2020-2021学年新粤教版高中物理选择性必修1：第一章 第二节动量定理 同步练习 作业

律第二节动量定理同步练习一、单选题质量为5kg的小球以5m/s的速度竖直落到地板上，随后以3m/s的速度反向弹回，若竖直向下的方向为正方向，则小球动量的变化( )A.10kg·m/s B.－10kg·m/s C.40kg·m/s D.kg·m/s关于动量定理，下列说法正确的是（）动量越大，合外力的冲量越大 B.动量变化越大，合外力的冲量越大C.动量变化越快，合外力的冲量越大 D.冲量的方向与动量的方向相同如图所示，铁块压着一纸条放在水平桌面上，当以速度v抽出纸带后，铁块掉在地上的P2v的速度抽出纸条，则铁块落地点为（）仍在P点 B.P点左边 C.P点右边不远处 D.P点右边原水平移两倍处下列运动中，在任意相等的时间内，物体的动量变化不相等的是（）平抛运动 B.竖直上抛运动 C.匀速圆周运动 D.任意的匀变直线运动为估算池中睡莲叶面承受出雨撞击产生的平均压强，小明在雨天将一圆柱形水杯置于露112m/s此估算该压强约为（设雨滴撞击睡莲后无反弹，不计雨滴重力，雨水的密度为1×103kg/m3）（）A.0.15Pa B.0.54Pa C.1.5Pa D.5.4Pa质量为60kg的建筑工人，不慎从高空跌下，幸好弹性安全带的保护使他悬挂起来．已知1.5s，安全带自然长度为10m/s2，则安全带所受的平均冲力的大小为（）A.400N B.500N C.600N D.N在光滑水平面上，原来静止的物体在水平力F作用下，经过时间t后，动量为p，动能为A.4pB.动量为pC.动能为EkA.4pB.动量为pC.动能为4Ek D.2Ek若物体在运动过程中受到的合外力不为零，则（）物体的动能不可能总是不变的 B.物体的动量可能总是不变的C.物体的加速度一定变化 D.物体所受合外力做的功可能为零的时间内动量的增量是（）大小相同，方向也相同 B.大小相同，方向不同C.大小不相同，但方向相同 D.大小不相同，方向也不相同A.FPB.在力F2t，其动量将等于P原来静止在光滑水平面上的物体，在水平力F的作用下，经过时间A.FPB.在力F2t，其动量将等于PC.在力F2t，其动能将等于EkD.FEk质量为60kgC.在力F2t，其动能将等于EkD.FEkA.500N B.1100N C.600N D.1N下落在网上时，与落在相同高度的地面上相比较，下列说法正确的是（）演员落在网上时的动量变化较慢 B.演员落在网上时的动量变化较小C.演员落在网上时的动量较小 D.演员落在网上时受到网的冲量较小13.如图所示为马车模型，马车质量为马的拉力F与水平方向成θ角，在拉力F的拉作用下匀速前进了时间t，则在时间t内拉力、重力、阻力对物体的冲量大小分别为（）A.B.C.D.14.v1m的物块以大小为v2的初速度从传送带的P点冲上传送带，从此时起到物块再次回到P点的过程中，下列说法正确的是（）A.合力对物块的冲量大小一定为B.合力对物块的冲量大小一定为C.合力对物块的冲量大小可能为零 D.合外力对物块做的功可能为零如图所示，某人身系弹性绳自高空P点是人静c（弹性绳在弹性限度以内P点到aⅠ，由a点到cⅡ（）A.过Ⅱ中系统的机械能不变 B.过Ⅱ中人的动能逐渐小到零C.过程Ⅱ中人的动量改变量与过程Ⅰ的动量改变量相同D.过程Ⅱ中人的动量改变量等于重力的冲量棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处。求：棒与水平导轨接触良好，且动摩擦因数为，导体棒最终恰好停在磁场的右边界处。