河北省承德市榆高级中学高一化学上学期期末试卷含解析

河北省承德市榆高级中学高一化学上学期期末试卷含解析一、单选题（本大题共15个小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，共60分。）1.下列各组中的两种物质作用时，反应条件(温度、反应物用量)改变，不会引起产物改变的是(

)A.Fe和HCl

B.NaOH和CO2

C.Na和O2

D.AlCl3和NaOH参考答案：A【详解】A.Fe和HCl反应时只能生成氯化亚铁和氢气，A符合；B.NaOH和CO2反应时，二氧化碳少量时生成碳酸钠和水，当二氧化碳过量时，碳酸钠会转化为碳酸氢钠，B不符合；C.Na和O2在常温下反应生成氧化钠，在加热或点燃条件下生成过氧化钠。C不符合；D.AlCl3和NaOH反应时，氢氧化钠不足时生成氢氧化铝沉淀，氢氧化钠足量时生成偏铝酸钠，D不符合。答案选A。2.把镁条投入到盛有盐酸的敞口容器中，产生H2的速率可由右图表示。在下列因素中对产生H2速率有影响的是

①盐酸的浓度

②镁条的表面积

③溶液的温度

④Cl-的浓度

A．①④

B．③④

C．①②③

D．②③参考答案：C略3.下列各组性质的比较中正确的是A.酸性：HI＞HBr＞HCl B.碱性：NaOH＞KOH＞Ca(OH)2C.热稳定性：H2O＞HF＞NH3 D.还原性：Cl—＞Br—＞I—参考答案：A【详解】A．卤素原子的原子序数越大，HX的酸性越强，则酸性强弱为：HI＞HBr＞HCl，故A正确；B．同主族自上而下金属性增强，则金属性：Na＜K，金属性越强，最高价氧化物水化物的碱性越强，则碱性：NaOH＜KOH，故B错误；C．非金属性N＜O＜F，非金属性越强，氢化物稳定性越强，则氢化物稳定性：NH3＜H2O＜HF，故C错误；D．非金属性Cl＞Br＞I，元素的非金属性越强，对应的阴离子的还原性越弱，还原性：Cl-＜Br-＜I-，故D错误；答案选A。【点睛】本题的易错点和难点为A，要注意氢化物的酸性强弱不能用非金属性强弱解释。

4.金属钠是一种活泼金属，除了具有金属的一般性质外，还具有特性。下列关于钠的叙述中，正确的是()A．钠是银白色金属，熔点低，硬度大B．钠放置在空气中，会迅速被氧化而生成淡黄色的氧化钠C．在氧气中加热时，金属钠剧烈燃烧，产生黄色火焰D．金属钠可直接存放于敞口烧杯中参考答案：C5.Cl2、HCl的混合气体通入足量的NaOH溶液中，充分反应后，溶液中除大量OH－外，还有Cl－、ClO－、ClO3－，且这三种离子的物质的量之比为9﹕2﹕1，则原混合气体中Cl2和HCl体积之比为()A．5﹕2 B．2﹕5C．3﹕1 D．1﹕3参考答案：A6.为了说明影响化学反应快慢的因素，甲、乙、丙、丁4位同学分别设计了如下4个实验，你认为结论不正确的是()A.将形状、大小均相同的镁条和铝条与相同浓度的盐酸反应时，两者反应速率一样大B.在相同条件下，等质量的大理石块和大理石粉末与相同浓度的盐酸反应，大理石粉末反应快C.将浓硝酸分别放在冷暗处和强光照射下，会发现光照可以加快浓硝酸的分解D.两支试管中分别加入相同质量的氯酸钾，其中一支试管中再加入少量二氧化锰，同时加热，产生氧气的快慢不同参考答案：A试题分析：A、金属的活泼性不同，其它条件相同时，化学反应速率也不同，A错误；B、在其它条件相同的情况下，反应物的接触面积影响化学反应速率，接触面积越大，化学反应速率越快，B正确；C、在其它条件相同的情况下，光照可以加快浓硝酸的分解，C正确；D、在其它条件相同的情况下，温度、催化剂影响化学反应速率，温度越高且加入催化剂，化学反应速率越快，故D正确；故选A7.下列金属的冶炼不适宜用热还原剂来冶炼的是

（）A．铁

B．铜

C．钠

D．铅参考答案：C略8.下列化学药品与其危险化学品图形标志不一致的是()参考答案：D9.PASS是新一代高效絮凝净水剂，它由X、Y、Z、W、R五种短周期元素组成，五种元素原子序数依次增大。X原子是所有原子中半径最小的，Y、R同主族，Z、W、R同周期，Y原子的最外层电子数是次外层的3倍，Z是常见的金属，其氢氧化物能溶于强碱溶液但不溶于氨水，W单质是人类将太阳能转变为电能的常用材料。下列说法正确的是（

