原子核内的一个中子转化成一个质子，同时释放出一个电子；故B错误；

C、氢原子从基态跃迁到激发态时，需要吸收能量，电子的轨道半径增大，电势能变大，总能量变大。

故C正确。

。、半衰期具有统计意义，对个别的放射性原子没有意义，故。错误。

故选：Co

康普顿效应揭示了光的粒子性；衰变时释放的电子来自原子核。根据玻尔理论分析；半衰期具有统

计意义，对大量的原子核适用。

本题考查了衰变的实质、玻尔理论的内容以及半衰期的概念，比较简单，关键熟悉教材，牢记这些

基础知识点。

2.答案：C

解析：解：2、图甲中的质点在3s内的位移大小为△%=0—0=0,图乙中的质点在3s内的位移大小

为x=§^7n=3m,故A错误；

以根据x-t图象的斜率表示速度，知图甲中的质点在3s内速度的方向发生了变化，图乙中的质点

在3s内速度的方向没有发生变化，故B错误；

C、图甲中的质点在第1s内速度不变，做匀速直线运动，图乙中的质点在第1s内速度均匀增大，做

匀变速直线运动，故C正确；

D、根据x-t图象的斜率表示速度，知图甲中的质点在前1s内与后2s内速度的大小之比为2：1,图

乙中的质点在前1s内与后2s内加速度的大小之比为2：1,故。错误。

故选：Co

在x-t图象中，质点通过的位移等于纵坐标的变化量，图象的斜率表示速度：在v-t图象中，倾斜

的直线表示匀变速直线运动，图象的斜率表示加速度。

解决本题的关键要搞清x-t图象与图象的区别，知道x-t图象的斜率表示速度，u-t图象的

斜率表示加速度。

3.答案：C

解析：解：沙尘暴天气下太阳变蓝的原因是红、橙色光发生了散射，不容易被看到，太阳光中的蓝

光由于波长较短基本不受影响，故C正确，48。错误。

故选：C0

沙尘暴天气下太阳变蓝的原因是红、橙色光发生了散射，不容易被看到，太阳光中的蓝光由于波长

较短基本不受影响

本题考查光学基本常识，要掌握各种不同颜色的光的波长关系，会分析生活中的现象。

4.答案：C

解析：

根据密度定义表示出密度公式，再通过己知量进行比较.

根据万有引力等于重力表示出重力加速度.

根据万有引力提供向心力，列出等式表示出周期和线速度，再通过已知量进行比较.

求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再进行之比.

向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用.

MM

解：4、。=亍=砂

3

已知地球质量大约是月球质量的81倍，地球半径大约是月球半径的4倍，所以地球的平均密度与月球

的平均密度之比约为81：64.故A错误；

B、根据万有引力等于重力表示出重力加速度得得：博”mg,得：g=黑，其中R为星球半径，M

为星球质量.所以地球表面重力加速度与月球表面重力加速度之比约为81：16.故B错误；

C、卫星绕中心天体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，粤==

T=2n区所以靠近地球表面沿圆轨道运行的航天器的周期与靠近月球表面沿圆轨道运行的航天

7GM

器的周期之比约为8：9,故C正确.

D、v=秒,所以靠近地球表面沿圆轨道运行的航天器线速度与靠近月球表面沿圆轨道运行的航天

器线速度之比约为9：2,故。错误.

故选：C.

5.答案：A

解析：解：对球受力分析，如图

根据共点力平衡条件，有

N]+N2COS0=F

N2sbz6—mg=0

解得：

'2=黑＞m9,即斜面对球的压力一定大于G,故A正确，B错误，

Sina

当尸增加时N2大小不变，故C错误；

因为随F增大时，球对斜面体的作用力保持不变，故以斜面体为研究对象，当F增加时斜面体受到的

作用力保持不变，故斜面体对墙壁施加的弹力保持不变，故。错误.

故选：A.

由题意可知，小球处于平衡状态；则可知小球所受各力的合力为零；对小球进行受力分析，小球受

重力、推力、竖直墙的支持力及斜面对小球的支持力；可采用分解法将斜面支持力向水平方向和竖

直方向分解，分别列出水平和竖直方向上的平衡方程，即可得出各力的大小关系.