求：质量m＝0.6kg的篮球从距地板H＝0.8m高处由静止释放，与水平地板撞击后反弹升的最大高度h＝0.45从释放到弹跳至h高处经历的时间t＝1.1忽略空气阻力重力加速度g取10m/s2，则篮球对地板的平均撞击力大N质量为0．5kg的小球沿光滑水平面以5m/s的速度冲向墙壁后又以4m/s的速度反向弹回，如图所示，若球跟墙的作用时间为0．05则小球所受到的平均力大小的水平冲量至少应 NS（g取的水平冲量至少应 NS（g取10m/）19.如图所示，19.如图所示，是两条水平放置的阻值可忽略的平行金属导轨，导轨间距为，，磁场区域的宽度为，导轨的右端接有一阻值为的电阻，左端与一弯曲的光滑轨，磁场区域的宽度为，导轨的右端接有一阻值为的电阻，左端与一弯曲的光滑轨道平滑连接。将一阻值为的导体棒从弯曲轨道上高处由静止释放，导体（1）通过电阻的最大电流；（（1）通过电阻的最大电流；20.如右图所示，长L＝0.2m的细线上端固定在O点，下端连接一个质量为m＝0.5kg的小球，悬点O距地面的高度H＝0.35m，开始时将小球提到O点而静止，然后让它自由下落，的水平速度击中木块，最后一起运动，则：当小球到达使细线被拉直的位置时，刚好把细线拉断，再经过t＝0.1s落到地面．如果不虑细线的形变，试求：的水平速度击中木块，最后一起运动，则：（2）假设细线由拉直到断裂所经历的时间为，试确定细线的平均张力大小．21.（2）假设细线由拉直到断裂所经历的时间为，试确定细线的平均张力大小．21.质量为的木块静止在光滑水平面上，一质量为的子弹以（2）若子弹在木块中相对运动时间（2）若子弹在木块中相对运动时间，则木块受到子弹的平均推力多大？参考答案一、单选题1.【答案】D，末动量，动量的变化，末动量，动量的变化，D符合题意故答案为：D2.，D符合题意【解析】解：A、由动量定理可知合外力的冲量等于动量的变化量，动量的大小与合外力的冲量无关．故A错误，B正确；C、根据动量定理可知，动量变化越快，物体受到的合外力越大，故CD、冲量的方向与动量变化量的方向相同，与动量的方向无关．故D错误．故选：BB【解析】解：抽出纸带的过程中，铁块受到向前的摩擦力作用而加速运动，若纸带以2v的小，平抛时间不变，因此铁块将落在P点的左边，故ACD正确．故选B．C【解析】解：A、根据动量定理△P=Ft，F是合力，平抛运动物体的合力是重力，恒力，相等时间内其冲量不变，动量变化量相同．故A不符合题意．B、根据动量定理△P=Ft，F是合力，竖直上抛运动的物体的合力是重力，恒力，相等时间内其冲量不变，动量变化量相同．故B不符合题意．C、动量变化量是矢量，匀速圆周运动动量变化量方向时刻在变化，在相等时间内动量变化相等时间内合力的冲量也是变化的，动量变化量是变化的．故C符合题意．D、根据牛顿第二定律可知，匀变速直线运动合外力恒定，故在相等的时间内动量的变化相等；故D不符合题意；本题选择物体的动量变化不相等的，故选：CAF△t=0﹣（﹣△mv）=△mv．得到F=F△t=0﹣（﹣△mv）=△mv．得到F=F=ρSv．压强P====0.15（Pa）设水杯横截面积为S，对水杯里的雨水，在△tF=ρSv．压强P====0.15（Pa）故选A5故选A5m时速度为v=m/s=10m/s．所以有：F=mg+=60×10N+N=1000N，故D正确，ABC错误．设安全带所受平均冲力为m﹣所以有：F=mg+=60×10N+N=1000N，故D正确，ABC错误．