上海杨园中学2022-2023学年高二物理联考试卷含解析

上海杨园中学2022-2023学年高二物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.关于电场强度和磁感应强度，下列说法正确的是（

）A．电场强度处处相等的区域内，电势也一定处处相等B．由公式可知，小段通电导线在某处若不受磁场力，则此处一定无磁场C．电场强度的定义式适用于任何电场D．磁感应强度的方向就是置于该处的通电导线所受的安培力方向参考答案：C2.（单选题）下列关于点电荷的说法，错误的是（

）A．点电荷是一个带有电荷的几何点，它是实际带电体的抽象，是一种理想化的模型B．带电体如果本身大小和形状对它们间的相互作用影响可忽略，则可视为点电荷C．真空中两个静止点电荷间的相互作用力，跟它们之间的距离成反比D．真空中两个静止点电荷间的相互作用力，跟它们所带的电荷量的乘积成正比参考答案：C3.下列情况中的运动物体，不能被看成质点的是A.研究飞往火星宇宙飞船的最佳运行轨道B.计算从北京开往上海的一列火车的运行时间C.调整人造卫星的姿态，使卫星的照相窗口对准地面D.研究各大行星绕太阳公转的周期参考答案：C【详解】研究飞往火星宇宙飞船的最佳运行轨道时，飞船的形状对于轨道没有影响，可以忽略，能看成质点，故A不符合题意；计算从北京开往上海的一列火车的运行时间，火车的大小和形状可以忽略，能看成质点，故B不符合题意；调整人造卫星的姿态，卫星的形状和大小为研究的问题不可以忽略，不能看成质点，故C符合题意；研究各大行星绕太阳公转的周期时，行星的大小相对于运动的轨迹可以忽略不计，能看成质点，故D不符合题意。4.在光滑的水平面上，有A，B两个小球向右沿同一直线运动，取向右为正方向，两球的动量分别为PA=5kg?m/s，PB=7kg?m/s，如图，若A追上B并发生正碰，则碰后两球的动量增量△PA，△PB可能是（）A．△PA=3kg?m/s，△PB=3kg?m/sB．△PA=﹣3kg?m/s，△PB=3kg?m/sC．△PA=3kg?m/s，△PB=﹣3kg?m/sD．△PA=﹣10kg?m/s，△PB=10kg?m/s参考答案：B解：A、两球碰撞过程，系统的动量守恒，两球动量变化量应大小相等，方向相反，若△PA=3kg?m/s，△PB=3kg?m/s，违反了动量守恒定律，不可能，故A错误．B、根据碰撞过程动量守恒定律，如果△pA=﹣3kg?m/s、△pB=3kg?m/s，所以碰后两球的动量分别为p′A=2kg?m/s、p′B=10kg?m/s，根据碰撞过程总动能可能不增加，是可能发生的，故B正确．C、根据碰撞过程动量守恒定律，如果△pA=3kg?m/s、△pB=﹣3kg?m/s，所以碰后两球的动量分别为p′A=8kg?m/s、p′B=4kg?m/s，由题，碰撞后，两球的动量方向都与原来方向相同，A的动量不可能沿原方向增大，与实际运动不符，故C错误．D、如果△pA=﹣10kg?m/s、△pB=10kg?m/s，所以碰后两球的动量分别为p′A=﹣5kg?m/s、p′B=17kg?m/s，可以看出，碰撞后A的动能不变，而B的动能增大，违反了能量守恒定律，不可能．故D错误．故选：B．5.原子量为m，密度为，每摩尔铜原子中有n个自由电子，今有一根横截面积为s的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动的速率为A．光速c

B．

C．

D．参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.某同学在用单摆测定重力加速度的实验中，测量不同摆长情况下单摆的振动周期，并以L为横坐标，为纵坐标，做出了图线，如图６所示，由此图线可知重力加速度为

。参考答案：7.如图所示，把长为的导体棒置于竖直向下的匀强磁场中，磁场的磁感应强度为，导体棒与磁场方向垂直，棒中通有电流，则导体棒所受安培力的大小为.为增大导体棒所受的安培力，可采用的方法是

（只填一种方法）.参考答案：、增大电流或增大磁感应强度8.如图所示，是某同学所安装的“验证牛顿第二定律”的实验装置，在图示状态下开始做实验，该同学的装置和操作中的主要错误是：

（1）

（2）

（3）

参考答案：①长木板右端未垫高以平衡摩擦力

②电源应改用交流电源

③开始实验时，小车离滑轮太近

9.如图所示，AB两端接直流稳压电源，UAB＝100V，R0＝40W，滑动变阻器总电阻R＝20W，当滑动片处于变阻器中点时，C、D两端电压UCD为___________V，通过电阻R0的电流为_____________A。参考答案：80

2

10.（6分)两列相干波在同一水平面上传播，某时刻它们的波峰、波谷位置如图所示。图中M是波峰与波峰相遇点，是凸起最高的位置之一。回答下列问题：①由图中时刻经T/4，质点M相对平衡位置的位移是___________②在图中标出的M、N、O、P、Q几点中，振动加强的点是__________________；振动减弱的点是________________。参考答案：①0

(1分)

②M、O、P、Q，N

(5分)11.如右图所示，在磁感应强度大小为B、方向竖直向下的匀强磁场中，垂直于磁场方向放置长度为L的通电导体MN，若导体中的电流大小为I，且方向由M到N，则MN受到的安培力的大小为_______,方向________.参考答案：_BIL__________