）A．它们的原子半径依次增大

B．WY2能与碱反应，但不能与任何酸反应C．Z与Y形成的化合物是一种耐高温材料

D．热稳定性：X2R>X2Y参考答案：C略10.工业上利用氮气与氢气合成氨气，关于该反应的说法正确的是（

）A.其它条件不变时，增加N2的浓度能加快反应速率B.其它条件不变时，降低体系温度能加快反应速率C.使用催化剂不影响反应速率D.当N2和H2按体积比1:3混合时，N2和H2能100%转化为NH3参考答案：A【详解】A.其它条件不变时，增加N2的浓度，单位体积内分子总数增加，单位体积内活化分子数增加，反应速率加快，A正确；B.其它条件不变时，降低体系温度，单位体积内活化分子数减小，降低化学反应速率，B错误；C.使用催化剂可以使化学反应速率大大加快，C错误；D.由于N2与H2合成氨气的反应为可逆反应，所以无论是N2和H2按任何体积比混合时，N2和H2都不能100%转化为NH3，D错误；故合理选项是A。11.

将纯锌片和纯铜片按图示方式插入同浓度的稀硫酸中一段时间，以下叙述正确的是

A．两烧杯中铜片表面均无气泡产生B．甲中铜片是正极，乙中铜片是负极C．两烧杯中溶液的pH均增大D．产生气泡的速度甲比乙快参考答案：CD略12.氢气可以在氧气中燃烧．在该反应中：断裂1molH﹣H键消耗的能量为Q1kJ，断裂1molO=O键消耗的能量为Q2kJ，形成1molH﹣O键释放的能量为Q3kJ．下列关系式中，正确的是（）A．2Q1+Q2＞Q3 B．Q1+Q2＞2Q3 C．2Q1+Q2＜4Q3 D．2Q1+Q2＜2Q3参考答案：C考点：有关反应热的计算；反应热和焓变．

专题：化学反应中的能量变化．分析：氢气在氧气中燃烧，该反应放热，△H＜0，根据反应热△H=反应物的总键能﹣生成物的总键来计算该反应的反应热，据此解答．解答：解：破坏1molH﹣H消耗的能量为Q1kJ，则H﹣H键能为Q1kJ/mol，破坏1molO=O键消耗的能量为Q2kJ，则O=O键键能为Q2kJ/mol，形成1molH﹣O键释放的能量为Q3kJ，则H﹣O键能为Q3kJ/mol，对于2H2（g）+O2（g）═2H2O，反应热△H=反应物的总键能﹣生成物的总键能，故：反应热△H=2Q1kJ/mol+Q2kJ/mol﹣4Q3kJ/mol=（2Q1+Q2﹣4Q3）KJ/mol，由于氢气在氧气中燃烧，反应热△H＜0，即（2Q1+Q2﹣4Q3）＜0，所以2Q1+Q2＜4Q3，故选：C．点评：本题考查反应热的计算，注意把握从键能的角度计算反应热的方法，放热△H＜0是解答的关键点，题目难度不大13.NO和CO都是汽车尾气中的有害物质，它们能缓慢地反应生成氮气和二氧化碳，对此反应，下列叙述正确的是

A．使用适当的催化剂不改变反应速率

B．降低压强能提高反应速率C．升高温度能提高反应速率

D．改变压强对反应速率无影响参考答案：C14.下列物质的主要成分及用途均对应正确的是（）选项ABCD物质碳酸氢铵漂白粉赤铁矿双氧水主要成分（NH4）2CO3NaClOFe3O4H2O2用途作氮肥作消毒剂炼铁、制磁铁杀菌消毒参考答案：D解：A．碳酸氢铵为酸式盐，化学式为：NH4HCO3，故A错误；B．漂白粉为次氯酸钙和氯化钙混合物，次氯酸钙化学为：Ca（ClO）2，故B错误；C．赤铁矿主要成分为三氧化二铁，化学式Fe2O3，主要用途炼铁和做红色颜料，故C错误；D．双氧水化学式为H2O2，有强氧化性，能够杀菌消毒，故D正确。

