【3套试题】重庆市中考模拟考试物理试卷

2019年山东省东营市胜利中学中考物理模拟试卷一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．摄影师抓拍了一个有趣的场面（如图）：一只乌鸦站在飞翔的老鹰背上休憩。下列说法正确的是（）A．以乌鸦为参照物，老鹰是静止的 B．以地面为参照物，乌鸦是静止的 C．以老鹰为参照物，乌鸦是运动的 D．以地面为参照物，老鹰是静止的2．下列有关生活用电常识，做法不可行的是（）A．尽量减小电视机待机时间 B．离开教室后应及时关掉电灯 C．长期不使用的电视机应适当地通通电 D．当有人触电时应迅速用手把他拉到安全的地方3．上体育课时，涵涵同学看到操场上的物理现象，其中解释不正确的是（）A．穿运动鞋跑步不易滑倒是利用运动鞋底部凹凸不平的花纹来增大摩擦 B．跳远的同学在起跳时用力蹬地是因为力的作用是相互的 C．地面上滚动的足球越滚越慢，是由于足球的惯性越来越小 D．球拍击打羽毛球，改变羽毛球的运动方向，说明力能改变物体的运动状态4．甲、乙两种机械的效率分别是70%和50%，则下列说法中正确的是（）A．使用甲机械省力 B．使用甲机械做功快 C．在相同的时间内，使用甲机械完成的功多 D．乙机械的额外功在总功中占的比例大5．用照相机拍摄集体人像照片，人的位置站好后，发现有些人没有进入画图，那么应采取的措施是（）A．照相机离人近一些，将镜头与胶片的距离调小一些 B．照相机离人近一些，将镜头与胶片的距离调大一些 C．照相机离人远一些，将镜头与胶片的距离调大一些 D．照相机离人远一些，将镜头与胶片的距离调小一些6．小晨设计了一个实验，用排水法测某实心金属块的密度。实验器材有小空筒、溢水杯、烧杯、量筒和水。实验步骤如下：①让小空筒漂浮在盛满水的溢水杯中，如图甲；②将金属块浸没在水中，测得溢出水的体积为20毫升，如图乙；③将烧杯中20毫升水倒掉，从水中取出金属块，如图丙；④将金属块放入小空筒，小空筒仍漂浮在水面，测得此时溢出水的体积为44毫升，如图丁。在实验步骤③和④中，将沾有水的金属块放入小空筒，测出的金属块密度将（）A．偏大 B．不变 C．偏小 D．都有可能7．《舌尖上的中国2》聚焦于普通人的家常菜，让海内观众领略了中华饮食之美，煎、炒、蒸、拌的四种烹饪方式中包含着许多的物理知识，下列说法正确的是（）A．煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容大 B．炒：主要是通过厨师用锅铲做功的方式使菜的内能增加 C．蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，把菜蒸热 D．拌：将调品味拌入菜中，分子没有做无规则运动8．制图象是对物理过程分析和实验数据处理的一种常用方法，它可以直观地反映各物理量之间的关系。如图所示的图象中，不正确的是（）A．汽车的匀速直线运动图象 B．铝的质量与体积的关系图象 C．电阻一定时，通过它的电流跟它两端电压关系图象 D．海波的熔化图象9．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表和电压表示数的变化分别为（）A．电流表的示数变小，电压表的示数变大 B．电流表的示数变大，电压表的示数变小 C．电流表的示数变小，电压表的示数变小 D．电流表的示数变小，电压表的示数不变10．如图甲所示，烧杯里盛有6℃的水，小球在水中恰好悬浮。经研究发现，水的密度随温度的变化如图乙所示。现在烧杯四周放上大量的冰块，在烧杯内水的温度下降到0A．先下沉然后上浮 B．先上浮然后下沉 C．浮力变小，一直下沉 D．浮力变大，一直上浮二．填空题（共7小题，满分14分，每小题2分）11．声音的高低叫做，六月的潜山森林公园，到处都是莺歌燕舞，鸟语花香。我们能听到小鸟的叫声，说明声音可以在中传播；我们还能分辨出黄鹂的歌声，这主要是因为不同种类的小鸟发出声音的（填“响度”、“音调”或“音色”）不同。12．如图所示是太阳能LED照明路灯。它主要由太阳能电池板、LED灯头等部分构成。LED是一种发光二极管，通过电流能够发光，可以把电能直接转化成能。太阳能是能源（填“可再生”或“不可再生”）、清洁无污染，它是在太阳内部，氢原子核发生（填“裂变”或“聚变”），释放出的核能。13．打开自来水龙头，使自来水流过如图2所示的玻璃管，在A、B、C三处，水的流速较大的是处，压强较小的是处（选填“A”“B”或“C”）。如图3所示，是喷雾器的原理示意图，当空气从小孔迅速流出，小孔附近空气的流速较大，压强（填“大于”、“小于”或“等于”）容器里液面上方的空气压强，液体就沿细管上升，从管口中流出后，受气流的冲击，被喷成雾状。14．如图所示，入射光线AO经平面镜发射后，反射角为度；某湿地公园因湖水清澈可鉴，有“镜湖”之称，这是因为光在水面发生了（选填“漫”或者“镜面”）反射。15．如图所示，轻质杠杆OA可绕O点无摩擦转动，A点处挂一个重为20N的物体，B点处加一个竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，且OB：AB＝2：1．则F＝N，它是杠杆。16．如图所示是家庭电子式电能表的表盘，其示数是kW•h，表盘上标有“3200imp/kW•h”表示。若家庭电路中只有一台电热水器在工作，如图所示的电能表的指示灯在4min内闪烁320次，则该热水器在4min内消耗的电能为J，该热水器的实际功率是W。17．烈日下，海滩上的沙子热得烫脚，但海水却是凉爽的，这是因为海水的比沙子的大得多，初温、质量相同的沙子和水吸收相同的热量后，沙子升高的温度（大于/小于/等于）水升高的温度。三．作图题（共5小题，满分34分）18．一束光从空气中斜射到水面时发生反射和折射，OB是反射光线，请作出入射光线和大致的折射光线。19．如图是一根曲杆，可绕O点转动，C点处悬挂着一个物体。若在A点施加一个最小的力使杠杆在图示位置平衡，请画出这个力F和它的力臂。20．实验室除了条形磁铁还提供了如图所示的实验器材，请你设计实验证明：条形磁铁中央与两端的磁性强弱不同。写出从图中所选择的实验器材：；并简述实验步骤和实验现象。21．为完成“探究电流与电阻的关系”实验，小海从实验室取得以下器材：电压恒为4.5V的电池组、电流表、电压表、开关，5Ω、10Ω、25Ω的定值电阻各一个，规格为“40Ω1A”的滑动变阻器，导线若干。（1）请根据所学知识，用笔画线代替导线，在1图中将实物连接完整；（2）小海将10Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如2图所示，记为V，并记录电流表的示数；接着保持滑片位置不变，将电阻换为25Ω后，为保证表的示数不变，应向（选填“左”或“右”）移动滑片；（3）通过实验得到电流随电阻变化的图象如3图所示，由此可知：一定时，通过导体的电流与其电阻成比；（4）在小海实验基础上，为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻，则选用的定值电阻最大阻值不允许超过Ω。22．某小组进行“探究动能大小与哪些因素有关”的活动。（1）小明用质量不同的小球A和B，让它们从同一斜面的同一位置由静止释放，撞击置于水平面上的木块，如图甲和乙。①将小球从同一位置处释放，目的是为了控制小球到达水平面的相同。②通过比较来比较小球动能的大小。根据实验得出结论：动能大小与质量大小有关。（2）同组的小红让小球A从同一斜面的不同高度由静止释放，撞击水平面上的木块，如图丙。发现：木块滑行的距离不一样远。根据这一现象，她认为动能还与速度有关。但小华却认为动能和高度有关。请你向小华作出合理的解释：。四．计算题（共2小题，满分22分，每小题11分）23．一用细绳拴着的长方形实心物体沉在水平的水底，现用测力计挂着细绳拉着物体竖直向上匀速运动，测力计示数F与测力计上升距离h的关系如图所示，则：（1）物体浸没在水中时，受到水的浮力是多少？（2）物体浸没在水中时，其上表面受到水的最大压强是多少？（3）物体的密度是多少？（取g＝10N/kg，水密度为1.0×103kg/m24．小明家有一额定功率为2000W的电热水器，内装20kg的水，通电后正常加热25min，水的温度从20℃升高到50[已知c水＝4.2×103J/（kg•℃）]

