广东省汕头市莲阳中学2022年高三化学摸底试卷含解析

广东省汕头市莲阳中学2022年高三化学摸底试卷含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.目前，科学家拟合成一种“二重构造”的球形分子，即把足球型的C60分子熔进Si60的分子中，外面的硅原子与里面的碳原子以共价键结合。下列说法正确的是

A．它是一种新型化合物

B．它是一种硅谷酸盐

C．它是由两种单质组成的混合物

D．它是一种高聚物参考答案：A2.元素的性质反映了元素的原子结构，并体现了其在元素周期表中的位置。下列说法正确的是

(

)

A．元素周期表中非金属元素都在短周期

B．N、P、As得电子能力减弱。最高价氧化物对应水化物均可表示为H3Y04

C．元素周期表中过渡元素只包括金属元素

D.A一1zX、AzX、A+1zX在元素周期表中的位置、原子核外电子排布相同，但性质不同。参考答案：C略3.如右图所示，将两烧杯中电极用导线相连，四个电极分别为Mg、Al、Pt、C。当闭合开关S后，以下表述正确的是

A．电流表指针不发生偏转

B．Al、Pt两极有H2产生

C．甲池pH减小，乙池pH增加

D．Mg、C两极生成的气体在一定条件下可以恰好完全反应参考答案：CD略4.若不断地升高温度，实现“雪花→水→水蒸气→氧气和氢气”的变化。在变化的各阶段被破坏的粒子间的主要相互作用力依次是A、氢键；分子间作用力；非极性键

B、氢键；氢键；极性键C、氢键；极性键；分子间作用力

D、分子间作用力；氢键；极性键参考答案：B略5.某溶液中(假定不考虑水解因素)仅含有K＋、Mg2＋、SO42-、NO3-四种离子，其中K＋与Mg2＋的个数之比为4∶5，则NO3-与SO42-的物质的量浓度之比一定不是()A．8∶3

B．3∶2

C．1∶3

D．2∶3参考答案：D略6.某溶液中含有NO3—、SiO32—、S2—等4种离子，若向其中加入过量的盐酸溶液，微热并搅拌，再加入过量的氢氧化钠溶液，则溶液中离子数目大量减少的是（

）A．只有S2—

B．S2—和NO3—C．SiO32—、S2—和NO3—

D．三种离子都减少参考答案：B略7.为鉴别K2CO3和NaHCO3两种白色固体，有五位同学为鉴别它们，分别设计了下列五种不同的方法，其中不可行的是

（

）

①分别取样加入1mol/L的盐酸溶液，看有无气泡产生

②分别取样在试管中加热，将可能产生的气体通入澄清石灰水，观察有无白色浑浊

③分别取样配成溶液，滴加BaCl2溶液，观察有无白色浑浊

④分别配成溶液，用铂丝蘸取溶液在酒精灯火焰上灼烧，观察火焰的颜色

⑤分别取样配成溶液，滴加澄清石灰水，观察有无白色浑浊

A．①③⑤

B．①⑤

C．②④

D．③参考答案：B略8.锌与很稀的硝酸反应生成硝酸锌、硝酸铵和水，当生成1mol硝酸锌时，参加反应的硝酸的物质的量是A．1mol

B．1.5mol

C．2mol

D．2.5mol参考答案：D9.温家宝总理在2010年政府工作报告中提出，要大力开发低碳技术，推广高效节能技术，积极发展新能源和可再生能源。下列有关做法与此不相符的是

A．大力开发丰富的煤炭资源，减少对石油的依赖B．回收废弃的饮料包装纸，制作成公园内的休闲长椅C．在西部和沿海地区兴建风力发电站，解决能源问题D．鼓励购买小排量汽车，推广电动、混合动力汽车参考答案：A略10.下列离子方程式的书写正确的是：A．实验室用浓盐酸与MnO2反应制Cl2：MnO2＋2H＋＋2Cl－→Cl2↑＋Mn2＋＋H2OB．将标准状况下1.12L氯气通入10mL1mol/L的溴化亚铁溶液中：

