《附5套中考模拟卷》上海市宝山区2019-2020学年中考物理第二次调研试卷含解析

上海市宝山区2019-2020学年中考物理第二次调研试卷一、单选题（本大题共10小题，共30分）I.下列光学现象与规律不相符的是钢笔“错位”一光的折射手影—光的直线传播海市蜃楼一光的反射昌山D.小钢笔“错位”一光的折射手影—光的直线传播海市蜃楼一光的反射昌山D.小水中倒影一光的反射【解析】钢笔错位属于光的折射现象，故A相符；手影是由于光的直线传播形成的，故B相符；海市蜃楼属于光的折射现象，故C不相符；倒影的形成属于光的反射现象，故D相符；应选C.2.如图所示是使用简单机械匀速提升同一物体的四种方式（不计机械自重和摩擦），其中所需动力最小的是【解析】【详解】设物体重力为G,不计机械自重和摩擦：A、图中为斜面，由功的原理可得，FlX4m=GX2m,解得F|=0.5G：B、图中为滑轮组，与动滑轮相连的绳子段数是3,因此F2=？G；C、图中为定滑轮，不省力，则F3=G；D、由图可知，杠杆的动力臂为阻力臂的2倍，根据杠杆平衡条件可知，动力为阻力的二分之一，F4=0.5G；因此动力最小的是B..小杰同学在游玩“海底世界”时，观察到鱼嘴里吐出的气泡上升时的情况如图所示，对气泡上升过程中受到的浮力和气泡内气体压强分析正确的是（）A.浮力不变，压强不变 B.浮力变小，压强变小C.浮力变大，压强变小 D.浮力变大，压强变大C【解析】【详解】（1）气泡上升时，h变小，由P=pgh得气泡受到水的压强变小，因此气泡的体积变大，由于一定质量的气体，体积变大，压强变小，所以气泡内的压强变小；（2）由于气泡在上升过程中体积变大，所以根据阿基米德原理F^np.gV捧可知，气泡所受的浮力在变大.故选C..明明晚上做作业，把台灯插头插在书桌边的插座上，闭合台灯开关，发现台灯不亮，原本发光的右侧电灯熄灭，但左侧灯泡仍正常工作（如图所示）。将台灯插头从插座上拔下后，他用试电笔分别插入插座两孔中，结果发现试电笔的气管都发光。则故障原因A.可能是进户线的火线上出现了断路B.可能是进户线的零线出现了断路一定是a、b两点间的导线出现了断路一定是d点左侧的零线出现了断路D【解析】【详解】A.进户线的火线上出现了断路，则两个灯都不会发光，故A错误;B.进户线的零线出现了断路，则两个灯都不会发光，故B错误；C.a、b两点间的导线在支路中，若出现断路，对其余的两个灯泡不会产生影响，故C错误；D.d点左侧的零线出现了断路，则左边的灯泡会发光，右边的灯泡不会发光，插座的两个孔都与火线相连,故用试电笔分别插入插座两孔中，试电笔的颊管都发光，故D正确。故选D.5.如图所示是装满豆浆的密闭杯子，以下列两种不同的方式放在水平桌面上，若杯子上表面面积是下表面面积的2倍，则（）甲 乙A.甲对桌面产生的压强是乙对桌面产生压强的2倍B.甲杯底受到的压强是乙杯底受到压强的2倍C.甲对桌面产生的压力比乙对桌面产生的压力大D.甲杯底受到的压力比乙杯底受到的压力大A【解析】试题分析：（1）水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此比较两者对桌面压力的关系，根据p=求出两者对桌面压强的关系；（2）装满豆浆的密闭杯子，两种方式放置时液体的深度不变，根据p=pgh和F=pS可知两杯底受到的压力关系.解：（1）因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，甲对桌面产生的压力等于乙对桌面产生的压力，故C错误：因杯子上表面面积是下表面面积的2倍，所以，由p=可知，两者对桌面压强之比：Ff-W一辽一11一寸7，吃即甲对桌面产生的压强是乙对桌面产生压强的2倍，故A正确、B错误；（2）装满豆浆的密闭杯子，两种方式放置时液体的深度不变，由p=pgh可知，甲乙豆浆对杯底的压强相等，由F=pS可知，甲杯底受到的压力比乙杯底受到的压力小，故D错误.故选A..如图所示，是关于电磁现象的实验装置图，下列分析中正确的是