2019年山东省东营市胜利中学中考物理模拟试卷参考答案与试题解析一．选择题（共10小题，满分30分，每小题3分）1．摄影师抓拍了一个有趣的场面（如图）：一只乌鸦站在飞翔的老鹰背上休憩。下列说法正确的是（）A．以乌鸦为参照物，老鹰是静止的 B．以地面为参照物，乌鸦是静止的 C．以老鹰为参照物，乌鸦是运动的 D．以地面为参照物，老鹰是静止的【分析】判断一个物体是运动的还是静止的，要看这个物体与所选参照物之间是否有位置变化；若位置有变化，则物体相对于参照物是运动的；若位置没有变化，则物体相对于参照物是静止的。【解答】解：（1）乌鸦站在飞翔的老鹰背上休憩，乌鸦和老鹰是相对静止的，因此以乌鸦为参照物，老鹰是静止的；（2）老鹰托着乌鸦飞翔，因此以地面为参照物，乌鸦是运动的。故选项BCD错误，选项A正确。故选：A。【点评】一个物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物。所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同。这就是运动和静止的相对性。2．下列有关生活用电常识，做法不可行的是（）A．尽量减小电视机待机时间 B．离开教室后应及时关掉电灯 C．长期不使用的电视机应适当地通通电 D．当有人触电时应迅速用手把他拉到安全的地方【分析】（1）待机状态会消耗电能；（2）用电器工作的时间越长，消耗的电能越多；（3）电热的应用：驱潮；（4）一旦发生触电事故，应立即断开电源开关，或用绝缘体将电线挑开，使触电者与电源脱离，并进行现场抢救。【解答】解：A、待机状态会消耗电能，故尽量减小电视机待机时间，故A可行；B、离开教室时要随手关灯和电风扇，可以节约电能，养成节能的习惯，故B可行；C、长期不使用的电视机应适当地通通电，利用电热驱潮，故C可行；D、发现有人触电时，不要直接去救援，因为人体是导体，如果接触触电人，救援人员可能直接或间接接触火线，发生触电事故，所以一定先切断电源，故D不可行。故选：D。【点评】此题考查了节约用电的做法、发现有人触电时的抢救方法以及测电笔的使用方法，是一道基础题。3．上体育课时，涵涵同学看到操场上的物理现象，其中解释不正确的是（）A．穿运动鞋跑步不易滑倒是利用运动鞋底部凹凸不平的花纹来增大摩擦 B．跳远的同学在起跳时用力蹬地是因为力的作用是相互的 C．地面上滚动的足球越滚越慢，是由于足球的惯性越来越小 D．球拍击打羽毛球，改变羽毛球的运动方向，说明力能改变物体的运动状态【分析】（1）增大摩擦力的方法：增大压力，增大接触面的粗糙程度；（2）知道力的作用是相互的，一个物体受到力，同时给对方一个反作用力；（3）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关；（4）力的作用效果包括：力可以改变物体的形状，力可以改变物体的运动状态。【解答】解：A、运动鞋的底部有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，所以穿运动鞋跑步不易滑倒，故A正确；B、跳远的同学在起跳时用力向后蹬地，是因为力的作用是相互的，这样才能获得向前的动力，故B正确；C、地面上滚动的足球越滚越慢，是因为足球受到摩擦力的作用，而不是惯性越来越小，惯性的大小只与物体的质量有关，其大小不变，故C错误；D、球拍击打羽毛球，羽毛球的运动方向发生改变，说明力可以改变物体的运动状态，故D正确。故选：C。【点评】本题考查了摩擦力、物体间力的作用是相互的、力的作用效果、增大摩擦力方法的应用等，都是生活中常见的力学现象，属基础题。4．甲、乙两种机械的效率分别是70%和50%，则下列说法中正确的是（）A．使用甲机械省力 B．使用甲机械做功快 C．在相同的时间内，使用甲机械完成的功多 D．乙机械的额外功在总功中占的比例大【分析】（1）机械效率是指有用功占总功的百分比；（2）功率是表示做功快慢的物理量。【解答】解：A．机械效率高是指做的功中有用功占的比例高，与是否省力无关，故A错误；B．功率是表示做功的快慢，而功率与机械效率没有必然的联系，故B错误；C．机械效率高是指做的功中有用功占的比例高，与做功的多少无关，故C错误；D．乙的机械效率较低，说明有用功占总功的比例小，相应的，额外功占总功的比例就比较大，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了学生对机械效率和功率公式的理解与掌握，是一道基础题目。5．用照相机拍摄集体人像照片，人的位置站好后，发现有些人没有进入画图，那么应采取的措施是（）A．照相机离人近一些，将镜头与胶片的距离调小一些 B．照相机离人近一些，将镜头与胶片的距离调大一些 C．照相机离人远一些，将镜头与胶片的距离调大一些 D．照相机离人远一些，将镜头与胶片的距离调小一些【分析】根据凸透镜成像的规律分析：为了使全体同学都进入镜头，则像要变小一些，像要变小，则像距变小，物距变大。【解答】解：根据凸透镜成像的规律知，使全体同学都进入镜头，是要把成的像变小点，就要像距变小，将镜头往后缩；同时物距变大，照相机离人远一些。故选：D。【点评】本题考查了凸透镜成实像时的物距与像距的变化关系：物近（远）、像远（近）、像增大（减小）。6．小晨设计了一个实验，用排水法测某实心金属块的密度。实验器材有小空筒、溢水杯、烧杯、量筒和水。实验步骤如下：①让小空筒漂浮在盛满水的溢水杯中，如图甲；②将金属块浸没在水中，测得溢出水的体积为20毫升，如图乙；③将烧杯中20毫升水倒掉，从水中取出金属块，如图丙；④将金属块放入小空筒，小空筒仍漂浮在水面，测得此时溢出水的体积为44毫升，如图丁。在实验步骤③和④中，将沾有水的金属块放入小空筒，测出的金属块密度将（）A．偏大 B．不变 C．偏小 D．都有可能【分析】通过分析金属块的体积在测量过程中的变化，根据ρ＝分析在实验步骤③和④中，将沾有水的金属块放入小空筒，对实验结果的影响。【解答】解：在实验步骤③和④中测得的金属块的体积一定，在实验步骤③和④中，将沾有水的金属块放入小空筒，相当于减少了小空桶排开水的重力，增加了小空桶和金属块排开水的重力，而且其减少量等于增加量，故金属块排开水的体积不变，所受浮力不变，则其重力、质量不变，所以根据ρ＝可知，测出的金属块密度不变。故选：B。【点评】本题主要考查阿基米德原理，及物体漂浮时浮力与重力相等，根据已知条件确定金属块的体积和质量是解决此题的关键。7．《舌尖上的中国2》聚焦于普通人的家常菜，让海内观众领略了中华饮食之美，煎、炒、蒸、拌的四种烹饪方式中包含着许多的物理知识，下列说法正确的是（）A．煎：煎锅一般用铁制造，主要是利用了铁的比热容大 B．炒：主要是通过厨师用锅铲做功的方式使菜的内能增加 C．蒸：是通过热传递和高温水蒸气液化放热，把菜蒸热 D．拌：将调品味拌入菜中，分子没有做无规则运动【分析】（1）金属的物质，一般都具有良好的导热性；（2）改变物体内能有做功和热传递两种方式，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程；（3）物质由气态变成液态的过程叫做液化，液化放热；（4）物质是由分子组成的，分子在不停地做无规则运动。【解答】解：A、煎锅一般用铁制造，主要是利用铁具有良好的导热性，该选项说法不正确；B、炒主要是通过热传递的方式使菜的内能增加，该选项说不正确；C、蒸是通过热传递和高温水蒸气液化放热，使榆钱饭蒸熟，该选项说法正确；D、将调品味拌入菜中，说明了分子在做无规则运动，该选项说法不正确。故选：C。【点评】本题以中华美食为背景考查相关的物理知识，注重了物理和生活的联系，是中考的热点。8．制图象是对物理过程分析和实验数据处理的一种常用方法，它可以直观地反映各物理量之间的关系。如图所示的图象中，不正确的是（）A．汽车的匀速直线运动图象 B．铝的质量与体积的关系图象 C．电阻一定时，通过它的电流跟它两端电压关系图象 D．海波的熔化图象【分析】（1）汽车做匀速直线运动时，速度一定，路程与时间成正比；（2）同种物质密度一定，质量与体积成正比；（3）电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比；（4）晶体在熔化过程中，吸热但温度保持不变。