2Fe2＋＋4Br－＋3Cl2→2Fe3＋＋6Cl－＋2Br2C．向NaOH溶液中滴加同浓度的少量Ca(HCO3)2溶液：Ca2++HCO3-+OH-→CaCO3↓+H2OD．向Ba(OH)2溶液中逐滴加入NH4HSO4溶液至刚好沉淀完全：Ba2++2OH-+H++SO42-+NH4+→BaSO4↓+NH3·H2O+H2O参考答案：BD略11.下列与有机物结构、性质相关的叙述正确的是A.苯酚溶液显酸性，可与Na2CO3溶液反应生成CO2B.蛋白质和油脂都属于高分子化合物，一定条件下能水解C.淀粉与纤维素分子式相同，但不互为同分异构体D.苯不能使KMnO4酸性溶液褪色，说明苯不能发生氧化反应

参考答案：C略12.下列实验设计及其对应的离子方程式均正确的是(

)

A.钠与水反应：Na+2H2O＝Na＋＋2OH－＋H2↑B.用过氧化钠与水反应制备O2:Na2O2+H2O=2Na++2OH-+O2↑C.用氨水检验氯化镁溶液中混有氯化铝杂质：Al3++4NH3·H2O=AlO2-+4NH4++2H2OD.用小苏打治疗胃酸过多：HCO3-+H+=CO2↑+H2O参考答案：D略13.根据某种共性，可将CO2、P2O5、SO2归为一类，下列物质中，完全符合此共性而能归为此类物质的是（

）

A．CaO

B．CO

C．H2O

D．SiO2参考答案：D略14.火法炼铜的原理为：Cu2S+O2高温

2Cu+SO2，下列说法中，正确的是A．Cu2S只作还原剂B．S元素发生还原反应C．该反应既是氧化还原反应又是置换反应D．当1molO2参加反应时，共转移4mole-参考答案：C略15.一定温度下，一定体积的密闭容器中进行的可逆反应：C(s)+C02(g)2CO(g)，不能判断反应已经达到化学平衡状态的是

A．2v(CO2)=v(CO)

B．容器中总压强不变

C．容器中混合气体的密度不变

D．容器中CO的体积分数不变参考答案：略二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.（14分）某兴趣小组对铜与浓硫酸反应产生的黑色沉淀（可能含有CuO、CuS、Cu2S，其中CuS和Cu2S不溶于稀盐酸、稀硫酸）进行探究，实验步骤如下：Ⅰ．将光亮铜丝插人浓硫酸，加热；Ⅱ．待产生大量黑色沉淀和气体时，抽出铜丝，停止加热；Ⅲ．冷却后，从反应后的混合物中分离出黑色沉淀，洗净、干燥备用．回答下列问题：（1）步骤Ⅱ产生气体的化学式为

．（2）向含微量Cu2+试液中滴加K4[Fe（CN）6]溶液，能产生红褐色沉淀．现将少量黑色沉淀放入稀硫酸中，充分振荡以后，再滴加K4[Fe（CN）6]溶液，未见红褐色沉淀，由此所得结论是