15.下列反应中，属于氧化还原反应同时又是吸热反应的是

A．Ba(OH)2·8H2O与NH4Cl反应

B．石灰石高温下分解的反应

C．灼热的炭与CO2反应

D．甲烷与O2的燃烧反应参考答案：C略二、实验题（本题包括1个小题，共10分）16.实验室里需用490mL0.5mol·L－1的CuSO4溶液。（1）该同学应选择________mL的容量瓶。（2）某操作步骤如下图方框所示，则该图表示的操作应放在下图序号所示的_______和_______（填序号）操作之间。（3）实验室可以提供三种试剂：①CuSO4固体②CuSO?·5H2O③10mol·L－1CuSO4溶液，若该同学用②来配制上述所需CuSO4溶液，应称取试剂②的质量是___________；若该同学用③来配制上述所需CuSO4溶液，应量取试剂③的体积是____________。（4）下列溶液配制过程中能造成浓度偏低的操作有（填写序号）_________。a．转移完溶液后未洗涤玻璃棒和烧杯

b．容量瓶用蒸馏水洗涤后残留有少量的水c．用CuSO?固体配制溶液，称量时发现部分固体颜色变蓝

d．进行（2）中图②操作时有部分液体溅到烧杯外边e．定容时俯视刻度线f．摇匀后发现液面低于刻度线，没进行其他操作参考答案：(1)500

(2)④

⑤

(3)62.5g

25ml

(4)acd【分析】根据配制一定物质的量浓度的溶液过程，选择合适容量瓶、进行有关计算、分析实验误差。【详解】(1)常用容量瓶的规格有100mL、250mL、500mL、1000mL。配制490mL溶液应选择500mL容量瓶，即只能配制500mL溶液。(2)方框为定容的前期操作：引流加蒸馏水，操作④为洗涤液转入容量瓶后的摇匀，操作⑤为定容的后期操作：边滴加蒸馏水、边观察液面。故方框所示操作应在④、⑤之间。(3)若以试剂②配制上述CuSO4溶液时，m(CuSO4·5H2O)＝0.500L×0.5mol·L－1×250g·mol－1＝62.5g。若以③配制上述CuSO4溶液时，所需③的体积V＝0.500L×0.5mol·L－1÷10mol·L－1＝0.025L＝25mL。(4)a．转移完溶液后的玻璃棒和烧杯附着有少量溶液，未洗涤即损失了溶质，使浓度偏低；

b．配制溶液过程中需向容量瓶中加水定容，故洗涤容量瓶后残留的少量水，不影响所配溶液浓度；c．用CuSO?固体配制时，部分固体颜色变蓝使称得的CuSO?减少，所配溶液浓度偏低；

d．（2）中图②操作为固体溶解或浓溶液稀释，部分液体溅到烧杯外，即损失溶质，使浓度偏低；e．定容时俯视刻度线，则凹液面最低处低于刻度，溶液体积偏小，浓度偏高；f．摇匀时少量液体附着于刻度上面的内壁，使液面低于刻度线。这是正常现象，不影响所配溶液浓度；综上，造成浓度偏低的操作有a、c、d。三、综合题（本题包括3个小题，共30分）17.已知：①A是石油裂解气的主要成份，A的产量通常用来衡量一个国家的石油化工水平；②2CH3CHO+O22CH3COOH。③已知乳酸E的结构简式为

。现以A为主要原料合成乙酸乙酯，其合成路线如下图所示。回答下列问题：（1）

A的电子式

A结构简式

（2）

E的分子中含________和_________两种官能团（写名称）（3）

验证D和E兼有的官能团常采用的试剂是

，产生的现象为

（4）写出下列反应的化学方程式并注明反应类型：A→B

________________；

（

）B→C

_________________；

（

）两分子E在一定条件下反应生成六元环状酯的反应______________________________________________；

（

）参考答案：（1）

CH2=CH2（2）羟基、羧基（3）NaHCO3溶液或Na2CO3溶液(选其中一种也行，其它合理答案同样给分)；产生无色无味的气体

（4）①

CH2=CH2+H20

CH3CH2OH

加成

②2CH3CH2OH+O2

2CH3CHO+2H2O

氧化③略，取代或酯化18.(18分)下表为元素周期表的一部分，请参照元素①－⑨在表中的位置，用化学用语回答下列问题：族周期IA

01①ⅡAⅢAⅣAⅤAⅥAⅦA

2

②③④

3⑤

⑥⑦

⑧⑨

(1)⑦元素最高价氧化物晶体类型是______________。(2)⑨所在族的各元素的氢化物中沸点最低的是________（写分子式）（3）不同元素的原子在分子内吸引电子的能力大小可用电负性x来表示，若x越大说明该元素非金属性越强，比较x（⑧）

x（⑨）（填>，<或=），写出一个支持这一比较的事实（用化学方程式表示）

。

(4)

①、④、⑤中的某两种或三种元素可形成既含离子键又含共价键的离子化合物，写出两种化合物的电子式______________，______________。（5）元素③的氢化物与元素⑨的氢化物反应的化学方程式为

。已知第二周期ⅡA族元素性质与⑥相似，写出该元素最高价氧化物与NaOH溶液反应的离子方程式_________。

(6)已知A为ⅡA族元素（第二到第七周期），其原子序数为a，B与A位于同一周期，且为ⅢA族元素，则B的原子序数b与a所有可能的关系是（

）