广东省2023年中考物理试卷解析版

一、单项选择题

2023

【分析】原子由原子核和核外电子组成；原子核分为质子和中子。4．以下关于声音的说法，不正确的选项是〔 〕以下关于一般教室内的物理量的估测，符合实际的是〔 〕一根粉笔的质量约为1kg B．课桌的高度约为70cmC．室内大气压强约为100Pa D．室温约为60℃【答案】B【学问点】温度及温度计的使用与读数；质量及其特性；长度的估测；大气压强的存在【解答】A．一根粉笔的质量约为5g，A不符合题意；B．教室内课桌的高度约在70cm~80cm之间，B符合题意；C1.01×105Pa，C不符合题意；D20℃~30℃之间，D不符合题意。故答案为：B。【分析】依据常见物体的质量、长度、大气压和温度，结合数据解答。小明觉察衣柜里防虫用的樟脑丸会越来越小，此现象属于哪种物态变化〔 〕熔化 B．升华 C．汽化 D．液化【答案】B【学问点】升华及升华吸热【解答】樟脑丸会越来越小是由于樟脑丸渐渐由固体直接变为气体，这属于升华现象。ACD不符合题意，B符合题意。故答案为：B。【分析】固体变为气体，是升华现象。以下微观粒子中，尺度最大的是〔 〕原子 B．电子 C．质子 D．中子【答案】A【学问点】原子构造【解答】原子是由原子核及核外电子组成，而原子核由质子及中子组成，所以尺度最大的是原子。A符合题意，BCD不符合题意。故答案为：A。

A．临街住宅安装双层玻璃可以减弱噪声B．长期佩戴耳机开大音量听音乐可能损伤听力C．北京天坛的回音壁利用了声音反射的原理D．声呐通过次声波的回声定位探究海洋的隐秘【答案】D【学问点】超声波与次声波；防治噪声的途径【解答】A．为了改善室内的居住环境，建筑师在设计窗户时常承受双层玻璃，这样做的主要优点是：①隔热，②隔声；A正确，不符合题意；B．长期戴着耳机听高分贝音量的音乐，有可能损伤鼓膜，致使听力下降，B正确，不符合题意；C．著名中外的北京天坛里的回音壁，三音石，圜丘三处建筑有格外奇特的声音现象，它是我国古代建筑师利用声音的反射形成的音响效果，C正确，不符合题意；D．声呐利用超声波进展回声定位，而不是利用次声波，D错误，符合题意。故答案为：D。【分析】双层玻璃可以减弱噪声；声音的大小指响度；声呐利用超声波传递信息。5．关于能量和能源，以下说法正确的选项是〔 〕A．煤、石油、自然气都是可再生能源B．电能是一次能源C．水力发电是将水的机械能转化为电能D．太阳释放的能量是核裂变产生的【答案】C【学问点】能源及其分类；太阳能及其利用与转化；风能和水能【解答】A．煤、石油、自然气不能短时期内从自然界得到补充，属于不行再生能源，A不符合题意；B．生活中所使用的电能是从自然界中的一次能源转化而来的，因此电能属于二次能源，B不符合题意；C．水力发电时，消耗水的机械能，转化为电能，因此水力发电是将水的机械能转化为电能，C符合题意；D．太阳内部发生的是热核反响，太阳释放的的巨大能量是由核聚变产生的，D不符合题意；故答案为：C。【分析】煤、石油、自然气是不行再生资源；电能是二次能源；水力发电时将机械能转化为电能。6【分析】煤、石油、自然气是不行再生资源；电能是二次能源；水力发电时将机械能转化为电能。6．分别使用图中四种装置匀速提升同一重物，不计滑轮重、绳重和摩擦，最省力的是〔〕C．D．【答案】DA．B．【学问点】磁感线及其特点【解答】当闭合电路的一局部导体切割磁感线时，会产生感应电流，而ABC导体都在切割磁感线，而D顺着磁感线运动，不会切割磁感线，ABC不符合题意，D符合题意。故答案为：D。【分析】电磁感应现象中，产生电流的条件是闭合电路的一局部导体切割磁感线。C．D．二、填空题8．班级厨艺展现活动中，用煤气炉烹饪食物主要是通过〔选填“做功”或“热传递”〕的方式增大食物的内能；现场香气四溢属于现象，说明分子在不停地做无规章的运动。活动完毕，剩余煤气的热值A．B．【答案】A【学问点】滑轮组绳子拉力的计算𝐺1=3【解析【解答】A．不计滑轮重、绳重和摩擦，承重绳子的段数n=3，则拉力𝐹 物1=3𝐺2=2B．不计滑轮重、绳重和摩擦，承重绳子的段数n=2，则拉力𝐹 物2=2C．定滑轮相当于等臂杠杆，不计滑轮重、绳重和摩擦，则拉力𝐹3=𝐺物𝐺4=2D．动滑轮相当于省力杠杆，不计滑轮重、绳重和摩擦，则拉力𝐹 物4=2综上，四种装置匀速提升同一重物，则最省力的是A中的装置。故答案为：A。【分析】依据滑轮组绳子的股数和物体的重力，计算绳子拉力的大小。7．图中的a表示垂直于纸面的一段导线，它是闭合电路的一局部。当a在以下磁场中沿图中所示方向运动时，不会产生感应电流的是〔 〕