【解答】解：A、汽车做匀速直线运动时，速度一定，路程与时间成正比。如果用横轴表示时间，纵轴表示路程，则图象就是一条斜线。故A正确；B、同种物质密度一定，质量与体积成正比，用图象表示应该是一条斜向上的直线。而如果是一条平行于横轴的直线，则它所表达的意思就不是质量与体积成正比。故B不正确；C、电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比，用图象表示应该是一条斜向上的直线，而不是一条斜向下的直线。斜向下表示电流随着电压的增大在减小，这违背了欧姆定律。故C不正确；D、海波是晶体，晶体在熔化过程中虽然吸热，但温度保持不变，晶体在熔化时有确定的温度，而图象中并没有确定的熔化温度。故D不正确。故选：BCD。【点评】图象是我们分析实验数据常用的一种方法，我们要学会图象的分析，认识和记住课本上出现的一些具有代表性的图象。9．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，当开关S闭合，滑动变阻器滑片P向右移动时，电流表和电压表示数的变化分别为（）A．电流表的示数变小，电压表的示数变大 B．电流表的示数变大，电压表的示数变小 C．电流表的示数变小，电压表的示数变小 D．电流表的示数变小，电压表的示数不变【分析】由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流，根据电源的电压可知滑片移动时电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知滑片移动时通过R1的电流不变，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知通过R2的电流变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化。【解答】解：由电路图可知，定值电阻R1与滑动变阻器R2并联，电压表测电源的电压，电流表测干路电流，因电源电压保持不变，所以，滑片移动时，电压表的示数不变，故ABC错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，滑片移动时通过R1的电流不变，当滑动变阻器滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，由I＝可得，通过R2的电流变小，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表的示数变小，故D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，分清电路的连接方式和电表所测的电路元件是关键。10．如图甲所示，烧杯里盛有6℃的水，小球在水中恰好悬浮。经研究发现，水的密度随温度的变化如图乙所示。现在烧杯四周放上大量的冰块，在烧杯内水的温度下降到0A．先下沉然后上浮 B．先上浮然后下沉 C．浮力变小，一直下沉 D．浮力变大，一直上浮【分析】物体的密度等于液体的密度相等时物体悬浮，物体的密度小于液体的密度时物体上浮、最终漂浮，物体的密度大于液体的密度时物体下沉、沉入水底，据此结合水密度的变化进行分析解答。【解答】解：因烧杯里盛有6℃由图象可知：4℃的水的密度最大，6℃的水的密度比当水的温度从6℃降到4当水的温度从4℃降到0综上可知，小球先上浮后下沉，故B正确，ACD错误。故选：B。【点评】本题考查了学生对物体浮沉条件的掌握和运用，知道水在0～4℃二．填空题（共7小题，满分14分，每小题2分）11．声音的高低叫做音调，六月的潜山森林公园，到处都是莺歌燕舞，鸟语花香。我们能听到小鸟的叫声，说明声音可以在空气中传播；我们还能分辨出黄鹂的歌声，这主要是因为不同种类的小鸟发出声音的音色（填“响度”、“音调”或“音色”）不同。【分析】（1）声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；（2）声音的传播靠介质；固体、液体、气体都可作为传播声音的介质，我们平时听到的声音大多是由空气这种介质传播的。【解答】解：声音的高低叫音调；声音的传播靠介质，我们能听到小鸟的叫声，说明声音可以在空气中传播；我们还能分辨出黄鹂的歌声，这主要是因为不同种类的小鸟发出声音的音色不同。故答案为：音调；空气；音色。【点评】深入理解声音的三个特征、声音的传播条件；可解答此题。12．如图所示是太阳能LED照明路灯。它主要由太阳能电池板、LED灯头等部分构成。LED是一种发光二极管，通过电流能够发光，可以把电能直接转化成光能。太阳能是可再生能源（填“可再生”或“不可再生”）、清洁无污染，它是在太阳内部，氢原子核发生聚变（填“裂变”或“聚变”），释放出的核能。【分析】太阳能电池板是把太阳转化成电能的装置，LED是一种发光二极管可以把电能直接转化成光能；可再生能源是能在短时间内形成的能源，可再生资源特点是取之不尽用之不竭。太阳内部进行着核聚变，由氢原子核聚变成氦原子核，释放出核能。【解答】解：太阳能电池板是把太阳转化成电能。LED是一种发光二极管，通过电流时不用经过加热灯丝直接能够发光，即把电能直接转化成光能。太阳能属于可再生能源，其主要特点是取之不尽用之不竭，并且环保无污染。在太阳内部，氢原子核在超高温作用下发生聚变，释放巨大的核能。故答案为：光；可再生；聚变。【点评】本题考查了太阳能的利用和进行的核反应的类型，知道太阳能是可再生能源。13．打开自来水龙头，使自来水流过如图2所示的玻璃管，在A、B、C三处，水的流速较大的是B处，压强较小的是B处（选填“A”“B”或“C”）。如图3所示，是喷雾器的原理示意图，当空气从小孔迅速流出，小孔附近空气的流速较大，压强小于（填“大于”、“小于”或“等于”）容器里液面上方的空气压强，液体就沿细管上升，从管口中流出后，受气流的冲击，被喷成雾状。【分析】（1）水是流体，流体的压强跟流速有关，流速越大，压强越小。在相等的时间内通过粗管和细管的流量相同，流速不同，通过比较流速来比较压强。（2）当空气从小孔迅速流出时，细管的上端开口出空气流速大，压强小；容器内液面上方气体流速小压强大。这样细管的上下两开口端就出现了压强差，水就在容器内液面上方气体的这个较大压强的作用下，沿着细管上升。【解答】解：在相等的时间内通过粗管和细管的流量相同，通过粗管A、C的流速小，压强大；通过细管B的流速大，压强小；由于小孔喷出的快速气流使细管的上端开口处形成了一个低压区，此处压强小于容器内液面上方气体压强。水就在容器内液面上方气体的这个较大压强的作用下，沿着细管上升到上端开口处，受气流的冲击，被喷成雾状。故答案为：B；B；小于。【点评】认清楚此题所涉及的物理过程：细管上端空气流速大压强小；液面上方气体流速小压强大是关键。14．如图所示，入射光线AO经平面镜发射后，反射角为60度；某湿地公园因湖水清澈可鉴，有“镜湖”之称，这是因为光在水面发生了镜面（选填“漫”或者“镜面”）反射。【分析】先确定入射角的大小，然后根据反射角等于入射角，求出反射角的大小。平静的水面相当于镜面，可以发生镜面反射。【解答】解：由图可知，入射光线与平面镜的夹角是30°，根据入射角的定义可知，入射角为90°﹣30°＝60°；根据光的反射定律可知反射角等于入射角，即反射角为60°；平静的湖水相当于平面镜，湖水清澈可鉴说明湖水中出现了物体的像，该像是由于光在水面发生了镜面反射形成的。故答案为：60；镜面。【点评】考查对光的反射定律的应用情况及镜面反射的实例，要求学生会灵活应用光的反射定律。15．如图所示，轻质杠杆OA可绕O点无摩擦转动，A点处挂一个重为20N的物体，B点处加一个竖直向上的力F，杠杆在水平位置平衡，且OB：AB＝2：1．则F＝30N，它是费力杠杆。【分析】已知物体G的重力，再根据杠杆平衡的条件F•OB＝G•OA可直接求F的大小，根据拉力F和G的大小判断杠杆的种类。【解答】解：因为OB：AB＝2：1，所以OB：OA＝OB：（OB+AB）＝2：（2+1）＝2：3由杠杆平衡的条件F得：F•OB＝G•OA可得：即：F＝＝＝30N；因为F＞G，所以此杠杆为费力杠杆。故答案为：30；费力。