2021-2022学年湖北省十堰市房县实验中学高二物理下学期期末试题含解析

2021-2022学年湖北省十堰市房县实验中学高二物理下学期期末试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.在均匀固体介质中有两个处于同一水平直线上、相距6.0m的振源A和B.t＝0时刻A、B同时开始沿竖直方向振动，图甲、乙分别是A、B的振动图象．t＝0.30s时由A、B激发的两列波的振动同时传播到与A、B位于同一水平直线、且到它们距离相等的中点C.则A．两列波的传播速率均为20m/sB．两列波的波长均为2.0mC．在两列波叠加的过程中，C点为振动加强的点．D．在两列波叠加的过程中，C位置质点的振幅为20cm参考答案：B2.下面所述的几种相互作用中，通过磁场而产生的有(

)A．两个静止电荷之间的相互作用

B．两根通电导线之间的相互作用C．两个运动电荷之间的相互作用

D．磁体与运动电荷之间的相互作用参考答案：BCD3.（单选）利用薄膜干涉可检查工件表面的平整度．如图（a）所示，现使透明标准板M和待检工件N间形成一楔形空气薄层，并用单色光照射，可观察到如图（b）所示的干涉条纹，条纹的弯曲处P和Q对应于A和B处，下列判断中正确的是（）A．N的上表面A处向上凸起B．N的上表面B处向上凸起C．条纹的cd点对应处的薄膜厚度相同D．条纹的d、e点对应处的薄膜厚度相同参考答案：解：薄膜干涉是等厚干涉，即明条纹处空气膜的厚度相同．条纹的cd点在直条纹处，故cd点对应处的薄膜厚度相同，从弯曲的条纹可知，A处检查平面左边处的空气膜厚度与后面的空气膜厚度相同，知A处凹陷，B处检查平面右边处的空气膜厚度与后面的空气膜厚度相同，知B处凸起，故选：BC．4.关于电磁感应，下列说法中正确的是（

）A．穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大B．穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零C．穿过线圈的磁通量的变化越大，感应电动势越大D．穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大参考答案：

D5.（单选）如图所示，一个木箱原来静止在光滑水平面上，木箱内粗糙的底板上放着一个小木块.木箱和小木块都具有一定的质量.现使木箱获得一个向右的初速度，则A.小木块和木箱最终都将静止B.小木块最终将相对木箱静止，二者一起向右运动C.小木块在木箱内壁将始终来回往复碰撞，而木箱一直向右运动D.如果小木块与木箱的左壁碰撞后相对木箱静止，则二者将一起向左运动参考答案：B二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.下图是交流发电机的示意图。为了清楚，老师只画出了一匝线圈（实际共有N匝）。线圈AB边（长l1）连在金属环K上，CD边（长也为l1）连在滑环L上；导体做的两个电刷E、F分别压在两个滑环上，线圈在转动时可以通过滑环和电刷保持与外电路的连接。假定线圈沿逆时针方向以角速度ω0匀速转动，如图甲至丁。（左边为N极，右边为S极;外面是K环,里面是L环）那么：(1）线圈转到上述图示的

位置时，线圈中电流最大；（2）线圈由丙转到丁的过程中，AB边中电流的方向

；（3）当AD边和BC边长均为l2，磁场可视为磁感应强度B的匀强磁场，整个电路总电阻设为R，以丙图位置计时t=0，则线圈中电流随时间变化的规律为i=

.参考答案：(1)

乙和丁

;(2)

A→B

(3)i＝（+/-)(NBl1l2ω0/R)sinω0t7.(4分)甲图和乙图分别是做简谐运动的甲音叉和乙音叉的振动图象，已知这两个音叉形成的机械波(甲波和乙波)在同种介质中的传播速度大小相同。则：①甲、乙两波比较，在同种介质中，

波更容易发生明显的衍射现象；②图丙中，在甲音叉和乙音叉振动的过程中，虚线框所示区域内，

(填“能够”或“不能”)发生明显的干涉现象。参考答案：乙

不能8.氢原子中电子绕核做匀速圆周运动，当电子运动轨道半径增大时，电子的电势能

，电子的动能

，运动周期

．（填增大、减小、不变）参考答案：增大，减小，增大【考点】氢原子的能级公式和跃迁．【分析】电子绕核运动时，半径增大，电场力做负功，电势能增大，动能减小；根据库仑力提供向心力可分析周期的变化．【解答】解：氢原子中电子绕核做匀速圆周运动，当电子运动轨道半径增大时，电子克服电场力做功，所以电子的电势能增大，电子的动能减小；根据库仑力提供向心力可得：，可知半径增大时运动周期增大．故答案为：增大，减小，增大9.一个半径为R的绝缘球壳上均匀地带有电量为+Q的电荷，另一电量为+q的点电荷放在球心O处，由于对称性，点电荷受力为零。现在球壳上挖去半径为r，(r≤R)的一个小圆孔，则此时置于球心的点电荷所受力的大小为___

_____(已知静电力恒量为k)参考答案：Qqr2/4R210.磁感应强度B是

(填标量或矢量)，它的单位

。参考答案：矢量

T11.电子伏是研究微观粒子时常用的能量单位，1eV就是在电势差为1V的两点间移动一个元电荷，电场力所做的功，则1eV=

J。参考答案：12.核反应方程式是反应堆中发生的许多核反应中的一种，n为中子，X为待求粒子，a为X的个数，则X为________，a＝________。以mU、mBa、mKr分别表示U、Ba、Kr核的质量，mn、mp分别表示中子、质子的质量，c为光在真空中传播的速度，则在上述核反应过程中放出的核能ΔE＝____。参考答案：n