〔选填变大、“”“不变”。【答案】热传递；集中；不变【学问点】热传递转变物体内能；燃料的热值；分子热运动【解答】用煤气炉烹饪食物时，煤气燃烧释放出来的热量主要通过热传递的方式给食物加热，使食物的内能增加。现场香气四溢属于集中现象，说明分子在不停的做无规章运动。热值是燃料的一种特性，煤气燃烧一局部后，剩余煤气的种类没变，状态没变，则其热值不变。【分析】闻到气味，说明分子在不停的做无规章运动，是集中现象；温度不同的物体通过热传递转变内能；热值是燃料的特性和质量无关。图表示四冲程汽油机处于 冲程。汽车尾气带走的能量 〔选填“能”或“不能”〕自动集合回来转化成燃料的化学能，这反映了能量的转化具有 。【答案】排气；不能；方向性【学问点】内燃机的四个冲程；能量的转化或转移【解答】由图示知，汽缸的进气门关闭，排气门翻开，活塞向上运动，是排气冲程。燃料燃烧放出的能量中有局部热散失，被尾气带走，而尾气带走的能量不会再自动变成燃料的化学能，这是由于能量的转化具有方向性。【答案】并；1.68×105𝐽；大于【分析】汽油机的排气门翻开，活塞上行，是排气冲程；能量的转化有方向性。一枚实心纪念币的质量为16g，体积为2cm3，纪念币的密度是 g/cm3。可见，这枚纪念币〔选填“是”或“不是”〕纯金制成。假设宇航员将这枚纪念币带到太空，其质量 〔选填“变大”、“变小”或“不”ρ 3kg/3〕金【答案】8；不是；不变【学问点】质量及其特性；密度及其特性；密度公式及其应用

【学问点】热量的计算【解答】家庭电路中，电热水壶应与其他家用电器之间互不干扰，都能独立工作，所以它们是并联的。用电热水壶加热0.8kg的水，使其温度从30℃上升到80℃，则水吸取的热量𝑄=𝑐 𝑚𝛥𝑡=4.2×103𝐽/(𝑘𝑔⋅℃)×0.8𝑘𝑔×(80℃−30℃)=1.68×105𝐽水由于在烧水过程中，水会不断的向外散热，所以电热水壶实际消耗的电能会大于水吸取的热量。【解答】纪念币的密度𝜌=𝑚=