【点评】本题是一道基础题，熟练应用杠杆平衡条件即可正确解题。16．如图所示是家庭电子式电能表的表盘，其示数是318.6kW•h，表盘上标有“3200imp/kW•h”表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次。若家庭电路中只有一台电热水器在工作，如图所示的电能表的指示灯在4min内闪烁320次，则该热水器在4min内消耗的电能为3.6×105J，该热水器的实际功率是1500W。【分析】（1）电能表读数时，注意电能表的单位是kW•h，最后一位是小数；（2）3200imp/（kW•h）表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，从而可求闪烁320次消耗的电能；知道时间，可求热水器的功率。【解答】解：（1）电能表的示数为318.6kW•h；（2）“3200imp/（kW•h）”表示每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次，闪烁320次消耗电能：W＝kW•h＝0.1kW•h＝3.6×105J，该热水器的电功率：P＝＝＝1.5kW＝1500W。故答案为：318.6；每消耗1kW•h的电能，指示灯闪烁3200次；3.6×105；1500。【点评】本题考查了学生根据电能表的参数测量用电器电功率的方法，首先理解参数的真正含义，根据灯闪烁的次数计算出用电器消耗的电能，根据电能和时间计算出功率，在计算过程中注意单位的统一。17．烈日下，海滩上的沙子热得烫脚，但海水却是凉爽的，这是因为海水的比热容比沙子的大得多，初温、质量相同的沙子和水吸收相同的热量后，沙子升高的温度大于（大于/小于/等于）水升高的温度。【分析】根据Q＝cm△t，质量相等的水和沙子，吸收相同的热量，水的比热大，水升高的温度小，温度低。【解答】解：因为水的比热容大于沙子的比热容，质量相等的水和沙子，吸收相同的热量，由吸热公式Q＝cm△t知，△t＝，沙子升高的温度大于水升高的温度，水的温度低于沙子的温度。故答案为：比热容；大于。【点评】利用水的比热比较大，可能解释很多的问题，例如为什么沿海地区冬暖夏凉？为什么汽车发动机中用水作工作物质？暖气中为什么用水作循环物质等等。三．作图题（共5小题，满分34分）18．一束光从空气中斜射到水面时发生反射和折射，OB是反射光线，请作出入射光线和大致的折射光线。【分析】当光线射向两种介质的界面上时，会同时发生反射和折射。光的反射中，反射角等于入射角；当光从空气斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即入射角大于折射角。【解答】解：先过折射点O垂直水面作出法线，根据反射角等于入射角，在法线右侧的空气中画出入射光线AO，方向指向入射点，然后再根据折射角小于入射角在水中画出折射光线OC，如图所示：【点评】在画光路图时，要注意细节：光线画实线，法线或光线的反向延长线画虚线。19．如图是一根曲杆，可绕O点转动，C点处悬挂着一个物体。若在A点施加一个最小的力使杠杆在图示位置平衡，请画出这个力F和它的力臂。【分析】根据杠杆平衡的条件，F1×L1＝F2×L2，在杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。【解答】解：连接OA，若在A端施力F，当F的方向与OA垂直时动力臂最大，此时最省力；根据杠杆平衡的条件，要使杠杆平衡，动力方向向上，据此可画出最小的动力，如下图所示：【点评】此题考查了最小力和力臂的画法，需掌握杠杆的平衡条件，关键是确定最长的力臂，即从支点到力的作用点的距离，力臂与力的作用线是垂直关系。20．实验室除了条形磁铁还提供了如图所示的实验器材，请你设计实验证明：条形磁铁中央与两端的磁性强弱不同。写出从图中所选择的实验器材：条形磁铁、大头针；并简述实验步骤和实验现象把条形磁体放在大头针盒里翻转几下，拿出来观察；磁铁的两端吸引的大头针的个数是最多。【分析】磁场会对放入其中的磁性物质产生磁力的作用，根据磁力作用的大小可以判断磁场的强弱，因此，根据这一思路可选择适当的器材进行实验的设计。【解答】解：根据磁场会对放入其中的磁性物质产生磁力的作用这一特点，来进行实验的相关设计：（1）所需器材：条形磁铁、大头针。（2）实验步骤：把条形磁体放在大头针盒里翻转几下，拿出来观察；（3）观察到的现象：磁铁的两端吸引的大头针的个数是最多的，即条形磁体两端磁性最强；故答案为：条形磁铁、大头针；把条形磁体放在大头针盒里翻转几下，拿出来观察；磁铁的两端吸引的大头针的个数是最多。【点评】本题考查了验证磁体周围磁性强弱的实验的设计，运用好转换法的思想，是设计实验的关键，有一定难度。21．为完成“探究电流与电阻的关系”实验，小海从实验室取得以下器材：电压恒为4.5V的电池组、电流表、电压表、开关，5Ω、10Ω、25Ω的定值电阻各一个，规格为“40Ω1A”的滑动变阻器，导线若干。（1）请根据所学知识，用笔画线代替导线，在1图中将实物连接完整；（2）小海将10Ω电阻接入电路，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如2图所示，记为2.5V，并记录电流表的示数；接着保持滑片位置不变，将电阻换为25Ω后，为保证电压表的示数不变，应向左（选填“左”或“右”）移动滑片；（3）通过实验得到电流随电阻变化的图象如3图所示，由此可知：电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；（4）在小海实验基础上，为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻，则选用的定值电阻最大阻值不允许超过50Ω。【分析】（1）变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联；（2）根据电压表选用小量程确定分度值读数；根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑片移动的方向；（3）根据如3图求出电流与电阻之积分析；（4）探究电流与电阻的关系，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当变阻器的最大电阻接入电路时对应的定值电阻大小。【解答】解：（1）变阻器按一上一下连入电路中与电阻串联，如下所示：（2）闭合开关，移动滑动变阻器滑片，直到电压表示数如2图所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V，电压为2.5V，并记录电流表的示数；根据串联分压原理可知，将定值电阻由10Ω改接成25Ω的电阻，电阻增大，其分得的电压增大；探究电流与电阻的实验中应控制电压不变，应保持电阻两端的电压不变，根据串联电路电压的规律可知应增大滑动变阻器分得的电压，由分压原理，应增大滑动变阻器连入电路中的电阻，所以滑片应向左端移动，使电压表的示数为2.5V；（3）通过实验得到电流随电阻变化的图象如3图所示，电阻两端的电压始终保持：UV＝IR＝0.1A×25Ω＝﹣﹣﹣﹣＝0.5A×5Ω＝2.5V，为一定值，故得出：在电压一定时，通过导体的电流与其电阻成反比；（4）根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑＝4.5V﹣2.5V＝2V，定值电阻的电压为变阻器分得的电压的＝1.25倍，根据分压原理，当变阻器的最大电阻接40Ω连入电路中时，定值电阻的最大值为：R定＝1.25×40Ω＝50Ω，为了得到更多组数据，需要更多规格的定值电阻，则选用的定值电阻最大阻值不允许超过50Ω。故答案为：（1）如上图；（2）2.5；电压；左；（3）电压；反；（4）50。【点评】本题“探究电流与电阻的关系”，考查电路连接、数据分析、电压表读数、操作过程、控制变量法和对器材的要求。22．某小组进行“探究动能大小与哪些因素有关”的活动。（1）小明用质量不同的小球A和B，让它们从同一斜面的同一位置由静止释放，撞击置于水平面上的木块，如图甲和乙。①将小球从同一位置处释放，目的是为了控制小球到达水平面的速度相同。②通过比较木块被推动的距离来比较小球动能的大小。