在解答平衡类的问题时，要注意准确的进行受力分析；而物体处于平衡状态时物体所受合力为零，

若力为三个一般采用合成的方式，若力为三个以上，一般采用正交分解的方式，列出平衡方程即可

求解.

6.答案：C

则图中两点的点电荷在“点产生的场强的方向指向殳，与65垂直；同理，将两根无限长的均

匀带电绝缘细杆上的所有的电荷在M点产生的场强合成，合场强的方向仍然是垂直于C1A指向与。

同理可以得出结论：的么上的电场强度的方向是垂直于C15,。2。2上的电场强度的方向是垂直于

C2D2,由于电场中等势面与电场强度的方向处处垂直，所以GD1和。2。2均为零势面。故A正确；

B、C、由题可得，EFHG四个点是关于。对称的点，它们的电势也必然是相等的，所以，若将正电荷

从E移到凡电场力所做总功为零；若将负电荷从F移到H,电场力所做总功也为零。故8正确，C

错误；

。、结合4的分析与电场的对称性可得，第一象限的电场强度的方向指向左上，而第四象限的电场强

度的方向指向左下，所以若将正电荷从E沿直线移到G,电场力先做负功，后做正功，电势能先增加

后减小。故。正确。

本题要求选择不正确的，故选：C

由题根据平行边形定则，将有两根无限长的均匀带电绝缘细杆产生的电场叠加，确定四个象限电场

方向，再根据等势面与电场线垂直画出等势线.

本题首先要读题能力，抓住有用信息；其次抓住电场的叠加和等势面与电场线垂直的特点.

7.答案：C

解析：解：AB,重力对物体做的功W=mgh=2X10X3/=60/,故AB错误；

C、重力做正功，重力势能减少，减少的重力势能/Ep=W=60/,故C正确：

D、由动能定理可知，物体动能增加了4Ek=：mu2=：x2x52/=25/,故。错误。

故选：Co

根据物体的运动情况与受力情况应用功的计算公式求出重力做的功；重力做正功重力势能减少；根

据动能的计算公式求出物块动能的增加量。

分析清楚物体的运动过程是解题的前提，应用功的计算公式、重力做功与重力势能变化的关系和动

能的计算公式即可解题。

8.答案：B

解析：解：AB,从u-t图象可以看出，在0-t3时间内，a小球速度-时间图象的斜率绝对值较大，

所以a小球的加速度较大，而两小球之间排斥力大小相等，根据a=3知，加速度大的质量小，所以a

的质量小于b球的质量，故A错误，B正确；

C、二者做相向运动，所以当速度相等时相距最近，即以时刻两球间距最小，之后间距又开始逐渐增

大，故C错误；

。、当间距大于L时，相互间的作用力为零，由图看出，匕时刻之后相互作用力为零，即间距大于L，

所以t3时刻两球间距为L，故。错误。

故选：B。

当两小球间距小于或等于L时，两球受到相互排斥的恒力作用，根据图象的斜率分析加速度大小，由

牛顿第二定律判断质量的大小。当两球速度相等时间距最小。根据t3时刻两球间的作用力大小，分

析间距大小。

本题考查了u-t图象、牛顿第二定律、加速度与速度的关系等有关知识，有一定的综合性。解题的

关键是从u-t图中获取有用的信息，来分析两球的运动情况，知道速度相等时两者相距最近。

9.答案:CD

解析：解：因为气溶胶粒子是悬浮在大气中的微小颗粒，所以受到空气作用力的合力等于其所受到

的重力，又因为是微小颗粒，由于气体分子对它撞击的不平衡性，造成气溶胶粒子在空气中要做无

规则的布朗运动，不会在空气中缓慢下沉，也不会在空气中缓慢上升，故A8错误，CD正确。

故选：CD.