=8𝑔/𝑐𝑚3=8×103𝑘𝑔/𝑚3<𝜌

=19.3×103𝑘𝑔/𝑚3𝑉 2𝑐𝑚3 金由于纪念币的密度小于纯金的密度，则纪念币不是纯金制作的。质量是物质的一种属性，它不随外形、状态、位置和温度的转变而变化，因此将纪念币带到太空，其质量不变。【分析】依据质量和体积的比值，计算密度；依据密度大小推断材料；质量是物体的属性，和空间位置无关。如下图，电子蜡烛的“烛焰”通过凸透镜在光屏上成一个清楚 立的实像。利用这一成像规律可制成 〔选照相”“投影”“放大”，假设保持蜡烛和光屏的位置不变，仅将凸透镜更换成另一个焦距一样、尺寸更大的凸透镜，此时间屏上像的大小与原来的像比照应 〔选填“变大”“变小”或“不变”。【答案】倒；照相机；不变【学问点】凸透镜成像规律及其探究试验【解答】由图可知，物距大于像距，即电子蜡烛位于凸透镜的二倍焦距之外，凸透镜成倒立、缩小的实像，照相机的成像原理与之一样。凸透镜成像性质是由物距所打算的，试验中保持蜡烛和光屏的位置不变，仅更换焦距一样、尺寸更大的凸透镜，相当于物距大小不变，此时间屏上所成像的大小不变。【分析】当物距大于像距时，成倒立缩小的实像，实际应用是照相机；物距、像距、焦距不变，成像大小一样。家庭电路中，电热水壶应与其他家用电器 联。假设用电热水壶加热0.8kg的水，使其温度从30℃上升到80℃，则水吸取的热量是 J。此过程中，电热水壶实际消耗的电能 〔选填“大

【分析】各用电器分别工作是并联电路；依据物体的比热容、质量和温度差的乘积计算热量；由于能量损失，吸取的热量小于消耗的电能。“西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”〔[唐]张志和《渔歌子。图是白鹭在如镜的水面上飞行的情形。水中的“白鹭”是由光的 形成的 〔选填“实”或“虚”〕像。假设水深3m，当白鹭距离水面5m时，它的像距离水面 m。【答案】反射；虚；5【学问点】平面镜成像的原理、特点【解答】安静的水面相当于平面镜，所以水中的“白鹭”相当于平面镜成像，平面镜成像成的是虚像，其原理是光的反射。依据平面镜成像的特点，像到镜面的距离等于物体到镜面的距离，故白鹭距离水面5m时，它的像距离水面5m。【分析】平面镜成像的依据是光的反射；平面镜成像是虚像，像和物体到平面镜的距离相等。A点动身，先后经过B、C、D、E点。图乙是过山车在B、C，D、E点的动能和重力势能大小的示意图，则过山车的动能在点最大，B点重力势能的大小E点动能的大小。在这个过程中，过山车的机械能是〔选填“变化”或“不变”〕的。【答案】C；等于；变化【学问点】动能大小的比较；势能大小的比较〔1〕B点重力势能最大，在下降的过程中，重力势能转化为动能，再加上之前前进的动能，所以在C点动能最大。由图乙可知，B点的重力势能与E点的动能大小在一个水平线上。所以大小相等。于”“等于”或“小于”〕水吸取的热量。[c