根据实验得出结论：动能大小与质量大小有关。（2）同组的小红让小球A从同一斜面的不同高度由静止释放，撞击水平面上的木块，如图丙。发现：木块滑行的距离不一样远。根据这一现象，她认为动能还与速度有关。但小华却认为动能和高度有关。请你向小华作出合理的解释：我们所说的小球动能是小球撞击木块时的动能，甲和丙实验中，小球撞击木块时的速度不同，动能不同，所以动能与小球的速度有关，本实验中，造成小球撞击木块时的速度不同的原因是释放小球时的高度不同。【分析】（1）要探究动能大小与质量的关系，需控制速度相同。则让质量不同的小球从同一高度滚下；通过对木块推出距离的多少可看出小球动能的大小；（2）同一小球保证了质量相同，从斜面的不同高度滑下，到达水平面时的速度不同，木块被撞后移动的距离越远，推力做功越多，就可以说明木块的动能越大，从而得出质量相同时，速度越大的物体动能越大。动能的大小与物体的质量和速度有关。【解答】解：（1）①要探究动能大小与质量的关系，需控制速度相同，为了使小球在水平面运动时的起始速度相等，需将质量不同的小球从斜面上的同一高度处由静止滑下；②实验中通过木块被推出距离的多少可看出小球动能的大小；（2）我们所说的小球动能是小球撞击木块时的动能，甲和丙实验中，小球撞击木块时的速度不同，动能不同，所以动能与小球的速度有关，本实验中，造成小球撞击木块时的速度不同的原因是释放小球时的高度不同。故答案为：（1）①速度；②木块被推动的距离；（2）我们所说的小球动能是小球撞击木块时的动能，甲和丙实验中，小球撞击木块时的速度不同，动能不同，所以动能与小球的速度有关，本实验中，造成小球撞击木块时的速度不同的原因是释放小球时的高度不同。【点评】掌握影响动能大小的影响因素，利用控制变量法和转换法，探究动能大小跟各因素之间的关系。四．计算题（共2小题，满分22分，每小题11分）23．一用细绳拴着的长方形实心物体沉在水平的水底，现用测力计挂着细绳拉着物体竖直向上匀速运动，测力计示数F与测力计上升距离h的关系如图所示，则：（1）物体浸没在水中时，受到水的浮力是多少？（2）物体浸没在水中时，其上表面受到水的最大压强是多少？（3）物体的密度是多少？（取g＝10N/kg，水密度为1.0×103kg/m【分析】（1）根据弹簧测力计示数F与运动时间关系图，可知，当物体全部露出水面时，弹簧测力计的示数即为物体的重力，然后可求得其浮力。（2）根据图象可知，物体浸没在水中时，其上表面距离水面0.8m﹣0.4m＝0.4m，利用p＝ρgh可求上表面受到水的最大压强；（3）根据求得的浮力，利用F浮＝ρgV排可求得其体积，因为物体全部浸没，此时V＝V排，根据G＝mg可求得其质量，再利用密度公式求解密度。【解答】解：（1）由“弹簧测力计示数F与运动时间关系图”可知，当物体全部浸没水面时，弹簧测力计的示数为20N，当物体全部露出水面时，弹簧测力计的示数为60N，即物体的重力为60N，则浮力F浮＝G﹣F拉＝60N﹣20N＝40N；（2）根据图象可知，物体浸没在水中时，其上表面距离水面h＝0.8m﹣0.4m＝0.4m，上表面受到水的最大压强p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.4m＝4×103（3）由F浮＝ρgV排可得，V排＝＝＝4×10﹣3m3，因为物体全部浸没，此时V＝V排，m＝＝＝6kg，物体密度ρ＝＝＝1.5×103kg/m3；答：（1）物体浸没在水中时，受到水的浮力是40N；（2）物体浸没在水中时，其上表面受到水的最大压强是4×103Pa；（3）物体的密度是1.5×103kg/m【点评】本题用到的知识点有重力、质量、密度、二力平衡、受力分析、阿基米德原理、压强的计算等，考查学生结合图象对所学知识进行综合分析的能力，难度较大。24．小明家有一额定功率为2000W的电热水器，内装20kg的水，通电后正常加热25min，水的温度从20℃升高到50[已知c水＝4.2×103J/（kg•℃）]【分析】（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量；（2）根据W＝Pt求出消耗的电能，利用η＝×100%求出电热水器的热效率。【解答】解：（1）水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×20kg×（50℃﹣20＝2.52×106J；（2）消耗的电能：W＝Pt＝2000W×25×60s＝3×106J，电热水器的热效率：η＝＝×100%＝84%。答：水吸收的热量为2.52×106J；电热水器的热效率为84%。【点评】本题是一道电学与热学的综合计算题，考查了热量的计算、电功的计算、电热水器热效率的计算，要注意区分哪些是有用能量（被水吸收的）、哪些是总能量（消耗的电能）。2019年吉林省长春二十九中中考物理模拟试卷一、单选题（本大题共13小题，共26.0分）寒冷的冬天，玻璃窗上会起“雾”或结“冰花”，下面关于此现象的说法正确的是（）A.玻璃窗上的“雾”是水蒸气凝华形成B.玻璃窗上的“冰花”是水蒸气升华形成C.“雾”出现在玻璃窗的外表面D.“冰花”结在玻璃窗的内表面如图，两块完全相同的直角三角形玻璃砖A和B放置在同一水平面内，斜边平行且相距一定距离。一条光线从空气中垂直于玻璃砖A的直角边射入从玻璃砖B的直角边射出，射出后的位置和方向可能是图中的（）A.光线a B.光线b C.光线c D.光线d下列光现象中，由于光的折射形成的是（）A.仙鹤水中倒影B.小孔成像C.阳光下的影子D.放大镜把字放大如图所示，某同学做冰的熔化实验时，绘制了温度随时间变化的图象，则根据图象可知（）A.冰的熔点是0℃ B.冰属于非晶体C.冰熔化过程需要15分钟 D.熔化过程冰要放热小华利用带钉的木块、沙土、钩码来探究“压力的作用效果跟什么因素有关”，分析比较如图，说法错误的是（）A.该实验通过比较钉子陷入沙土中的深度来比较压力的作用效果B.由图可知压力的作用效果与受力面积的大小有关C.本实验用到了控制变量法D.由图可知压力的作用效果与压力的大小有关将一个凸透镜正对太阳，在距凸透镜20cm处得到一个最小、最亮的光斑。将一个物体放在此透镜前40cm处，则可在凸透镜的另一侧得到一个（）A.倒立、放大的实像 B.倒立、缩小的实像C.倒立、等大的实像 D.正立、放大的虚像下列关于声现象的说法正确的是（）A.利用超声波进行金属内部探伤，说明声音能够传递信息B.只要物体在振动，人就一定能听到声音C.工厂用的防声耳罩是在声源处减弱噪声D.“闻其声而知其人”一定是根据响度来判断的下列生活实例中，力对物体做功的有（）A.甲和乙 B.甲和丙 C.乙和丙 D.丙和丁如图所示，物理兴趣小组分别用甲、乙两个滑轮组匀速提起质量相同的物体，不计绳重及摩擦。若每个滑轮质量相同，对比两个滑轮组，下列说法正确的是（）A.甲更省力，甲机械效率大B.乙更省力，机械效率一样大C.乙更省力，乙机械效率大D.甲更省力，机械效率一样大如图所示，GMR是一个巨磁电阻，其电阻在磁场中会急剧减小，且磁场越强电阻越小。闭合开关S1、S2后，下列说法正确的是（）A.电磁铁的A端为S极B.滑片P滑到滑动变阻器最左端时灯泡最亮C.滑片P在图示位置灯泡功率最大D.滑片P滑到滑动变阻器最右端时灯泡两端电压最大一矩形线圈放在蹄形磁铁的两极之间，刚通电时在磁场作用下扭转方向如图甲所示。现将该线圈放在图乙所示的蹄形螺线管间，a、b为螺线管与电源的接口。某同学进行了如下四次操作：①a接正极b接负极，线圈中通与图甲电流方向相同的电流②b接正极a接负极，线圈中通与图甲电流方向相同的电流③a接正极b接负极，线圈中通与图甲电流方向相反的电流④b接正极a接负极，线圈中通与图甲电流方向相反的电流线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同的是（）A.①和③ B.②和④ C.①和④ D.②和③潜水员潜水时呼出的气泡在水面下上升的过程中，体积不断变大。关于气泡所受压强和浮力的变化情况，下列说法正确的是（）A.压强变大，浮力变大 B.压强变大，浮力变小C.压强变小，浮力变大 D.压强变小，浮力变小两个用同一种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有质量和深度均相同的不同液体，如图所示。