2023年广东省深圳市高考物理适应性试卷-普通用卷

第=page11页，共=sectionpages11页2023年广东省深圳市高考物理适应性试卷一、单选题（本大题共7小题，共28.0分）1.“天宫课堂”中，宇航员王亚平演示了“液桥演示实验”，即在太空中，两个塑料板间用水搭建一座长约10cm的桥，如图1。受其启发，某学生设想“天地同一实验”，固在空间站和地面做同一个实验，观察实验现象，下列说法正确的是(

)

A.液桥的建立是由于液体表面存在张力，在地面做相同实验，也能观察到同样长度的桥

B.用图2中的器材做单摆实验，空间站和地面实验现象相同

C.图3相同密闭容器内装着完全相同的气体，在相同温度下，空间站和地面容器内气体压强不同

D.图4将两端开口的圆柱形毛细管竖直插入水中，相同装置在空间站和地面观察到管中液面升高的高度不同2.场致发射显微镜能够用来分析样品的原子排列，其核心结构如图，金属针与荧光膜之间加上高电压，形成辐射状电场，电子分别位于A点与B点时，下列关于电子所受到的电场力和具有的电势能判断正确的是(

)A.FA=FB，EPA=EPB B.FA=3.根据机动车的运动情况，绘制如图xt2−1t图像，已知一质量为1000kgA.机动车的初速度v0=10m/s

B.机动车的加速度大小为2m/s2

C.机动车在前4.舞蹈《只此青绿》表演中，需要舞者两脚前后分开，以胯部为轴，上半身缓慢后躺，与地面近乎平行，在舞考缓慢后躺的过程中，下列说法正确的是(

)A.舞者对地面的压力就是舞者的重力

B.地面对舞者的支持力和舞者的重力是一对平衡力

C.舞者受到地面的摩擦力向前

D.舞者处于失重状态

5.现有一航天器A，通过一根金属长绳在其正下方系一颗绳系卫星B，一起在赤道平面内绕地球做自西向东的匀速圆周运动。航天器A、绳系卫星B以及地心始终在同一条直线上。不考虑稀薄的空气阻力，不考虑绳系卫星与航天器之间的万有引力，金属长绳的质量不计，下列说法正确的是(

)A.正常运行时，金属长绳中拉力为零

B.绳系卫星B的线速度大于航天器A的线速度

C.由于存在地磁场，金属长绳上绳系卫星A端电势高于航天器B端电势

D.若在绳系卫星B的轨道上存在另一颗独立卫星C，其角速度小于绳系卫星B的角速度

6.一列简谐横波在t1=0.2s的波形图如图甲所示，平衡位置在x=2m处的质点M的振动图像如图乙所示。已知质点N的平衡位置在xA.N点在t1时刻偏离平衡位置的位移为0.1m

B.t2=0.3s时，质点N的运动方向沿y轴负方向

C.质点N从t=0时刻起每经过0.057.如图为风力发电机的结构简图。风轮机叶片转速为n，转动时所有叶片迎风总面积为S0，风轮机转动时通过转速比为1：k的升速齿轮箱带动面积为S、匝数为N的发电机线圈高速转动，产生的交变电流经过理想变压器升压后，输出电压为U。已知空气密度为ρ，风速为v，匀强磁场的磁感应强度为B，V为交流电压表，忽略线圈电阻，则(

)

A.线圈位于图示位置时，交流电压表示数为零

B.从图示位置开始计时，线圈中感应电动势的瞬时值表达式为2πNBSknsin(二、多选题（本大题共3小题，共18.0分）8.如图为光电倍增管的原理图，管内由一个阴极K、一个阳极A和K、A间若干对倍增电极构成。使用时在阴极K、各倍增电极和阳极A间加上电压，使阴极K、各倍增电极到阳极A的电势依次升高。当满足一定条件的光照射阴极K时，就会有光电子射出，在加速电场作用下，光电子以较大的动能撞击到第一个倍增电极上，将动能转移给其他电子，从而激发出更多电子，最后阳极A收集到的电子数比最初从阴极发射的光电子数增加了很多倍。下列说法正确的有(

)

A.光电倍增管适用于所有频率的光

B.保持入射光不变，增大各级间电压，阳极收集到的电子数可能增多

C.保持入射光频率和各级间电压不变，增大入射光光强可能影响阳极收集到的电子数

D.分别用蓝光和紫光照射阴极，均逸出光电子，蓝光和紫光照射逸出的光电子的动能可能相等9.如图所示，一轻质绝缘细线一端固定在O点，另一端系一带电量大小为q、质量为m的小球，小球静止悬挂放置在正对距离为d的平行板电容器A、B间，电容器极板足够大，电容器两板连接在电源两端细线与竖直方向夹角θ=60°，细线、小球在竖直平面内纸面内，A、B两板平行正对倾斜放置，且与纸面垂直、与细线平行。已知重力加速度为g，下列说法正确的有(