3

(mU－mBa－mKr－2mn)c213.如图所示是一个双量程电压表，表头是一个内阻Rg＝500Ω，满刻度电流为Ig＝1mA的毫安表，现接成量程分别10V和100V的两个量程，则所串联的电阻R1＝

Ω,R2＝

Ω参考答案：9．5×103

9×104由Ug=IgRg=0．5V，所以R1两端电压UR1=U1-Ug=9．5V，所以；同理UR2=U2-U1=90V，。考点：串联电路电压和电阻的关系点评：串联电路中电流不变，电压比就等电阻比。三、实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.有一金属电阻丝的阻值约为20，现用以下实验器材测量其电阻率：A．电压表(量程0～15V，内阻约为15)

B．电压表(量程0～3V，内阻约为3)C．电流表(量程0～0.3A，内阻约为0.5)

D．电流表(量程0～3A，内阻约为0.1)E．滑动变阻器(阻值范围0～1，允许最大电流0.2A)F．滑动变阻器(阻值范围0～20，允许最大电流1.0A)G．螺旋测微器H．电池组(电动势3V，内电阻约为0.5)I．开关一个和导线若干（1）某同学决定采用分压式接法调节电路．为了比较准确地测量出电阻丝的电阻，电压表选________，电流表选________，滑动变阻器选________．(只需填写器材前面的字母)（2）用螺旋测微器测量该电阻丝的直径，示数如图甲所示，该电阻丝直径的测量值＝________mm；（3）如图乙所示，将电阻丝拉直后两端分别固定在刻度尺两端的接线柱和上，其间有一可沿电阻丝滑动的触头，触头的上端为接线柱．当按下触头时，它才与电阻丝接触，触头位置可在刻度尺上读出．该同学测电阻丝电阻的实物连接如图丙所示，在连接最后一根导线的左端到电池组正极之前，请指出其中仅有的2个不当之处，并说明如何改正．A．

B．________________________（4）实验中改变触头与电阻丝接触的位置，并移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数保持不变，记录对应的电压表的示数和接入电路的电阻丝的长度．利用测量数据描点作出图线，如图丁所示，并求得图线的斜率为．则用电阻丝的直径、电流和斜率表示电阻丝的电阻率＝________．参考答案：（1）B、C、F（2）0.185（）

（3）A:开关应该处于断开状态

B：滑动变阻器滑片P’应当滑到最右端

（4）

15.（填空）（2014春?封丘县校级期末）在用接在50Hz交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度的实验中，得到如图所示的一条纸带，从比较清晰的点开始起，每5个打印点取一个计数点，分别标上0、1、2、3、4…量得0与1两点间的距离s1=30mm，3与4两点间的距离s4=48mm，则小车在0与1两点间平均速度为，小车的加速度为．参考答案：0.3m/s，0.6m/s2．解：根据平均速度的定义可知小车在0与1两点间平均速度为：；根据匀变速直线运动的推论有：所以：．故答案为：0.3m/s，0.6m/s2．四、计算题：本题共3小题，共计47分16.在边长为30cm的正三角形的两个顶点A，B上各放一个带电小球，其中Q1=4×10-6C，Q2=－4×10-6C，求它们在三角形另一顶点C处所产生的电场强度大小和方向。

参考答案：在边长为30cm的正三角形的两个顶点A，B上各放一个带电小球，其中Q1=4×10-6C，Q2=－4×10-6C，求它们在三角形另一顶点C处所产生的电场强度大小和方向。

计算电场强度时，应先计算它的数值，电量的正负号不要代入公式中，然后根据电场源的电性判断场强的方向，用平行四边形法求得合矢量，就可以得出答案。由场强公式得：C点的场强为E1，E2的矢量和，由图8－1可知，E，E1，E2组成一个等边三角形，大小相同，∴E2=4×105（N/C）方向与AB边平行。17.如图所示，光滑水平台面MN上放两个相同小物块A、B，右端N处与水平传送带理想连接，传送带水平部分长度L=8m，沿逆时针方向以恒定速度v0=2m/s匀速转动．物块A、B（大小不计，视作质点）与传送带间的动摩擦因数均为μ=0.2，物块A、B质量均为m=1kg．开始时A、B静止，A、B间压缩一轻质短弹簧．现解除锁定，弹簧弹开A、B，弹开后B滑上传送带，A掉落到地面上的Q点，已知水平台面高h=0.8m，Q点与水平台面间右端间的距离S=1.6m，g取10m/s2．（1）求物块A脱离弹簧时速度的大小；（2）求弹簧储存的弹性势能；（3）求物块B在水平传送带上运动的时间．参考答案：解：（1）A作平抛运动，竖直方向：，水平方向：S=vAt代入数据联立解得：vA=4m/s（2）解锁过程系统动量守恒，规定A的速度方向为正方向，有：mvA﹣mvB=0由能量守恒定律：代入数据解得：Ep=16J（3）B作匀变速运动，由牛顿第二定律有：μmg=ma解得：a=μg=0.2×10m/s2=2m/s2B向右匀减速至速度为零，由，解得：SB=4m＜L=8m，所以B最终回到水平台面．设B向右匀减速的时间为t1：vB=at1设B向左加速至与传送带共速的时间为t2，v0=at2由，共速后做匀速运动的时间为t3，有：SB﹣S2=v0t3代入数据解得总时间：t=t1+t2+t