若它们分别在水平方向拉力F1和F2的作用下沿水平桌面做匀速直线运动，速度分别为v和2v，容器底部受到液体的压强分别为p1和p2．下列关系正确的是（）A.p1=p2C.p1>p2F二、多选题（本大题共2小题，共4.0分）如图图象中，不能正确反映“匀速直线运动”的是（）A. B.C. D.如图所示，将底面半径为2R的圆柱形薄壁容器放在水平桌面上，把高为h，密度为ρ（ρ＜ρ水）．半径为R的实心圆柱体木块竖直放在容器中，然后向容器内注水，则（）A.注水前，木块对容器底的压力为ρghB.注水前，木块对容器底的压强为ρghC.若使木块竖直漂浮，向容器中注入水的质量至少为πD.若使木块竖直漂浮，向容器中注入水的质量至少为3π三、填空题（本大题共4小题，共12.0分）标准大气压下，质量为0.5kg、温度为70℃的水放出4.2×104J的热量，水的温度降低了______℃[c水=4.2×103J/（kg•℃）]。如图所示的电路中，电源电压恒定不变，电阻R的阻值为30Ω．在对S2进行闭合或断开的操作中，电流表可读得0.4A和0.1A两个值，那么电源电压U=______V，灯泡电阻RL=______Ω（灯泡电阻不随温度变化）。时隔152年后的2018年1月31日，罕见天文奇观“超级蓝月+月全食”同时在天幕现身。我们知道月球______（选填“是”或“不是”）光源；“超级蓝月”发生时，月亮恰在近地点，此时月球绕地球运动的速度______（选填“最大”或“最小”）。往车上装重物时，常常用长木板搭个斜面，把重物沿斜面推上去，如图所示，工人用3m长的斜面，把120kg的重物提高1m，假设斜面很光滑，则需要施加的推力为______，若实际用力为500N，斜面的机械效率为______，重物受到的摩擦力为______。（g取10N/kg）。四、计算题（本大题共3小题，共19.0分）将一只装满水的溢水杯放在水平桌面上，如图（甲）所示，此时杯底对桌面的压强为p；若将一石块用细线系着缓慢放入杯底，有一部分水溢出，稳定后如图（乙）所示，此时杯底对桌面的压强为p1，则p1______p（选填“＞”、“＜”、或“=”）；如果改用小木块轻轻放在图（甲）的溢水杯中，也有一部分水溢出，稳定后入图（丙）所示，此时杯底对桌面的压强为p2，则p2______p（选填“＞”、“＜”、或“=”）．如图，某同学用一个动滑轮和两个定滑轮组成的滑轮组将重物竖直往上匀速提升，该同学体重600N，他对地面的压强为8.75×103Pa，已知该同学与地面的接触面积为0.04m2，滑轮提升重物的机械效率为80%，不计绳重和摩擦，g=10N/kg。

求：（1）该同学在提升重物过程中对地面的压力（2）该同学提升重物的拉力（3）该同学提升的物体A的重力如图1所示，是某家用电热水壶内部的电路简化结构图，其中R1、R2为阻值相同的电热丝，有甲、乙、丙、丁四种不同的连接方式，该电热水壶加热有高温、中温、低温三档，中温档的额定功率为500W，求（1）电热水壶调至中温档正常加热，将2kg温度为30℃的水烧开（标准大气压下）需要20min，水所吸收的热量及电热水壶的效率；（2）电热水壶高温档的额定功率；（3）若某次电热水壶用高温档加热0.1h，耗电0.09kW•h，通过计算判断此时电热水壶是否正常工作。五、作图题（本大题共2小题，共10.0分）请根据图中的实物图画出电路图。如图所示，A、B是镜前一点光源S发出的光线经平面镜M反射后的两条反射光线，请在图中标出点光源S和像点S的位置，并完成光路图（保留作图痕迹）六、实验探究题（本大题共2小题，共12.0分）在利用光具座进行凸透镜成像的实验探究中：（1）如图甲如示，一束平行于凸透镜主光轴的光线经过凸透镜后，在光屏上形成了一个最小、最亮的光斑。由图可知该凸透镜的焦距是______cm。（2）将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，且烛焰、凸透镜、光屏三者的中心在同一______上。点燃蜡烛后，无论怎样移动光屏都不能在屏上得到像，请你指出其中一条可能的原因______。（3）调整后，把烛焰放在距凸透镜16cm处时（如图乙），在凸透镜另一测前后移动光屏，会在光屏上得到一个倒立、______的实像，______就是利用这一成像规律工作的。如果将蜡烛在乙图中的基础上远离透镜，仍要在光屏上得到清晰的像，光屏就向______（选填：“靠近”或“远离”）透镜的方向移动。在“测量小灯泡的电功率”实验中，同学们用电压表、电流表、开关、电压为4.5V的电源、额定电压为3.8V的小灯泡和标有“20Ω1.5A”的滑动变阻器，设计了如图甲所示的电路图（小灯泡的灯丝电阻约为10Ω）。（1）请你按图甲的电路图，在图乙的实物电路中，用笔画线代替导线，将电流表正确连入电路（连线不得交叉）。（2）若电流表正确接入图乙电路，闭合开关前，某同学发现电路有一处错误，这个错误是______。改正错误后，闭合开关，将变阻器滑片向右移动时，电流表示数变大，则变阻器接入电路的接线柱是______（选填“AD”或“BC”）。（3）测量过程中，当电压表的示数为______V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为______W。（4）实验过程中，若将电压表和电流表互换位置，闭合开关后，小灯泡______（选填“亮”或“不亮”），这时电压表的示数约为______V。（5）另一组同学按图甲电路图连接好最后一根导线时，灯泡立即发出明亮耀眼的光并很快熄灭，检查后发现电路连接正确，请你找出实验中两个操作不当之处：①______；②______。

答案和解析1.【答案】D【解析】解：A、“雾”是液态小水滴，是空气中的水蒸气遇冷由气态变为液态形成的，属于液化现象，故A错误；B、冬天，“冰花”是室内温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃凝华形成的小冰晶，故B错误；C、“雾”是室内温度较高的水蒸气遇冷由气态变为液态形成的，附着在玻璃的内表面，故C错误；D、冬天窗户上的冰花是室内温度较高的水蒸气遇冷凝结形成的小冰晶，附着在玻璃内表面，故D正确。故选：D。玻璃窗上的“雾”是水蒸气遇冷液化而成的小水滴，“冰花”是水蒸气遇冷凝华而成的小冰粒。可见液化和凝华的发生条件都需要遇冷，即高温的水蒸气遇到温度较低的玻璃。冬天室外温度低，室内温度高，玻璃处于交界处，温度低于室内，高于室外，可见是室内温度较高的水蒸气遇到温度较低的玻璃，雾或“窗花”都会出现在内表面。本题考查学生对生活中物态变化现象的掌握，注重了物理和生活的联系，属于基础知识的考查，比较简单。2.【答案】C【解析】解：光线垂直于界面入射时，光线的传播方向不变；光从玻璃砖A中斜射入空气中时，折射角大于入射角，故从A出来的折射光线会向下偏折，在图中虚线的下部；光从空气中斜射入B中时，折射角小于入射角（此时的折射角等于A中的入射角），故折射光线与原入射光线平行射出，即最后射出的可能是光线b，如图所示：。故选：C。光线垂直于界面入射时，光线的传播方向不变；光从空气中斜射入玻璃中时，折射小于入射角；光从玻璃中斜射入空气中时，折射角大于入射角。此题主要考查了光的折射光线的画法，首先要熟练掌握光的折射定律的内容，关键是搞清折射角与入射角的关系。特别注意垂直入射时，光的传播方向不变。3.【答案】D【解析】解：A、水中的倒影是平面镜成像，是光的反射形成的，不是光的折射形成的，故A错误；B、小孔成像是由光的直线传播形成的，故B错误；C、沿直线传播的阳光照到不透明的人身上，被人挡住，在人身后光照不到的黑暗区域形成影子，阳光下的影子是光的直线传播形成的，不是光的折射形成的，故C错误；D、放大的字是光的折射形成的，故D正确。故选：D。（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质进入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的。此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。4.