=4.2×103J/〔kg·℃〕]水

由于有摩擦以及空气阻力的缘由，一局部机械能转化为内能，所以过山车的机械能是变化的。【分析】质量肯定时，速度越大，动能越大；高度越大，重力势能越大；运动的物体消耗能量，总机械能减小。图中，刻度尺的分度值是 mm，木块的长度为 cm；【答案】1；3.80【学问点】长度及其测量1cm101mm；木块起始端对应的刻度值为0.00cm3.80cm3.80cm.【分析】刻度尺上最小的单位长度是分度值；依据物体对应刻度尺的位置，测量长度。与毛皮摩擦过的橡胶棒因得到电子而带 电。用带电的橡胶棒接触验电器的金属球，金属箔张开，如下图。这两片金属箔带 种电荷。【答案】负；同【学问点】物体带电状况的推断；验电器的原理及使用【解答】摩擦起电的实质是电子的转移，与毛皮摩擦过的橡胶棒得到电子而带负电，毛皮失去电子而带正电。验电器的两片金属箔带上了同种电荷，同种电荷相互排斥，所以金属箔片会张开。【分析】毛皮摩擦过的橡胶棒得到电子而带负电；验电器的工作原理是同种电荷相互排斥。体温计是依据液体 的规律制成的。体温计离开人体后，直管内的水银 〔选填“能”或“不能”〕自动退回玻璃泡，所以体温计能离开人体读数。图中的体温计示数是 ℃。【答案】热胀冷缩；不能；36.5【学问点】温度及温度计的使用与读数；液体温度计的构造与工作原理【解答】体温计属于液体温度计，玻璃泡内装有液态的水银，工作时利用液体的热胀冷缩的性质来测量人的体温。由于体温计的玻璃泡和直玻璃管之间有一个很细的弯管，在温度下降时水银在细弯管处断开而不能自动流回到玻璃泡内，因此体温计能离开被测人体读数。体温计的测量范围为35~42℃，体温计的一个大格表示1℃，里面有10个小格，分度值为0.1℃，则图中体温计36.5℃。【分析】液体温度计依据热胀冷缩的原理工作；水银温度计的液柱不能自己回到液泡中；依据温度计中液柱位置，测量温度。三、作图题

A保持静止，画出A所受重力GF的示意图。【答案】解：如下图【学问点】力的三要素及力的示意图；重力及其大小的计算A保持静止，受到的重力和拉力是一对平衡力，这两个力大小相等，方向相反，如以下图所示：【分析】物体受到的重力竖直向下；拉力沿拉绳方向。O点，画出法线、反射光线和大致的折射光线。【答案】解：如下图【学问点】作光的反射光路图；作光的折射光路图O点，过O点作垂直于分界面的一条虚线，即法线，依据光的反射定律可知，反射光线与入射光线分居法线两侧，且反射角等于入射角，据此画出反射光线；依据光的折射定律可知，折射光线与入射光线分居法线两侧且不在同一介质中，由于光从水中射入空气，所以折射角大于入射角，据此画出折射光线，如下图：【分析】光在反射时，反射角等于入射角；光在折射时，空气中的角度大。如下图，画出通电螺线管中的电流方向和它外部磁感线a的方向。【答案】解：如下图【学问点】通电螺线管的磁场；安培定则【解答】由图可知，电流从正极动身，回到负极，依据安培定则可知，右手握住通电螺线管，四指指向电流方向，大拇指所指方向，即通电螺线管的右端为N极，磁感线由N极动身，回到S极，如下图：【分析】抓紧安排单子推断通电螺线管的磁极位置；磁体的磁场方向从北极出来回到南极。四、试验题在“探究杠杆的平衡条件”试验中：小明安装好杠杆后，觉察其左端下沉，如图甲所示。为使杠杆在水平位置平衡，应将平衡螺母向调整；如图乙所示，杠杆调整平衡后，在A处悬挂3个钩码，每个钩码重0.5N。假设在B处施加一个拉力使杠杆在水平位置再次平衡，当方向为 时，拉力最小，大小为 N；课后，小明制作了一个简易杠杆，调整杠杆在水平位置平衡，然后在它两边恰当位置分别放上不同数量的同种硬币，使其在水平位置再次平衡，如图丙所示，则力臂𝑙1：𝑙2= 。假设两边同时各取走一枚硬币，则杠杆的端将下沉。的，理由〔1〕右〔2〕竖直向下；2〔3〕4：1；左是。【学问点】杠杆的平衡分析法及其应用；探究杠杆的平衡条件试验〔1〕由图甲知，杠杆的左端下沉，应向右调整平衡螺母才能让杠杆在水平位置平衡。B处施加的动力方向竖直向下时，对应的动力臂最大。据杠杆的平衡条件，阻力和阻力臂不变时，动力臂最大，对应的动力最小。杠杆在水平位置平衡时，有3×0.5N×4l=F1×3l解得最小拉力F1=2N1 24个硬币的重力，设每个硬币的重力为G，则有G：G=2G：4G=1：1 1 2 2 据杠杆的平衡条件有l：l=G：G=4：1 2 2 在两边同时取走一枚硬币，则左边和右边分别是(2G-G)×l1=G×l1=4Gl2(4G-G)×l2=3Gl2所以杠杆的左端下沉。〔1〕探究杠杆水平平衡时，平衡螺母向偏高的的一侧调整；