)A.小球带正电

B.电源电动势E=3mgd2q

C.10.如图甲所示，一正方形单匝金属线框放在光滑水平面上，水平面内两条平行直线MN、QP间在垂直水平面的匀强磁场，t=0时，线框在水平向右的外力F作用下紧贴MN从静止开始做匀加速运动，外力F随时间t变化的图线如图乙实线所示，已知线框质量m=A.磁场宽度为4m

B.匀强磁场的磁感应强度为1T

C.线框穿过QP的过程中产生的焦耳热等于4J

D.三、实验题（本大题共2小题，共16.0分）11.一个有一定厚度的圆盘，可以绕通过中心垂直于盘面的水平轴转动，圆盘加速转动时，把角速度的增加量Δω与对应时间Δt的比值定义为角加速度β(即β=ΔωΔt)。我们用电磁打点计时器(所接交流电的频率为50Hz)、复写纸、米尺、纸带来完成下述实验：

①如图甲所示，将打点计时器固定在桌面上，将纸带的一端穿过打点计时器的限位孔，然后固定在圆盘的侧面，用游标卡尺测得圆盘直径d为6.000cm，当圆盘转动时，纸带可以卷在圆盘侧面上；

②接通电源，打点计时器开始打点，启动控制装置使圆盘匀加速转动；

③经过一段时间，停止转动和打点，取下纸带，进行测量。

(1)如图乙所示，纸带上A、B、C、D为计数点，相邻两计数点间有四个点未画出，由于刻度尺1cm～5cm之间刻度不清楚，因此无法读出A、B之间的距离。根据纸带，打下计数点B时，圆盘转动的角速度为______rad/12.半导体薄膜压力传感器是一种常用的传感器，其阻值会随压力变化而改变。某实验小组想测量某一薄膜压力传感器在不同压力下的阻值RN，其阻值约几十千欧，现有以下器材；

压力传感器；电源：电动势6V，内阻不计；

电流表A，量程250μA，内阻的为50Ω；电压表V：量程3V，内阻约为20kΩ；

滑动变阻器R1：阻值范围0～100Ω；滑动变阻器R2，阻值范围0～20kΩ；

开关S；导线若干

(1)为了提高测量的准确性，应该选以下______电路图进行测量，其中，滑动变阻器应选______(填元器件符号)，使用该电路得到的测量值______(选填“大于”“小于”或者“等于”)真实值；

A.B.C.D.

(2)通过多次实验测得其阻值RN随压力F变化的关系图像如图甲所示，该学习小组利用该压力传感器设计了如图乙所示的自动分拣装置，可以将质量大于0.5kg的物体和小于0.5kg的物体进行分拣，图中RN为压力传感器，R′为滑动变阻器，电源电动势为6V(内阻不计)。分拣时质量不同的物体通过传送带运送到托盘上，OB为一个可绕O转动的杠杆，下端有弹簧，当控制电路两端电压≥2V时，杠杆OB水平，物体水平进入通道1；当控制电路两端电压<2V时，控制电路控制杠杆的四、计算题（本大题共3小题，共38.0分）13.如图所示，平静湖面岸边的垂钓者，眼睛恰好位于岸边P点正上方0.9m的高度处，水面与P点同高，浮标Q离P点1.2m远，鱼饵灯M在浮标正前方1.8m处的水下，垂钓者发现鱼饵灯刚好被浮标挡住，已知水的折射率n=43，7≈2.65，求：

(

14.如图，光滑水平面上静置一质量M=2kg的木板，木板右侧某位置固定一半径R=0.9m的光滑绝缘竖直半圆轨道，轨道下端与木板上表面齐平，虚线右侧存在竖直方向的匀强电场，质量m1=1kg的物块a以v0=3m/s的水平速度冲上木板左端，与木板的动摩擦因数μ=0.1，到达木板右端时刚好与木板共速，之后物块a与静止在半圆轨道底端的物块b(质量m2=215.如图，在平面直角坐标系xOy平面内存在两处匀强磁场，第一象限内的匀强磁场分布在三角形OAC之外的区域，磁感应强度大小为2B，方向垂直纸面向里，A、C两点分别位于x轴和y轴上，∠OAC=30°，OC的长度为2R，第二象限内的匀强磁场分布在半径为R的圆形区域内，磁感应强度大小为B，圆形区域的圆心坐标为(−R,R)，圆形区域与x、y轴的切点分别为P、Q，第三、四象限内均无磁场。置于P点的离子发射器，能持续地从P点在xOy平面内向x轴上方180°范围内以恒定速率发射同种正离子，离子质量均为m，电荷量均为q；在y轴上的CG之间放置一个长CG=2R的探测板，所有打到探测板上的离子都被板吸收。已知从P点垂直于x轴发射的离子恰好经过Q答案和解析1.【答案】D