【答案】A【解析】解：AB、从图中可知，冰在熔化过程中吸热，温度保持0℃不变，所以冰是晶体，其熔点是0℃，故A正确，B错误；CD、在熔化过程中温度不变，但要不断吸热，内能增大，从第5min开始熔化，到第15min结束，因此熔化过程共用了10min，故CD错误。故选：A。要解决此题主要掌握晶体熔化的特点：吸热但温度保持不变。晶体在熔化过程中处于固液共存态。知道熔点的概念：晶体熔化时的温度叫做熔点。此题通过对图象的分析，考查了对晶体熔化过程中的特点，从图中找出相关的信息：熔点、熔化过程中的特点。5.【答案】B【解析】解：A、该实验通过比较钉子陷入沙土中的深度来比较压力的作用效果，这是转换法的运用，故A正确；B、由图可知，甲、乙受力面积相同，压力不同，因此说明压力的作用效果与压力的大小有关，故B错误；C、实验中探究压力作用效果与压力大小和受力面积大小两个量的关系，用到了控制变量法，故C正确；D、由图可知，甲、乙受力面积相同，压力不同，因此说明压力的作用效果与压力的大小有关，故D正确。故选：B。（1）力可以使物体发生形变，物体的形变量越大，力的作用效果越明显；（2）压力的作用效果与压力大小和受力面积大小有关，在探究过程中，用到了控制变量法。本题考查了探究“压力的作用效果与什么因素有关”的实验现象分析，注意转换法和控制变量法在实验中的运用。6.【答案】C【解析】解：将一个凸透镜对准太阳光，可在距透镜20cm的地方得到一个最小亮点，所以凸透镜的焦距f=20cm。一个物体放在这个透镜前40cm处，U=2f，成倒立、等大的实像。故选：C。（1）根据阳光聚焦方法得到焦距：太阳光射到地球上是平行光，平行于主光轴的光线经凸透镜会聚后得到凸透镜的焦点。（2）凸透镜成像时，U=2f，成倒立、等大的实像。（1）掌握阳光聚焦的方法判断凸透镜的焦距和凸透镜的三种成像情况是解决本题的关键。（2）凸透镜焦距的确定一般可用下面两种方法：①平行光聚焦法，如此题；②二倍焦距成像法，即u=2f时成等大的实像。7.【答案】A【解析】解：A、利用超声波进行金属内部探伤，说明声音能够传递信息，故A正确；B、声音的频率不在20～20000Hz的范围内，或响度过小，人耳都听不到，故B错误；C、工厂用的防声耳罩是在人耳处减弱噪声，故C错误；D、“闻其声而知其人”是根据音色来判断的，不是依据响度，故D错误。故选：A。（1）声音可以传递信息，也可以传递能量；（2）人耳听到声音的条件：①物体发生振动；②介质向外传声；③良好的听觉器官；④频率在人的听觉范围之内；⑤有足够的响度；（3）防治噪声的途径有在声源处、在传播中、在人耳处；（4）声音的特性包括音调、响度和音色，音色是声音的品质与特色，可用来辨别不同的声音。本题考查了超声波的应用、人耳听到声音的条件、减弱噪声的途径、声音特性的辨别等，属声学综合题。8.【答案】B【解析】解：甲、推着小车前进，人对小车有推力的作用，小车在推力的方向上通过了距离，所以推力对小车做了功；乙、用力提着滑板在水平路面上前行，此过程中，拉力与距离的方向垂直，故拉力没有做功；丙、绳子对物体有向上的拉力，物体在拉力的方向上通过了距离，所以拉力对物体做了功；丁、人用力搬石头但没有搬动，有力作用在石头上，但石头没有通过距离，故力对物体没有做功。所以做了功的是甲和丙。故选：B。做功的两个必要条件是：一是物体受到力的作用；二是物体在这个力的方向上通过一定的距离。该题考查了做功的必要条件，注意三种不做功的情况：一是有力没距离；二是有距离没力；三是有力有距离，但力的方向与通过距离相互垂直。9.【答案】B【解析】解：不计绳重及摩擦，拉力F=（G物+G轮），n甲=2，n乙=3，绳子受的拉力：F甲=（G物+G轮），F乙=（G物+G轮），F甲＞F乙，乙图省力；动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额=G轮h，W有用=G物h，利用滑轮组做的有用功相同、额外功相同，总功相同，由η=×100%，可知，滑轮组的机械效率相同。故选：B。由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s=nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同，再根据效率公式判断滑轮组机械效率的大小关系。本题考查了使用滑轮组时n的确定方法，有用功、额外功、总功的计算方法，不计摩擦和绳重时拉力的求法；本题关键在于确定额外功相等。10.【答案】B【解析】解：由题知，巨磁电阻在磁场中会急剧减小，且磁场越强电阻越小，则磁场越弱其电阻越大；A、右手握住螺线管，四指指向螺线管中的电流方向，大拇指指向电磁铁的左端为N极，右端为S极，故A错误；BC、闭合开关后，滑片P滑到滑动变阻器最左端时，电路中的电流最大，磁性最强，故GMR的电阻最小，根据欧姆定律可知，电路中的电流最大，根据P=I2R可知灯泡最亮，故B正确，C错误；D、当滑片P在滑动变阻器最右端时，左侧电路的电阻最大，由I=可知，左侧电路中的电流最小，电磁铁磁性最若，则GMR的电阻最大，分担的电压最大，则灯泡两端的电压最小，故D错误。故选：B。闭合S2时，指示灯与GMR串联，电压表测GMR两端的电压，闭合S1时，电磁铁有磁性，根据安培定则判断电磁铁的右端的极性；根据GMR与磁性之间的关系判断其阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化，利用P=I2R可知指示灯功率的变化，进一步判断亮暗的变化。本题考查了电路的动态分析，涉及到电磁铁磁性与电流的关系和电功率公式的应用等，判断出巨磁电阻的变化是解题的关键。11.【答案】D【解析】解：①若乙图中a接正极b接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为S极，与甲图的磁场方向相反，线圈中通与图甲电流方向相同的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相反；②若乙b接正极a接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为N极，与甲图的磁场方向相同，线圈中通与图甲电流方向相同的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同；③若乙a接正极b接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为S极，与甲图的磁场方向相反，线圈中通与图甲电流方向相反的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相同；④若乙b接正极a接负极，根据安培定则知蹄形螺线管左端为N极，与甲图的磁场方向相同，线圈中通与图甲电流方向相反的电流，故线圈刚通电时扭转方向与图甲所示的扭转方向相反；综合分析②③，故D正确。故选：D。（1）根据安培定则判断通电螺线管的磁极；（2）磁场对电流（通电导体）有力的作用，据此制成了电动机；（3）通电导体受力的方向与电流的方向和磁感线的方向有关。本题考查了安培定则和磁场对电流的作用的知识，是一道综合题，有一定的难度。12.【答案】C【解析】解：潜水员潜水时呼出的气泡在水面下上升的过程中，体积不断增大，所处的深度不断减小，由p=ρgh可知，所受的压强不断变小，故AB错误；由F浮=ρgV排可知，受到的浮力不断变大，故C正确，D错误。故选：C。潜水员潜水时呼出的气泡在水面下上升的过程中，体积不断增大，所处的深度不断减小，根据p=ρgh可知所受压强的变化，根据阿基米德原理可知受到浮力的变化。本题考查了液体压强公式和阿基米德原理的应用，分析好气泡上升时所处深度和体积的变化是关键。13.【答案】B【解析】解：容器内装有质量和深度均相同的不同液体，由图可知，V1＜V2，根据ρ=可知，两种液体的密度ρ1＞ρ2；由p=ρ液gh可知，容器底部受到液体的压强p1＞p2；容器质量相同，内装液体的质量相同，则容器对桌面的压力相等，又因为容器材料相同，放置在同一水平桌面上，即接触面的粗糙程度相同，所以容器与桌面间的摩擦力相等，在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做匀速直线运动，所以拉力与摩擦力是一对平衡力，大小相等，即：F1=F2。