．（3）为证明黑色沉淀含有铜的硫化物，进行如下实验：

装置现象结论及解释①A试管中黑色沉淀逐渐溶解②A试管上方出现红棕色气体③B试管中出现白色沉淀a．现象②说明褐色沉淀具有

性．b．试管B中产生白色沉淀的总反应的离子方程式为

（4）CuS固体能溶于热的浓硫酸，请用有关平衡移动原理加以解释：

．（5）为测定黑色沉淀中Cu2S的百分含量，取0.2g步骤Ⅰ所得黑色沉淀，在酸性溶液中用40.0mL0.075mol/LKMnO4溶液处理，发生反应如下：8MnO4﹣+5Cu2S+44H+═10Cu2++5SO2↑+8Mn2++22H2O6MnO4﹣+5CuS+28H+═5Cu2++5SO2↑+6Mn2++14H2O反应后煮沸溶液，赶尽SO2，过量的高锰酸钾溶液恰好与35.0mL0.1mol/L（NH4）2Fe（SO4）2溶液反应完全．则混合物中Cu2S的质量分数为．参考答案：（1）SO2；（2）黑色沉淀中不含有CuO；（3）a、还原性；b、NO2+SO2+Ba2++H2O═BaSO4↓+NO↑+2H+；（4）CuS存在溶解平衡CuS（s）Cu2+（aq）+S2﹣（aq），热的浓硫酸将S2﹣氧化，使S2﹣浓度减小，促进上述平衡向正向移动，使CuS溶解；（5）40%．考点： 性质实验方案的设计．分析：（1）根据铜与浓硫酸反应生成二氧化硫气体进行解答；（2）根据题中信息中检验铜离子的方法对②进行分析，然后得出正确结论；（3）a、红棕色气体为二氧化氮，说明稀硝酸被还原生成一氧化氮，黑色固体具有还原性；b、根据反应现象③可知黑色固体与稀硝酸反应生成了二氧化硫，证明黑色固体中含有硫元素；二氧化氮、二氧化硫的混合气体能够与氯化钡反应生成硫酸钡沉淀，据此写出反应的离子方程式；（4）CuS在溶液中存在沉淀溶解平衡，根据平衡移动分析；（5）依据滴定实验数据计算剩余高锰酸钾物质的量，得到和硫化亚铜、硫化铜反应的高锰酸钾物质的量，依据反应的离子方程式列式计算得到．解答：解：（1）Cu与浓硫酸反应生成硫酸铜、二氧化硫和水，反应为Cu+2H2SO4（浓）CuSO4+2SO2↑+2H2O，步骤Ⅱ产生的气体是SO2，故答案为：SO2；（2）向试液中滴加K4[Fe（CN）6]溶液，若产生红褐色沉淀，证明有Cu2+，根据②将黑色沉淀放入稀硫酸中，一段时间后，滴加K4[Fe（CN）6]溶液，未见红褐色沉淀可知，黑色固体中一定不含CuO，故答案为：黑色沉淀中不含有CuO；（3）a、A试管内上方出现红棕色气体，说明反应中有一氧化氮生成，证明了黑色固体具有还原性，在反应中被氧化，故答案为：还原性；b、根据反应现象③B试管中出现白色沉淀可知，白色沉淀为硫酸钡，说明黑色固体中含有硫元素；发生反应的离子方程式为：NO2+SO2+Ba2++H2O═BaSO4↓+NO↑+2H+，故答案为：NO2+SO2+Ba2++H2O═BaSO4↓+NO↑+2H+；（4）CuS难溶于水，在水溶液中会有很少量的Cu溶解，溶液中存在沉淀溶解平衡，CuS（s）Cu2+（aq）+S2﹣（aq），热的浓硫酸将S2﹣氧化，使S2﹣浓度减小，促进上述平衡向正向移动，使CuS溶解；故答案为：CuS存在溶解平衡CuS（s）Cu2+（aq）+S2﹣（aq），热的浓硫酸将S2﹣氧化，使S2﹣浓度减小，促进上述平衡向正向移动，使CuS溶解；（5）发生的反应为：8MnO4﹣+5Cu2S+44H+═10Cu2++5SO2↑+8Mn2++22H2O6MnO4﹣+5CuS+28H+═5Cu2++5SO2↑+6Mn2++14H2OMnO4﹣+5Fe2++8H+═Mn2++5Fe3++4H2O设Cu2S、CuS的物质的量分别为x、y，与Cu2S、CuS反应后剩余KMnO4的物质的量：0.035L×0.1mol/L×=0.0007mol，160x+96y=0.2+=0.04×0.075﹣0.0007解得x=0.0005mol，Cu2S的质量分数：×100%=40%，故答案为：40%．点评：本题考查了浓硫酸的化学性质、性质实验方案的设计，题目难度中等，试题涉及的题量稍大，知识点较多，理解题中信息是解题关键，试题培养了学生的分析、理解能力．三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.气态烃A是一种基本的有机化工原料，目前石油裂解已成为生成A的主要方法．A在标准状况下的密度为1.25g?L﹣1．D的分子式为C4H8O2，D在酸性条件下水解得到B和C，C的相对分子质量比B大14．四种有机物之间存在如下转化关系：请回答下列问题：（1）写出D的结构简式：