〔1〕连接电路时，开关没有断开〔2〕0.6；0.22；5；错误；小灯泡不发光，小明断定是灯丝断了，这个推断是错误的，由于假设是小灯泡灯丝断了，那么电压表将串联在电路之中，此时电压表的示数将接近于电源电压，电流表的示数接近于0，依据表格中的数据可知，与实际状况不符，所以不是小灯泡灯丝断了，故小明的推断是错误的【学问点】欧姆定律及其应用；伏安法测电阻的探究试验〔1〕由题意可知，刚接上最终根导线，看到电流表指针马上有偏转，说明电路是一个通路，所以造成这种特别现象的缘由是连接电路时，开关没有断开。〔2〕由图乙中的电压表图可知，电压表选择的量程为0~3V，依据指针所在的位置可得，该电压表的示数为0.6V。由图乙中的电流表图可知，电流表选择的量程为0~0.6A，依据指针所在的位置可得，该电流表的示数为0.22A。由题意可知，小灯泡额定电压为1.5V，再由表格可知，当小灯泡两端电压为额定电压时，通过小灯泡的电流𝑈 𝑈=1.5𝑉=5𝛺重力方向竖直向下，杠杆的拉力重力势能时，便于测量力臂；依据杠杆的平衡条件，计算拉力的大小；

0.3A，依据欧姆定律𝐼=𝑅可得小灯泡正常发光时的电阻是𝑅=𝐼额

0.3𝐴依据杠杆的力臂计算比值；依据杠杆的平衡条件，推断杠杆是否能平衡。图甲是测量小灯泡在不同电压下电阻的试验电路图〔小灯泡额定电压为1.5。小明按电路图连接实物，刚接上最终根导线，看到电流表指针马上有偏转。假设电路连线正确，造成这

小灯泡不发光，小明断定是灯丝断了，这个推断是错误的，由于假设是小灯泡灯丝断了，那么电压表将串联在电路之中，此时电压表的示数将接近于电源电压，电流表的示数接近于0，依据表格中的数据可知，与实际状况不符，所以不是小灯泡灯丝断了，故小明的推断是错误的。种特别现象的缘由是 。测量次序12测量次序12345U/V1.81.51.0 0.3I/A0.320.300.26 0.18①4次测量对应的电压表和电流表示数如图乙所示，此时小灯泡两端的电压是流是 A。②小灯泡正常发光时的电阻是 Ω。

V，通过它的电

〔1〕连接电路时，开关要断开；滑片在电阻最大处；〔2〕依据电压表和电流表的量程和指针位置，测量电压和电流；利用电压和电流的比值，计算电阻；在串联电路中，有电流时，电路不是断路。五、计算题80kg5×10-4m2。在水平地面上工作时，该机器人匀速直线移动的速度为1m/，所受阻力是机器人重力的0.05〔取g=10N/k〕机器人对水平地面的压强；机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力；③第5次测量中，小灯泡不发光。小明断定是灯丝断了。这个推断是 〔选填“正确”或“错误”〕

30s，此过程中牵引力做的功。【答案〔1〕解：机器人的重力𝐺=𝑚𝑔=80𝑘𝑔×10𝑁/𝑘𝑔=800𝑁 【解析【分析〔1〕电阻并联时，电功率较大；利用电压和电阻的比值，计算电流；机器人对水平地面的压强𝑝=𝐹=𝐺= 800𝑁