气溶胶粒子是悬浮在大气中的，所以受力平衡，即所受重力与空气分子作用力的合力是一对平衡力。

布朗运动的产生条件是肉眼看不见的颗粒在气体或液体分子撞击的作用下发生的无规则运动，产生

的原因是其它分子对颗粒撞击的不平衡性造成的。

10.答案：BC

解析：

当开关S闭合后公灯的电流强度为总电流，结合图象得到灯泡5、区的电压和电流，然后求解功

率。

本题关键结合图象得到灯泡k、L2,灯的电压和电流，图中数据比较特殊，刚好是处于方格纸的交

点位置。

AD,当开关S闭合后，电路中的总电流为0.254即通过灯泡公的电流为0.254,据乙图可知当电流

为0.254A1灯泡的电压为3U；灯泡42、人并联，每个灯泡通过的电流为0.1254从图乙知电压”=

U3<1U,L两端的电压不是人两端电压的2倍，电流为0.1254时电压小于0.5，，所以乙2电阻刈=子小

于40,故A。错误；

B、当开关S闭合后，电路中的总电流为0.254,即通过灯泡■的电流为0.254据乙图可知当电流为

0.254,人灯泡的电压为3V,功率B=U/i=0.751V,故B正确；

c、G消耗的功率P2=U2/2<IVX0.1254=0.125W,所以刀、G消耗的电功率的比值大于4.故C

正确；

故选：BC.

II.答案：BC

解析：解：4、连结。P,作OP的中垂线与x轴交于。'，以。0'为半径画出带电粒子的轨迹如下:

根据几何关系有(3a)2+(V3a)2=(OP)2

R=病徐=箸=誓=2a,故4错误。

OP

B、由于tan/P04=立，可知

3

"。4=30°

,2

Z-POrO=120°=-7T

则可知带电粒子线速度为9=三=这=物竺=%

toto1。3to

故B正确。

CD、根据牛顿第二定律得tpB=?!

R

4亢。

比荷为g=二=工=卫-

mBRBx2a38to

故C正确，。错误。

故选：BC。

作出粒子运动轨迹，根据几何关系可求半径。

根据圆周运动的线速度公式可求速度。

根据牛顿第二定律可求比荷。

正确画出粒子在磁场中运动的轨迹，把圆周运动的公式与粒子在磁场中做圆周运动的合理结合是解

题的关键。

12.答案：BCD

解析：解：力、理想气体不计分子势能，故A错误；

8、因温度降低，故气体的分子平均动能减小，故n时的分子平均动能小，故B正确；

c、气体温度降低而压强升高，由华=c可知，体积V减小，故状态I时分子间的平均距离比状态n

时的大，故c正确；

。、从状态I到状态口的过程中，温度降低，内能减小，条件减小，外界对气体做功，所以气体向

外放热，故。正确；

故选：BCD。

由题意可知气体的变化，则由温度与分子平均动能的关系可得出平均动能的变化；由热力学第一定

律要得出气体内能的变化和吸放热.

本题考查气体的理想气体状态方程及热力学定律的内容，注意温度是分子平均动能的标准，温度越

高，分子的平均动能越高，但是单个分子的动能不一定变大.

13.答案:ABD

解析：解：。、由题意和图象可知甲车匀加速时的加速度a=0.5m/s2,设甲车匀加速时的牵引力为

F,则尸-O.lTng=ma,解得尸=0.75N.0〜2s内甲车的位移5尹=16，设0〜2s内乙车的位移为5乙，

根据动能定理得：P2ti-O.lmgS乙=imvf

解得：s乙=1.5m

t=2s时甲车的功率为：P=F%=0.75W=Pi

在2〜4.25s内，Sz'=2.25m,根据动能定理得：P^2-O.lmgS^'=

解得：s/=2.75m

故t=4.25s时两车总位移相同，出发后第一次相遇，此时甲车的速度大，动能大，t=4.25s前阻力

做功相同，所以甲车的牵引力做功较多，甲车牵引力的平均功率大，故。错误；

AC、t=4.25s后两车的加速度相同，甲车在前面，减速过程甲车的运动时间比乙车的运动时间长，

甲车的位移比乙车的位移大，所以甲、乙两车只相遇一次，故A错误，C正确；

8、t=2s时甲车的牵引力大于阻力，乙车的牵引力等于阻力，此时两车速度相同，故甲车牵引力的

瞬时功率较大，故8错误。

本题选错误的，故选：ABD.