．（2）写出过程①的化学方程式：

．参考答案：（1）CH3COOCH2CH3；（2）CH2=CH2++H2OCH3CH2OH．试题分析：石油裂解已成为生成A的主要方法，A在标准状况下的密度为1.25g?L﹣1，则A的相对分子质量为28，则A为CH2=CH2，D的分子式为C4H8O2，根据各物质转化关系可知，A、B、C、D中各含有两个碳原子，D在酸性条件下水解得到B和C，C的相对分子质量比B大14，则B比C少一个氧多两个氢，所以B为CH3CH2OH，C为CH3COOH，D为CH3COOCH2CH3，（1）根据上面的分析可知，D的结构简式为CH3COOCH2CH3，故答案为：CH3COOCH2CH3；（2）过程①的化学方程式为CH2=CH2++H2OCH3CH2OH，故答案为：CH2=CH2++H2OCH3CH2OH．18.NOx是大气污染物，但只要合理利用也是重要的资源。回答列问题：（1）将NO2和水蒸气混合，反应的现象为_________，写出该反应的化学方程式_________。（2）2NO(g)+O2(g)2NO2(g)的历程分两步，反应方程式、速率方程和吸放热情况如下：反应I：2NO(g)N2O2(g)

(快)

v1正=k1正·c2(NO)，v1逆=k1逆·c(N2O2)

△H1<0反应II：N2O2(g)+O2(g)2NO2(g)

(慢)

v2正=k2正·c(N2O2)·c(O2)，v2逆=k2逆·c2(NO2)

△H2<0反应2NO(g)+O2(g)2NO2(g)的△H=_________(用△H1、△H2表示)。一定温度下，反应2NO(g)+O2(g)2NO2(g)达到平衡状态，平衡常数的表达式K=_________(用k1正、k1逆、k2正、k2逆表示)。若升高温度，K将_________(填“增大”、“减小”或“不变”)（3）反应N2O4(g)2NO2(g)，在一定条作下N2O4与NO2的消耗速率与自身压强有如下关系：v(N2O4)=k1·p(N2O4)，v(NO2)=k2·p(NO2)其中k1、k2是与温度有关的常数。一定温度下，相应的速率与压强关系如图所示，在图中标出的点中，能表示该反应达到平衡状态的两个点是_________，理由是__________________。（4）升高温度绝大多数的化学反应速率增大，但是2NO(g)+O2(g)NO2(g)的速率却随着温度的升高而减小。已知反应Ⅱ速率较慢，且决定总反应速率是反应II，则反应I的活化能E1与反应II的活化能E2的大小关系为E1_________E2(填“>”、“<”或“=”)。根据速率方程分析，升高温度反应Ⅱ速率减小的原因是_________。A.k2正增大，c(N2O2)增大

B.k2正减小，c(N2O2)减小C.k2正增大，c(N2O2)减小

D.k2正减小，c(N2O2)增大参考答案：(1)红棕色褪去，产生白雾

3NO2+H2O=2HNO3+NO

(2)△H1+△H2

k1正?k2正/k1逆?k2逆

减小

(3)BD

图中只有D点NO2的消耗速率是B点N2O2的消耗速率的2倍，所以表示达到化学平衡状态的点是BD

(4)<

B【分析】(1)NO2和水蒸气混合发生3NO2+H2O=2HNO3+NO，据此判断；(2)利用盖斯定律计算2NO(g)+O2(g)2NO2(g)的△H，并结合题干计算K；(3)平衡状态的特征是正逆反应速率相等，据此判断；(4)结合(2)题干进行分析；【详解】(1)NO2与水反应生成HNO3和NO，故现象为红棕色褪去，产生白雾；(2)2NO(g)N2O2(g)

△H1①

N2O2(g)+O2(g)2NO2(g)

△H2②

将①+②得，2NO(g)+O2(g)2NO2(g)

△H=△H1+△H2；由反应①可知，k1正·c2(NO)=k1逆·c(N2O2)，K1=c(N2O2)/c2(NO)=k1正/k1逆，同理可知，K2=k2正/k2逆，则K=K1?K2=k1正?k2正/k1逆?k2逆；①和②均为放热反应，故△H<0，升高温度后K值减小；(3)达到化学平衡状态时，NO2的消耗速率是N2O2的消耗速率的2倍，所以表示达到化学平衡状态的点是BD；(4)反应Ⅱ速率