=1.6×106𝑃𝑎

依据电压和电流的乘积计算电功率；利用电功率和时间的乘积计算产生的热量；𝑆 𝑆 5×10−4𝑚2答：机器人对水平地面的压强是1.6×106𝑃𝑎〔2〕解：机器人在水平地面上匀速直线移动时，受平衡力，牵引力等于阻力，则牵引力𝐹=𝑓=0.05𝐺=0.05800𝑁=40𝑁

依据电压和电功率，可以计算电阻。六、综合题25．我国自主研制的载人深潜器下潜深度已突破10000m，在载人深潜领域到达世界领先水平〔ρ海水=1.03×103kg/m3，ρ

=1.0×103kg/m3，g=10N/kg〕水答：机器人在水平地面上匀速直线移动时的牵引力是40N；〔3〕30s移动的距离𝑠=𝑣𝑡=1𝑚/𝑠×30𝑠=30𝑚此过程中牵引力做的功𝑊=𝐹𝑠=40𝑁×30𝑚=1200𝐽30s1200J。【学问点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；功的计算及应用〔1〕依据物体的质量计算重力；利用压力和受力面积的比值计算压强；依据摩擦力和重力关系，计算摩擦力的大小；依据速度和时间的乘积计算路程；依据力和距离的乘积计算做功多少。1 2 1 某电热取暖器的简化电路如下图，R、R为发热电阻。取暖器工作时，通过开关SS实现低温、高1320W，R1=55Ω1 2 1 取暖器工作时通过R1的电流；1min产生的热量；R2的阻值。𝑅〔1〕解：由电路图知，两个开关都闭合时，两个电阻并联在电路中，电路中的总电阻较小，据𝑃=𝑈2𝑅知，电路中的总电功率较大，处于高温挡；S1闭合、S2断开时，电路中只有R1工作，电路中的电阻较大，据

潜水艇活动的海水深度一般为300m至600m。它可以通过水舱排水或充水来转变 ，从而实现浮沉；深潜器可进入更深的水域，在10000m的深处，海水产生的压强为 Pa。由于深海海水压强太大，深潜器实现浮沉的方法与潜水艇有所不同；小明阅读资料后，利用图的装置模拟深潜器在水中的运动过程。物体甲、乙由一条细线连接且在水中处于静止状态，乙的质量为0.2kg，体积为25cm3，则乙所受浮力的大小为 N，乙受到细线的拉力为 。假设剪断细线，甲将 〔选填上、“悬”“下沉”，此时甲所受浮力〔填字母。A．增大，且大于重力 B．不变，且等于重力C．不变，且大于重力 D．减小，且小于重力〔1〕自身重力〔2〕1.03×108〔3〕0.25；1.75；上浮；C【学问点】液体压强的计算；浮力大小的计算〔1〕由于潜水艇排开水的体积不变，所受浮力不变，当它向水舱充水或向外排水时，转变了𝑅𝑃=𝑈2𝑅

知，电路中的总电功率较小，处于低温挡。此时通过R1

=𝑈𝑅1

=220𝑉=4𝐴

自身的重力，从而实现上浮或下沉。〔2〕10000m深处受到海水的压强p=ρ

55𝛺gh=1.03×103kg/m3×10N/kg×10000m=1.03×108Pa55𝛺答：取暖器工作时通过R14A；解：电热取暖器处于低温挡时，功率P

=UI=220V×4A=880W1低温1

海水由图可知，乙在水中浸没且处于静止状态，则乙所受浮力F 浮乙

gV =ρ gV水 排 水 乙1minQ=P

t=880W×60s=52800J低温

=1.0×103kg/m3×10N/kg×25×10-6m3=0.25N1min52800J；

物体乙的重力G

=m g=0.2kg×10N/kg=2N乙 乙〔3〕解：高温挡工作，R2消耗的功率P2=P

-P =1320W-880W=440W高温 低温

物体乙受到竖直向下的重力、竖直向上的细线的拉力和浮力的作用而静止，则物体乙受到细线的拉力F =G细线

的阻值

=

2=(220𝑉)2

=110𝛺

-F =2N-0.25N=1.75N乙 浮乙2 2 𝑃2 440𝑊

物体甲在水中浸没且静止，受到竖直向上的浮力、竖直向下的重力和细线的拉力而处于平衡状态，则F =G浮甲答：R2110Ω。【学问点】欧姆定律及其应用；电功率的计算；电功与热量的综合计算