先根据动能定理分析t=4.25s时两车总位移关系。t=4.25s后两车的加速度相同，甲车在前面，减

速过程甲车的运动时间比乙车的运动时间长，甲车的位移比乙车的位移大。t=2s时甲车的牵引力

大于阻力，乙车的牵引力等于阻力，此时两车速度相同，根据P=分析功率关系。

解决本题的关键要理清汽车两种起动方式的不同，知道在变力做功的情况，可利用动能定理求汽车

的位移。通过分析受力情况来判断汽车的运动情况。

14.答案：9.801.632.661.0

解析：解：(1)由题目图可知，游标尺是20格分度，其精确度为0.05mm,那么游标卡尺的读数为：

d=0.9mm+0.05x16mm=9.80mm；

(2)依据极短时间内，平均速度可替代瞬时速度，则有：1=/=黑黑姐x1.63m/s,

那么。2-i.632m2s-2=2.66m2s-2；

(3)描点作图如下：

(4)由机械能守恒定律:mgl(l-cose)=|mv2,

整理得：v2=2gl—2glcos6,

图象的斜率大小k=2g/

根据图象，直线的斜率大小k=普亮切-机=20切-771,

l.U-U.5

所以、5=瞪髀"1所。

故答案为：(1)9.80；(2)①1.63,②2.66；(3)如上图所示；(4)1.0。

(1)游标卡尺的读数为主刻度值+游标读数;

(2)根据"=5来计算速度;

(3)描点时要注意估读数，然后利用直线连接，不能用折线;

(4)先根据图象求出斜率k大小，再根据机械能守恒定律求出讲和‘os。的表达式，可以得到k=2gl,

从而求出心

本题考查了验证机械能守恒定律实验，注意点：游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不

需估读，其次要明确实验原理，根据物理规律列出相应方程，然后求解讨论即可。

15.答案：0-0.6/40-37%1.500.50

解析:解:(1)由图可知，电流小于0.64故电流表应选用的量程为0-0.64；而电池的电动势约为1.5人

故电压表应选用的量程为0-3匕

为了调节方便并能减小误差，故变阻器应选用治;

(2)对照电路原理图，连接实物图，如图所示:

(3)描点作图，如图所示:

图象的竖轴截距表示电动势，故电动势为1.50V；

斜率绝对值表示电源内电阻，故r===0.50/2

△/

故答案为：(1)0-0.640-3K；%

(2)如图

(3)1.5；0.50

根据电池的电动势和图中的电流值可选取电流表及电压表；滑动变阻器在本实验中作为限流使用，

故应选取大于内阻的滑动变阻器；

用直线将各点相连，注意让各点尽量分布在直线两侧；由图象与纵坐标的交点可求得电动势；图象

的斜率表示电池的内电阻.

本题考查测电动势和内阻实验的数据处理，注意要结合公式理解图象的斜率及截距的含义.

16.答案：解：(1)高速公路收费站ETC通道有限速标记“20”的字样，是指瞬时速度；

(2)已知匀减速过程的初速度为=54km//i=15m/s,末速度u=18km/h=5m/s,位移X】=

110m—10m=100m

则该汽车做匀减速直线运动的时间：ti=m=藁=墨'S=10s

22

加速度为a=瞪==-lm/s2

加速度大小为lm/sz.

(3)由于汽车匀加速运动的加速度与匀减速运动的加速度大小相等，根据对称性可知，匀加速运动的

时间13==10s

匀速运动的时间12=£=*=2s

汽车过收费站需用时t=ti+t2+t3=10s+2s+10s=22s

2xl+10

如以。o=54/nn//i的速度匀速通过这一段位移历时t'=资=°°s=14s

耽搁的时间△t=t-t'=22s-14s=8s

答：(1)高速公路收费站ETC通道有限速标记“20”的字样，是指瞬时速度；

(2)该汽车做匀减速直线运动的时间是10s,加速度大小是lm/s2；

(3)因过ETC专用车道缴费耽搁的时间是8s。

解析：(1)高速公路收费站ETC通道有限速标记“20”的字样，是指瞬时速度；

(2)汽车做匀减速直线运动时，根据位移与平均速度之比求运动的时间。由加速度的定义式求加速度

大小；

(3)根据汽车过过ETC专用车道的总时间与匀速通过ETC专用车道的时间之差，来求因过