【解析】解：A、液桥的建立是由于液体表面存在张力，而在地面做相同实验，由于重力的影响，表面张力很弱，故不会看到相同长度的液桥，故A错误；

B、用一根绳子系着一个金属球，拉开一定角度，静止释放后，“天上”由于完全失重，小球相对空间站静止不动，“地上”由于重力的影响，小球将做圆周运动，所以观察到的现象是不一样的，故B错误；

C、气体压强是由于气体分子频繁撞击器壁而产生的，相同密闭容器内装着完全相同的气体，在相同温度下，分子平均动能相同，空间站和地面容器内气体压强相同，故C错误；

D、如图4用相同材料做成的两根内径相同、两端开口的圆柱形毛细管竖直插入水中，“天上”由于完全失重，观察到水上升到毛细管顶部，“地上”由于重力的影响，观察到水上升一小段距离后静止不动，所以观察到的实验现象不同，故D正确；

故选：D。

太空中的物体处于完全失重状态，结合单摆、毛细现象和气体压强的产生原因完成分析。

本题主要考查了一定质量的理想气体的状态方程，理解毛细现象和单摆的特点，结合物体的所处状态即可完成分析。

2.【答案】C

【解析】解：由电场线的分布的疏密程度，可知A点的场强大于B点的场强，则可推出电子受到的电力FA>FB，WAB=EPA−EPB，由于A到B电场力做正功，即得EPA3.【答案】A

【解析】解：AB、由x=v0t+12at2变形可得：xt2=v0⋅1t+12a

结合题图可知：

截距为12a=−2m/s2，解得a=−4m/s2

斜率为4.【答案】B

【解析】解：A、舞者对地面的压力和舞者的重力性质不同，施力物体不同，故不是一个力，故A错误；

B、舞者缓慢后躺，始终处于平衡状态，则舞者所受的支持力始终等于舞者的重力，是一对平衡力，故B正确；

CD、舞者缓慢后躺，始终处于平衡状态，受重力和支持力平衡，舞者受到地面的摩擦力零，合力为零，故CD错误。

故选：B。

舞者对地面的压力和舞者的重力性质不同；一对平衡力等大反向，作用在一个物体上；舞者缓慢后躺，始终处于平衡状态。

本题考查弹力和重力，知道平衡态合力为零，属于基础题。5.【答案】C

【解析】解：A、假设是独立卫星或者是独立航天器，根据万有引力提供向心力得：GMmr2=mω2r，解得ω=GMr3，说明轨道半径大，角速度小，而本题航天器A、绳系卫星B以及地心始终在同一条直线上，说明航天器A与绳系卫星B角速度相同，则金属长绳中拉力一定不为0，故A错误；

B、根据v=ωr可知，角速度相同的情况下，轨道半径小则线速度小，所以绳系卫星B的线速度小于航天器A的线速度，故B错误；

C、地磁场在赤道处的方向是从南指向北，航天器A、金属长绳、绳系卫星B做自西向东的运动，根据右手定则判断金属长绳上绳系卫星A端电势高于航天器B端电势，故C正确；

D、根据选项A的分析可知，绳系卫星B受到向外的绳的拉力，合力小于万有引力，角速度小于GMr3，独立卫星C是万有引力提供向心力，其角速度为于GMr3，大于绳系卫星B的角速度，故D错误。

故选：C。

A、根据万有引力提供向心力判断不同轨道独立航天器或独立卫星的角速度大小情况，与绳系卫星比较判断金属长绳中拉力是否为0；6.【答案】B

【解析】解：A、由图甲知，波长为λ=4m，由图乙知，周期T=0.2s，振幅A=0.2m，图示时刻波动方程为：y=−Asin2πλx=−0.2sin(π2x)cm，当x=3.5m时，y=−0.2sin(π2×3.5)cm=0.12cm，即N点在t1时刻偏离平衡位置的位移为0.12cm，故A错误；

