河南省安阳市城南振兴中学高一化学月考试卷含解析

河南省安阳市城南振兴中学高一化学月考试卷含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.元素周期表的第7周期称为不完全周期，若将来发现的元素把第7周期全排满，则下列推论错误的可能性最大的是(

)A.该周期的元素都是放射性元素

B.该周期的元素，原子序数最大为118C.该周期的ⅦA族元素是金属元素D.该周期的ⅢA族的元素的氢氧化物具有两性参考答案：D略2.白酒、食醋、蔗糖、淀粉是家庭厨房中常用的烹调剂，利用这些物质能完成的实验是()A．鉴别食盐和小苏打B．检验食盐中是否含有KIO3C．检验自来水中是否含有氯离子D．检验白酒中是否含有甲醇参考答案：A解析食醋中含有乙酸，与小苏打(NaHCO3)反应产生气体(CO2)，食醋与食盐不反应，故可用食醋鉴别食盐和小苏打。3.化学式为C7H16的烷烃中，在结构式中含有3个甲基的同分异构体数目是()

A．2

B．3

C．4

D．5参考答案：B略4.实验发现，298K时，在FeCl3酸性溶液中加入少量锌粒后，Fe3＋立即被还原成Fe2＋。某化学兴趣小组根据该实验事实设计了如右图所示的原电池装置。下列有关说法中正确的是A.该原电池的正极反应是：Zn－2e－＝Zn2＋B.左烧杯中溶液的红色逐渐褪去C.该电池铂电极上有气泡出现D.该电池总反应为：3Zn＋2Fe2＋＝2Fe＋3Zn2＋参考答案：B试题分析：该原电池的负极反应是Zn－2e－=Zn2＋，故A错误；左烧杯中反应为，溶液的血红色逐渐褪去，故B正确；铂电极上的反应为，故C错误；该电池总反应为Zn＋2Fe3＋=2Fe2+＋Zn2＋，故D错误。5.水溶液X中只可能溶有K+、Ca2+、AlO2﹣、SiO32﹣、CO32﹣、SO42﹣中的若干种离子．某同学对该溶有进行了如下实验下列判断正确的是（）A．气体甲一定是纯净物B．沉淀甲是硅酸和硅酸钙的混合物C．K+、AlO2﹣、SiO32﹣、和CO32﹣一定存在于溶液X中D．SO42﹣一定不存在于溶液X中参考答案：C考点：常见阳离子的检验；常见阴离子的检验．.专题：物质检验鉴别题．分析：能和盐酸反应产生气体的是碳酸根离子，故气体甲的主要成分是CO2，即溶液中含CO32﹣，而Ca2+不能和CO32﹣共存，故溶液中无Ca2+；会生成沉淀的是硅酸根离子，故溶液中有SiO32﹣；能和过量的氨水反应生成的白色沉淀只能是氢氧化铝，偏铝酸根离子和过量的盐酸反应会生成铝离子，故原溶液中一定存在偏铝酸根离子；然后根据电中性原则判断钾离子一定存在，不能判断硫酸根存在与否，再据离子之间的反应以及实验现象判断各个选项．解答：A、气体甲的主要成分为CO2，由于盐酸是挥发性酸，故气体甲中除了CO2还含有HCl和水蒸气，故A错误；B、由于溶液中无钙离子，故沉淀甲中不含硅酸钙，故B错误；C、溶液中无钙离子，SO42﹣的存在不能判断，K+、AlO2﹣、SiO32﹣、和CO32﹣一定存在于溶液X中，故C正确；D、SO42﹣的存在不能判断，可有可无，故D错误．故选C．点评：本题考查了离子共存、常见离子的检验方法，题目难度中等，注意掌握常见离子的性质及检验方法，要求学生能够根据反应现象判断离子存在情况，试题培养了学生灵活应用所学知识的能力．6.下列有机物不能通过乙烯的加成反应制取的是(

)

A．CH3—COOH

B．CH2Cl—CH2Cl

C．CH3—CH2OH

D．CH3CH2Cl参考答案：A略7.下列有关物质性质的应用正确的是(

)A.液氨汽化时要吸收大量的热，可用作制冷剂B.二氧化硅不与强酸反应，可用石英器皿盛放氢氟酸C.生石灰能与水反应，可用来干燥氯气D.从海水中提取物质都必须通过化学反应才能实现参考答案：A8.在一个密闭容器中，盛有N2和H2，它们的起始浓度分别是1.8mol·L-1和5.4mol·L-1，在一定的条件下发生反应N2(g)+3H2(g)