+F甲 细线假设剪断细线，细线对物体甲的拉力消逝，物体甲排开水的体积不变，即物体甲所受浮力不变，物体甲的重力也不变，则物体甲所受浮力大于物体甲的重力，物体甲将上浮。ABD不符合题意，C符合题意。故答案为：C。〔1〕潜水艇通过转变自身重力实现沉浮；依据液体密度和深度，可以计算液体压强；依据液体密度和排开液体的体积计算浮力；利用物体的质量计算重力；依据物体的重力和浮力差可以计算拉力大小；依据物体受到的重力和浮力，推断物体在液体中的状态。图甲为局部电磁波的频率分布示意图。由图可知，紫外线 〔选填“是”或“不是”〕电磁波。它在真空中的传播速度约为m/s。以下实例中，属于紫外线应用的是 〔填字母。A．遥控器掌握电视 B．体检时拍X光片C．医院杀菌消毒灯 D．“测温枪”测量体温少量的紫外线照耀是有益的，过量的紫外线照耀会损伤皮肤。紫外线能使荧光物质发光，小明想检验某防晒霜对紫外线的阻挡作用，利用图乙所示的试验装置在暗室及肯定防护下进展试验。步骤一：如图乙所示，固定好紫外线灯和涂有荧光物质的硬纸板，将一块大小适宜的玻璃板放置在〔选填“I”“℃”或“℃”〕区域，且调整玻璃板与硬纸板平行；步骤二：翻开紫外线灯，荧光物质发光；步骤三：关闭紫外线灯，荧光物质不发光；步骤四：按产品的说明书要求在玻璃板上均匀涂满防晒霜，再次翻开紫外线灯，荧光物质有微弱发光。由此可推断，该防晒霜 〔选填“能”或“不能”〕阻挡全部紫外线。〔1〕是；3.0×108〔2〕C〔3〕℃；不能【学问点】紫外线；电磁波的产生；波速、波长和频率的关系〔1〕由于光是电磁波的一种，而紫外线又属于看不见得光，所以紫外线属于电磁波。3×108m/s，而紫外线属于看不见得光，所以紫外线在真空中的传播速度约为3×108m/s。〔2〕A．遥控器是利用红外线可以进展遥控来工作的，A不符合题意；B．拍X光片利用的是X射线，不属于紫外线，B不符合题意；C．医院杀菌消毒灯，利用的是紫外线具有杀菌作用，C符合题意；

D．测温枪的工作原理是利用红外线的热效应，D不符合题意。故答案为：C。〔3〕由题意可知，小明要检验某防晒霜对紫外线的阻挡作用，由于光沿直线传播，所以应当把玻璃板放在紫外线灯和涂有荧光物质的硬纸板之间，观看荧光物质的发光状况；然后在玻璃板上均匀涂满防晒霜，观看荧光物质的发光状况，通过比照，得出某防晒霜对紫外线是否有阻挡作用。由题意可知，在玻璃板上均匀涂满防晒霜，再次翻开紫外线灯，荧光物质有微弱发光，说明仍有局部紫外线照耀在荧光物质上，所以该防晒霜不能阻挡全部紫外线。〔1〕3×108m/s；紫外线具有杀菌消毒的力量；在紫外线和光屏间放置防晒物体，观看其防晒力量。阅读以下短文，答复以下问题。直流充电桩直流充电桩是一种为电动汽车补给能量的装置，如图甲所示，它能够将电网中的沟通电转化为直流电，再将电能充入汽车动力电池〔以下简称电池。通常，直流充电桩比沟通充电桩的充电电压更高、电流更大，因而可实现快速充电。充电时长充电度数充