故选：DCC、根据牛顿第二定律得，a=，水平力F不变，则加速度不变，根据x=知，时间【解析】解：A、根据动量定理得，Ft=p，F•2t=p′C、根据牛顿第二定律得，a=，水平力F不变，则加速度不变，根据x=知，时间变为原来的2倍，则位移变为原来的4倍，根据动能定理得，Fx′=Ek′，解得Ek′=4Ek ，故C正确错误故选DD、物体在运动过程中所受到的合外力不为零，若合力总与速度垂直，合力不做功，由动能定理得知物体的动能不变，比如匀速圆周运动．故A错误，故D正确．B量的方向与速度的方向相同，所以物体的动量一定是变化的．故B错误．C、物体在运动过程中所受到的合外力不为零，合力可能不变，也可能变，则加速度可能不变，也可能变．故C错误．故选：D．C增量方向相同．故C、D错误．故选：C．Fmv2 22p=22p=B、根据动量定理知，Ft=mv，时间变为原来的2倍，则动量变为原来的2倍，根据Ek=知，动能变为原来的4倍．故BC错误．故选：A．【解析】解：建筑工人下落5m时速度为v【解析】解：建筑工人下落5m时速度为v，则v==m/s=10m/s．设安全带所受平均冲力为m﹣t﹣mF=mg+=60×10N+N=1000N，故DN=1000N，故D对，A、B、C错．AC、演员在下落中接触地面的瞬间速度不变，故跳在网上时的动量和落在故A错误；B、演员的初动量相等，而演员落在网上时的动量和落在地上的动量相等，到人的动量变成0，动量的变化是相等的．故B错误；D、因动量的变化量相同，而减速时间延长，则由动量定理可知，演员落在网上受到的网的冲量较大；故D错误；故选：AC【解析】解：由题，马车运动时间为t，拉力、重力、阻力都是恒力，则：拉力的冲量为：I1=Ft重力的冲量为：I2=mgt由于马车做匀速运动，阻力大小与F的水平分力相等，阻力大小为：f=Fcosθ阻力对物体的冲量的大小为：I3=ft=Ftcosθ故答案为：CD=mv1+mv2，根据动能定理得，合力做功为：W=．故D正确，A、合合【解析】解：若v2＜v1 ，则物块返回到P点的速度大小为v2 ，根据动量定理知，力的冲量为=mv2﹣（﹣mv2）=2mv2 ，根据动能定理知，合力做功的大小为零．v2≥v1 ，则物块返回到P=mv1+mv2，根据动能定理得，合力做功为：W=．故D正确，A、合合BC错误．15.【答案】A、从ac题意．B、从a到c不符合题意．CⅡ不符合题意．DⅡD不符合题意．故答案为：A．二、填空题【解析】取向上为正方向：下落碰地板前的速度：，反弹的速度：【解析】取向上为正方向：下落碰地板前的速度：，反弹的速度：，撞击瞬间，设碰撞时间，地板对篮球的支持力为F，有：，撞击瞬间，设碰撞时间，地板对篮球的支持力为F，有：根据动量定理：，解得：【解析】选定小球与墙碰撞的过程，取v1的方向为正方向，对小球应用动量定理得Ft＝－mv2－mv1解得最大速度为产生的最大感应电动势通过电阻的最大电流（解得最大速度为产生的最大感应电动势通过电阻的最大电流（2）解：设导体棒在磁场中的运动时间为，由动量定理得在导体棒滑过磁场区域的过程中，产生的感应电动势的平均值所以，F＝＝N＝－90N所以，F＝＝N＝－90N2F﹣mg=m，F﹣mg=m，代入数据解得：v=2m/s，由动量定理得：I=△p=mv=1×2=2N•s作用在小球上的水平冲量至少应为2N•s．故答案为：2．19.【答案】（119.【答案】（1）解：导体棒从弯曲轨道上高处由静止释放，刚进入磁场时速度最大，由机械能守恒得平均感应电流联立解得【解析的大小，再利用欧姆定律求解回路中电流的大小；平均感应电流联立解得20.【答案】（1）解：细线拉断前，小球下落过程机械能守恒：mgl20.【答案】（1）解