由上分析知，ACD错误，B正确。故选：B。（1）根据质量和体积的关系判断出液体的密度关系，由p=ρ液gh判断容器底受到压强的大小；（2）根据影响摩擦力大小的因素判断出摩擦力的关系，由二力平衡条件判断拉力的大小。本题主要考查了液体压强和二力平衡条件的应用，能够比较出两种液体的密度大小，判断出容器与桌面间的摩擦力大小是解决问题的关键，具有一定的综合性。14.【答案】C【解析】解：A、由图可知，随时间的增大，路程减小，且变化成比例，是匀速直线运动，故A不符合题意；B、由图可知，随时间的增大，路程均匀增大，路程和时间的比值为常数，表示物体做匀速直线运动；故B不符合题意；C、由图可知，随时间的增大，速度是逐渐变大的，表示物体做加速直线运动，故C符合题意；D、由图可知，随时间的增大，速度不变，表示物体做匀速直线运动，故D不符合题意。故选：C。对于s-t图象，要读出随着时间的变化路程如何变化，从而找到符合匀速直线运动的图象；对于v-t图象，要读出随时间的变化速度如何变化。此题考查的是我们对速度概念的理解和对图象的分析能力，属于基本能力的考查，读懂图象信息是正确解答此题的关键。15.【答案】BD【解析】解：（1）木块的体积：V=Sh，木块的质量：m=ρV=ρSh，木块的重力：G=mg=ρShg，木块对容器底的压力：F=G=mg=ρShg，故A错；（2）木块对容器底的压强：p===ρhg，故B正确；（3）当木块与容器底接触且木块对容器底的压强恰好为零时，此时注入水的质量最少，F浮=G=mg=ρπR2hg，木块排开水的体积：V排===，木块浸入水中的深度：h水===，注入水的体积为：V水=（S容-S木）h水=[π（2R）2-πR2]×=3πR2，注入水的质量：m水=ρ水V水=ρ水3πR2=3πR2ρh，故C错、D正确。故选：BD。（1）知道木块的底面积和高，求出木块的体积，知道木块的密度，利用m=ρV求木块的质量，利用G=mg求木块的重力，木块对容器底的压力等于木块的重力；（2）知道受力面积，利用压强公式p=求木块对容器底的压强；（3）若使木块竖直漂浮，注入水的质量最少，即木块与容器底接触且木块对容器底的压力恰好为零，此时木块所受的浮力等于自身的重力；根据公式F浮=ρgV排可求木块排开水的体积；从而求出木块浸入水中的深度；根据公式V=Sh可求注入水的体积；根据公式m=ρV可求注入水的质量。本题为力学综合题，考查了学生对密度公式、重力公式、压强公式、阿基米德原理、物体的漂浮条件的掌握和运用，难点在第三问，知道要使木块竖直漂浮，注入水的质量最少，木块与容器底接触且木块对容器底的压力恰好为零，是本题的关键。16.【答案】20【解析】解：由Q放=c水m△t可得，水降低的温度：△t===20℃。故答案为：20。知道水的质量、放出的热量、比热容，利用Q放=cm△t求水温度降低值。本题考查了放热公式Q放=cm△t的应用，属于基础题目。17.【答案】3

10【解析】解：由电路图可知，S1和S2都闭合时，R与L并联，电流表测干路电流，由题意可知干路电流I=0.4A；S1闭合、S2断开时，只有电阻R接入电路，电流表的示数为0.1A，即IR=0.1A，并联电路各支路两端的电压相等，由I=可得，电源电压：U=IRR=0.1A×30Ω=3V；灯泡的电阻：RL====10Ω；故答案为：3；10。根据电路图分析电路结构，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题。本题考查了求电源电压、求电阻阻值，分析清楚电路结构、应用并联电路特点与欧姆定律即可正确解题。18.【答案】不是

最大【解析】解：自身能够发光的物体叫做光源，太阳、萤火虫自身能够发光，而月亮自身是不会发光的，我们之所以能够看见月亮，是因为月亮能够反射太阳光进入我们的眼睛，所以月亮不是光源；月亮在近地点时动能最大，速度最大，重力势能最小。故答案为：不是；

最大。（1）自身能够发光的物体叫做光源；（2）近地点动能最大，重力势能最小。本题主要考查学生对光学知识的综合应用能力，有一定的难度。19.【答案】400N

80%

100N【解析】解：（1）斜面很光滑，故利用功的原理得，人做的有用功等于用斜面所做的功：W有=Gh=mgh=120kg×10N/kg×1m=1200J；Fs=mgh=1200J，解得：F==400N；（2）人所做的总功：W总=Fs=500N×3m=1500J；斜面的机械效率：η=×100%=×100%=80%；（3）W总=W有+W额即：Fs=Gh+fs所以f===100N；故答案为：400N；80%；100N。（1）人做的有用功是将物体沿斜面推上小车，即将物体升高了h，故有用功为人克服重力做功，利用功的原理由W=mgh=Fs，可求得施加的推力；（2）利用已求得的有用功和总功，由机械效率公式可求得斜面的机械效率；（3）人做的额外功就是因为人要克服摩擦力做功，则可先求得摩擦力的功再由功的公式求得摩擦力。此题考查的有关斜面机械效率的计算，解答此题的关键是我们要知道使用斜面时的有用功和总功的计算方法，要求能准确把握有用功、总功、额外功等的意义。20.【答案】＞

=【解析】解：（1）若将一石块用细线系着缓慢放入杯底，有一部分水溢出：∵石块下沉，∴F浮石＜G石，∵F浮石=G排=G溢，∴G石＞G溢，∴放入石块后杯对桌面的压力将变大，而受力面积不变，∵p=，∴杯对桌面的压强将变大，即p1＞p；（2）如果将小木块轻轻放在图（甲）的溢水杯中，有一部分水溢出，∵木块漂浮，∴F浮木=G木，∵F浮木=G排′=G溢′，∴G木=G溢′，∴放入木块后杯对桌面的压力不变，而受力面积不变，∵p=，∴杯对桌面的压强不变，即p2=p。故答案为：＞；=。（1）若将一石块用细线系着缓慢放入杯底，有一部分水溢出，由阿基米德原理知道石块受到的浮力等于排开的水的重力（溢出水的重力），而因为石块下沉，石块的重力大于浮力，据此可以得出石块的重力和溢出水的重力的大小关系，进而得出放入石块后杯对桌面的压力变化，而受力面积不变，根据压强公式p=得出压强变化；（2）如果将小木块轻轻放在图（甲）的溢水杯中，有一部分水溢出，由阿基米德原理知道石块受到的浮力等于排开的水的重力（溢出水的重力），而因为木块漂浮，木块的重力等于浮力，据此可以得出木块的重力和溢出水的重力的大小关系，进而得出放入木块后杯对桌面的压力变化，而受力面积不变，根据压强公式p=得出压强变化。本题考查了学生对压强公式、阿基米德原理、物体的浮沉条件的掌握和运用，能根据浮沉条件和阿基米德原理判断出放入石块（木块）后杯子对桌面的压力变化情况是本题的关键。21.【答案】解：（1）根据p=FSF=pS=8.75×103Pa×0.04m2=350N；（2）对人进行受力分析可知，人在重力、支持力和拉力的作用下保持平衡，根据力的作用的相互性可知，地面对人的支持力F支=F=350N，设绳对人的拉力为F′，由力的平衡可得F′+F支=G，所以F′=G-F=600N-350N=250N；（3）由图可知，n=2，则机械效率η=W有用W总=GhF's=Gh解得：G=400N。答：（1）该同学在提升重物过程中对地面的压力350N；（2）该同学提升重物的拉力250N；（3）该同学提升的物体A的重力400N。【解析】（1）由压强的计算公式变形后可求得该同学在提升重物过程中对地面的压力；（2）首先对人进行受力分析，然后根据力的作用的相互性得出地面对人的支持力，再根据力的平衡得出该同学提升重物的拉力；（3）根据η====计算该同学提升的物体A的重力。此题考查压强、滑轮组机械效率的大小计算，同时考查力的合成与应用，关键有二：一是对人进行正确的受力分析；二是η====的运用。22.【答案】解：（1）标准大气压下水的沸点为100℃，则水吸收的热量：Q吸=cm（t-t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃-30℃）=5.88×105J，由P=WtW=P中t′=500W×20×60s=6×105J，电热水壶的效率：η=Q吸W×100%=5.88×（2）由题知，R1、R2为阻值相同的电热丝，设R1=R2=R，甲图为开路，P甲=0，乙图中两电阻串联，R乙=2R，P乙=U2R乙丙图中只有电阻R1工作，R丙=R，P丙=U2R丙丁图中两电阻并联，R丁=12R