2NH3(g)。10min后测得N2的浓度是0.8mol·L-1，则在这10min内NH3的平均反应速率是A．0.1mol·L－1·min－1

B．0.2mol·L－1·min－1C．0.3mol·L－1·min－1

D．0.6mol·L－1·min－1参考答案：B略9.V中国科学技术大学的钱逸泰教授等以CCl4和金属钠为原料，在700oC时反应制造出纳米级金刚石粉末和另一种化合物。该成果发表在世界权威的《科学》杂志上，立即被科学家们高度评价为“稻草变黄金”。同学们对此有下列一些“理解”，你认为其中错误的是：A．这个反应是氧化还原反应

B．制造过程中元素种类没有改变C．另一种化合物为NaCl

D．金刚石属于金属单质参考答案：D略10.．钠的下列用途与钠的化学性质无关的是（

）①制取过氧化钠

②作原子反应堆的导热剂③冶炼金属钛

④应用在高压钠灯上A．①③④

B．②③④

C．②④

D．①③

参考答案：C略11.下列方法能直接从海水制取可饮用水的是（）A．萃取 B．结晶 C．蒸馏 D．过滤参考答案：C【考点】物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；海水资源及其综合利用．【分析】海水中盐类物质与水的沸点不同，可利用蒸馏的方法来分离，以此来解答．【解答】解：A．萃取是利用溶解性的差异来分离相互溶解的液体，故A不选；B．结晶是利用均易溶于水的物质的溶解度受温度影响的差异来分离混合物的方法，故B不选；C．蒸馏是利用沸点不同来分离混合物的方法，则蒸馏可直接从海水中制取可用水，故C选；D．过滤是分离不溶物质与可溶性物质的方法，故D不选；故选C．12.SO2和Cl2都具有漂白性，若将等物质的量的这两种气体同时作用于潮湿的有色物质，可观察到有色物质A．立刻褪色

B．慢慢褪色

C．先褪色，后复原

D．颜色不褪参考答案：D13.运动会上发令枪所用“火药”的主要成分是氯酸钾和红磷，撞击时发生的化学反应5KClO3+6P=3P2O5+5KCl，下列有关该反应的叙述错误的是（

）A.KClO3是氧化剂B.P2O5是氧化产物C.1molKClO3参加反应有6mole﹣转移D.每有6molP被还原，生成5molKCl参考答案：DA．因Cl元素的化合价由+5价降低为-1价，则KC1O3是氧化剂，故A正确；B．P元素的化合价由0升高为+5价，则红磷为还原剂，生成P2O5是氧化产物，故B正确；C．Cl元素的化合价由+5价降低为-1价，所以1

mol

KC1O3参加反应有1

mol×（5+1）=6mol

e-转移，故C正确；D．P元素的化合价由0升高为+5价，则红磷为还原剂，所以每有6

mol

P被氧化，生成5mol

KCl，故D错误；故选D。点睛：需理解氧化还原反应的规律：“升失氧，降得还；若说剂正相反”的真正含义。做题时注意仔细审题，氧化还原反应的本质是电子的转移。规律：升失氧，降得还；若说剂正相反：（还原剂）升（化合价升高）失（失去电子）氧（发生氧化反应）；（氧化剂）降（化合价降低）得（得到电子）还（发生还原反应），若说剂正相反；5KClO3+6P═3P2O5+5KCl中，Cl元素的化合价由+5价降低为-1价，P元素的化合价由0升高为+5价，以此来解答。

14.关于油脂在人体中的生理功能的理解中正确的是（

）①油脂在人体内的水解、氧化可释放能量，所以油脂可在人体内提供能量；②为人体合成其他化合物提供原料；③保持体温，保护内脏器官；④促进脂溶性维生素A、D、E、K等物质的吸收A.只有①②④