B、由图乙知，t1=0.2s时刻质点M沿y轴负方向运动，结合图甲，由同侧法可知，该波沿x正方向传播，

质点N在t1=0.2s时刻沿y轴正方向运动。从t1=0.2s到7.【答案】D

【解析】解：A、线圈位于图示位置时，线圈所在平面与磁场方向垂直，则穿过线圈的磁通量最大，变化率最小，电动势为零，交流电压表的示数为有效值，故不为零，故A错误；

B、风轮机叶片转速为n，发电机线圈的转速为kn，线圈转动的角速度：ω=2πkn

电动势的峰值Em=NBSω=NBS⋅2πkn

则从图示位置开始计时，线圈中感应电动势的瞬时值表达式为e=Emsinωt=2πNBSknsin(2πknt)

故8.【答案】BC【解析】解：A、只有满足一定频率的光照射时才能发生光电效应，从而逸出光电子，可知光电倍增管并不是适用于各种频率的光，故A错误；

B、保持入射光不变，增大各级间电压，则打到倍增极的光电子的动能变大，则可能有更多的光电子从倍增极逸出，则阳极收集到的电子数可能增多，故B正确；

C、保持入射光频率和各级间电压不变，增大入射光光强，则单位时间逸出光电子的数目会增加，则阳极收集到的电子数会增加，故C正确；

D、分别用蓝光和紫光照射阴极，均逸出光电子，光电子的最大初动能不同，逸出的光电子的动能可能相等，故D正确。

故选：BCD。

只有满足一定频率的光照射时才能发生光电效应，保持入射光不变，增大各级间电压，则打到倍增极的光电子的动能变大，增大入射光的频率，阴极K发射出的光电子的最大初动能变大，增大入射光光强，则单位时间逸出光电子的数目会增加。

9.【答案】BC【解析】解：A、由图得，A板连接电源的负极，带负电，B板连接电源的正极，带正电，则两极板间电场的方向斜向左下，由B指向A，对小球受力分析，小球受到重力、拉力和电场力，由平衡条件得，小球所受电场力斜向右上，如图

则小球所受电场力方向与电场方向相反，小球带负电，故A错误；

B、由平衡条件得：qEd=mgsinθ

解得：E=3mgd2q

故B正确；

C、电容器始终与电源连接，两极板间电势差不变，始终等于电源电动势，若在竖直面内保持两板正对面积不变，B板向A板缓慢靠近，两极板间场强E0=Ed0

10.【答案】AD【解析】解：A、t=0时刻，F=2N，此时线框中没有感应电流，不受安培力，则线框的加速度为a=Fm=21m/s2=2m/s2，磁场的宽度等于线框在0−2s内通过的位移大小，为d=12at22=12×2×22m=4m，故A正确；

B、线框边长L=12at12=12×2×12m=1m，当线框刚要全部进入磁场的瞬间，有：F1−F安=ma，而F安=BI1L，I111.【答案】9.02

19.6

20分度

见解析

【解析】解：(1)相邻计数点的时间间隔T=5×1f=5×150s=0.1s

根据匀变速运动中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度，B点的速度vB=xAB2T=5.41×10−22×0.1m/s=0.2705m/s

根据线速度与角速度的关系ωB=2vBd=2×0.27056.000×10−2rad/s=9.02rad/s

根据题意xCD=9.00cm12.【答案】C

R1

大于

9.0

通道2【解析】解：(1)题中待测电阻是大电阻，且其阻值远大于滑动变阻器最大阻值，故电路应为分压、内接，故A正确，BCD错误；

故选：A。

电路接成分压式，为方便调节，滑动变阻器选择R1

由欧姆定律可知RN=UI，电路中因为电流表分压，导致电压表读数大于R、两端电压，故R、测量值大于真实值。

(2)质量为0.5kg的物体对RN的压力为F=mg=0.5×10N=5N

由图甲可知，此时RN=18.0kΩ=18000Ω，由闭合电路欧姆定律E=U+IRN

且

R′=UI13.【答案】解：(1)鱼饵灯离水面的深度为h2，光路图1所示：

设入射角、折射角分别为i、r

根据几何关系，入射角的正弦sini=s1s12+h12

折射角的正弦sinr=s2s22+h22

根据光的折射定律可知n=sinisinr

代入数据联立解得【解析】(1)画出光路图，根据折射定律结合数学知识求鱼饵灯深度；

(2)14.【答案】解：(1)由题意可知，物块b在半圆轨道内做匀速圆周运动，则电场力与物块重力等大反向，有qE=m2g

代入数据解得：E=500V/m

场强方向竖直向上