__垂直于纸面向里___12.（2分）如图所示，从电子射线管的阴极A（与电源的负极相连）发射出的电子束经过图示的磁场时由于受到洛伦兹力的作用，电子束将

（选填“向上”、“向下”或“不”）偏转。参考答案：向下13.在“探究变压器两个线圈的电压关系”的实验中，变压器原线圈应连到学生低压电源的_________（填“直流”或“交流”）输出端；应选用多用电表的________挡来测量原、副线圈两端的电压，并且为了保护电表，应选用________(填“较大”或“较小”)量程进行测量。参考答案：三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.某同学在做“利用单摆测重力加速度”实验中，先测得摆线长为97.50cm，摆球直径为2.0cm，然后用秒表记录了单摆振动50次所用的时间为99.9s．则:①该摆摆长为_______cm，周期为

s②由此求得重力加速度g=

（保留两们有效数字）③如果他测得的g值偏小，可能的原因是

A.测摆线长时摆线拉得过紧

B.摆线上端未牢固地系于悬点，振动中出现松动，使摆线长度增加了

C．开始计时，秒表过迟按下D．实验中误将49次全振动数为50次④利用单摆测重力加速度的实验中，如果偏角小于50，但测出的重力加速度的数值偏大，可能原因是

A.振幅较小B.测摆长时，只量出摆线的长度，没有从悬挂点量到摆球中心C.数振动次数时，少计了一次D.数振动次数时，多计了一次E.摆球做圆锥摆参考答案：15.某同学利用打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验．气垫导轨装置如图（a）所示，它由导轨、滑块、弹射架等组成．（1）下面是实验的主要步骤：①安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平②利用气源向气垫导轨通入空气③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器与弹射架并固定在滑块1的左端，调节打点计时器的高度，直至滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向④使滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳⑤把滑块2放在气垫导轨的中间⑥先

，然后

，让滑块带动纸带一起运动⑦取下纸带，重复步骤④⑤⑥，选出理想的纸带如图（b）所示⑧测得滑块1的质量310g，滑块2（包括橡皮泥）的质量为205g，完善实验步骤⑥的内容（2）已知打点计时器每隔0.02s打个点，计算可知两滑块相互作用前系统的总动量为

kg?m/s；两滑块相互作用后系统的总动量为

kg?m/s（保留三位有效数字）（3）两木块作用前后总动量不完全相等的主要原因是

．参考答案：（1）先接通打点计时器的电源；放开滑块1；（2）0.620；0.618；（3）纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用．【考点】验证动量守恒定律．【分析】使用打点计时器时，先接通电源后释放纸带；本实验为了验证动量守恒定律设置滑块在气垫导轨上碰撞，用打点计时器纸带的数据测量碰前和碰后的速度，计算前后的动量，多次重复，在实验误差允许的范围内相等，则动量守恒定律得到验证．【解答】解：（1）⑥使用打点计时器时，先接通电源后释放纸带，所以先接通打点计时器的电源，后放开滑块1；（2）放开滑块1后，滑块1做匀速运动，跟滑块2发生碰撞后跟2一起做匀速运动，根据纸带的数据得：碰撞前滑块1的动量为：p1=m1v1=0.310×=0.620kg?m/s，滑块2的动量为零，所以碰撞前的总动量为0.620kg?m/s碰撞后滑块1、2速度相等，所以碰撞后总动量为：（m1+m2）v2=（0.310+0.205）×=0.618kg?m/s（3）结果不完全相等是因为纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用．故答案为：（1）先接通打点计时器的电源；放开滑块1；（2）0.620；0.618；（3）纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，质量为mB=14kg的木板B放在水平地面上，质量为mA=10kg的木箱A放在木板B上。一根轻绳一端拴在木箱上，另一端拴在地面的木桩上，绳绷紧时与水平面的夹角为θ=37°。已知木箱A与木板B之间的动摩擦因数μ1=0.5，木板B与地面之间的动摩擦因数μ2=0.4。重力加速度g取10m/s2。现用水平力F将木板B从木箱A下面匀速抽出，试求：（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（1）绳上张力FT的大小；（2）拉力F的大小。参考答案：根据平衡条件可得：对木板B受力分析，其受到竖直向下的重力GB（大小为mBg）、木箱竖直向下的压力（大小为FN1）、水平向左的摩擦力（大小为f1）、竖直向上的支持力FN2、水平向右的拉力F、地面水平向左的摩擦力f2，受力图略，根据平衡条件可得：得到：FT=100N，F=200N。17.如图直线MN上方有平行于纸面且与MN成45°的有界匀强电场，电场强度大小未知；MN下方为方向垂直于纸面向里的有界匀强磁场，磁感应强度大小为B.今从MN上的O点向磁场中射入一个速度大小为v、方向与MN成45°角的带正电粒子，该粒子在磁场中运动时的轨道半径为R.若该粒子从O点出发记为第一次经过直线MN，而第五次经过直线MN时恰好又通过O点．不计粒子的重力．求：(1)电场强度的大小；(2)该粒子再次从O点进入磁场后，运动轨道的半径；(3)该粒子从O点出发到再次回到O点所需的时间。参考答案：(1)由图可知，＝2R，类平抛运动的垂直和平行电场方向的位移都为s⊥＝s∥＝sin45°＝2R①所以类平抛运动的时间为t3＝＝②又s∥＝at＝t③再者R＝④由①②③④可得E＝vB⑤(2)由平抛知识得tanβ＝2tanα＝2，所以v2＝vtanβ＝2v，v′＝＝v.则第五次经过MN进入磁场后的圆弧半径R′＝＝R.(3)粒子在磁场中运动的总时间为t1＝⑥粒子在电场中的加速度为a＝＝，粒子做直线运动所需时