B.只有①②

C.只有①②③

D.都正确参考答案：D油脂包括植物油和动物的脂肪，①油脂在人体内的变化主要是在脂肪酶的催化下，进行水解生成甘油和高级脂肪酸，然后分别进行氧化，释放能量，在人体内提供能量；②油脂可以保持体温，缓冲减压，保护内脏器官；③提供人体无法合成而必须从植物油脂中获得的必需脂肪酸（亚油酸、亚麻酸等）；④很多营养素也要靠油脂来运送。例如维他命A、D、E、K都是油溶性的，必须溶在油里面，才会被消化与吸收，①②③④都正确。答案选D。点睛：本题考查油脂的性质与应用。油脂是产生能量最高的营养物质，油脂对人体的重要性有：①为人体提供热量；②提供人体无法合成而必须从植物油脂中获得的必需脂肪酸（亚油酸、亚麻酸等）；③保持体温，保护内脏器官；④供给脂溶性维生素。15.下列关于化学反应速率的说法，不正确的是（

）A．化学反应速率是衡量化学反应进行快慢程度的物理量B．单位时间内某物质的浓度变化大，则该物质反应就快C．化学反应速率可以用单位时间内生成某物质的质量的多少来表示D．化学反应速率常用单位有mol·L-1·s-1-和mol·L-1·min-1参考答案：C略二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.（10分）现有含NaCl、Na2SO4和NaNO3的混合物，选择适当的试剂将其转化为相应的沉淀或固体，从而实现Cl-、SO42-、和NO3-的相互分离。相应的实验过程可用下图表示：请回答下列问题：⑴写出实验流程中下列物质的化学式试剂X：

沉淀A：

沉淀B：

⑵上述实验流程中加入过量的Na2CO3的目的是

。⑶按此实验方案得到的溶液3中肯定含有

（填化学式）杂质。参考答案：略三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.选取下列实验方法分离物质，将分离方法的字母填在横线上：A．分液法

B．加热分解法

C．过滤法（1）________分离饱和食盐水与泥沙的混合物。（2）________分离水和汽油的混合物。（3）________除去氧化钙中少量碳酸钙参考答案：(1)C

(2)A

(3)B【分析】（1）泥沙不溶于水，分离溶液和不溶性固体可用过滤的方法。（2）水和汽油是互不相溶的两种液体。（3）碳酸钙加热分解为氧化钙和二氧化碳。【详解】（1）泥沙不溶于水，分离溶液和不溶性固体可用过滤的方法，选择C。（2）水和汽油是互不相溶的两种液体，可用分液的方法分离，选择A。（3）碳酸钙加热分解为氧化钙和二氧化碳，利用加热分解除掉碳酸钙，选择B。答案为：(1).C

(2).A

(3).B。18.（8分）A、B、C、D为同一周期的4种元素，已知0.2molA与足量盐酸充分反应后生成2.24LH2（标准状况下）．B的氧化物既可溶于酸又可溶于强碱溶液．C、D离子的电子层结构与氩原子相同，C点燃时与氧气反应生成的氧化物可使品红溶液褪色，D单质常温下为气态．（1）A、C的元素分别为：A

，C

；（2）画出B的原子结构示意图

；（3）A与D单质反应生成物的化学键类型：

；（4）写出能证明单质的氧化性D＞C的化学反应方程式： ．参考答案：（1）Na；S；（2）；（3）离子键；（4）Na2S+Cl2=2NaCl+S↓．考点：位置结构性质的相互关系应用．分析：A、B、C、D为同一周期的4种元素，C、D离子的电子层结构与氩原子相同，C点燃时与氧气反应生成的氧化物可使品红溶液褪色，则C为S元素；D单质常温下为气态，则D为Cl元素；0.2molA的单质与足量盐酸反应，能置换出2.24LH2（标况下），则A为金属，令A的化合价为x，根据电子转移守恒有：0.2x=×2，x=1，故A为Na元素；B的氧化物既可溶于酸又可溶于强碱溶液，则B为Al，据此解答．解答：解：A、B、C、D为同一周期的4种元素，C、D离子的电子层结构与氩原子相同，C点燃时与氧气反应生成的氧化物可使品红溶液褪色，则C为S元素；D单质常温下为气态，则D为Cl元素；0.2molA的单质与足量盐酸反应，能置换出2.24LH2（标况下），则A为金属，令A的化合价为x，根据电子转移守恒有：0.2x=×2，x=1，故A为Na元素；B的氧化物既可溶于酸又可溶于强碱溶液，则B为Al．（1）由上述分析可知，A为Na元素，C为S元素，故答案为：Na；S；（2）B为Al元素，原子结构示意图为，故答案为：；（3）A与D单质反应生成物为NaCl，含有离子键，故答案为：离子键；（4）利用单质之间的相互置换可以证明单质的