A.图甲装置是研究电磁感应现象B.图乙装置是电动机的结构原理图C.图丙装置是研究电流周围存在着磁场D.图丁装置是研究磁场对电流的作用D【解析】【详解】A、是奥斯特实验，说明通电导线周围存在磁场.选项错误；B、图中无电池，是发动机原理图，选项错误；C、图中没有电池，是电磁感应现象实验，选项错误；D、图中有电源，这是磁场对电流的作用实验，结论是通电导体在磁场中受力，选项正确.故选D..小明发现自己的杯子经常被碰倒，如图甲所示，而同桌的杯子却不容易碰倒，如图乙所示，这是为什么呢？于是他向自己的学习小组寻求帮助，同学们提出了以下四个问题，其中最有探究价值且易于探究的科学问题是（）ZZA.为什么有的杯子容易倒，有的不容易倒.杯子的稳定程度与形状有什么关系C.物体的稳定程度与支撑面有什么关系D.物体的稳定程度与哪些因素有关C【解析】【详解】试题分析：A、杯子容易倒与不容易倒这个问题太笼统，不易研究，故A错误；B、杯子的形状能够影响装液体的多少，与稳定程度关系不大，研究价值不大，故B错误;

C、甲乙两图的杯子与桌子的接触面积不同，支撑面大的稳定性强，支撑面小是造成不稳定的主要原因，杯子只是个例，研究问题要通过个例找出物体的普遍规律，故C所提问题最具有探究价值且易于探究，故C正确；D、“物体的稳定程度与哪些因素有关”这一问题太笼统，从甲乙两图上看不出更多的影响因素，故D选项不易研究，D错误.故选C..如图所示，a点到b点是小球被抛出后在空中的运动轨迹，小球在b点的速度为v.如果小球在b点突然受到的所有力都消失了，则小球将沿以下哪条轨迹运动B.2C.3B.2C.3D.4【解析】【分析】【详解】根据牛顿第一定律可知，正在运动的物体，所受的外力如果同时消失，物体将保持外力消失瞬间的速度和方向永远运动下去；当小球被抛出后运动到最高点b时，小球在水平方向上有一定的速度v,所以，若小球在b点受到的所有力都消失时，由牛顿第一定律可知，小球将会沿水平方向（即轨迹2）做匀速直线运动..带正电的物体吸引轻质小球，此小球A.一定带负电 B.一定不带电C.可能带正电，可能不带电 D.可能带负电，可能不带电【解析】根据电荷间的相互作用和带电体吸引轻小物体的性质，带正电的物体吸引轻质小球，小球可能带负电，也可能不带电.故选项ABC错误，D正确为答案..如图所示的四种现象中，由光的反射形成的是A.水面"折''枝

A.水面"折''枝【解析】【详解】A.水面“折”枝，是由光的折射形成的现象；B.小孔成像，是由光的直线传播形成的；C.水面倒影，是平面镜成像，由光的反射形成；D.树叶的影子，由光的直线传播形成.故C符合题意.二、多选题（本大题共3小题，共12分）11.某同学探究凸透镜成像规律，完成了下列实验：（D将焦距为12cm的甲凸透镜和点燃的蜡烛分别固定在光具座上，移动光屏后得到一个清晰的像，如图所示；（2）将甲凸透镜换为焦距为8cm的乙凸透镜,透镜和蜡烛的位置不变，调整光屏的位置再次得到清晰的像.对上述实验，下列说法正确的是A.实验（1）中，得到的像为放大的实像B.实验（1）中，得到的像为缩小的实像C.实验（2）中，光屏应向右移动才能得到清晰的像D.实验（2）中，光屏应向左移动才能得到清晰的像AD【解析】【详解】AB.实验（1）中，物距小于像距，此时成倒立、放大的实像，故A正确，B错误。CD.实验（2）中，透镜和蜡烛的位置不变，将甲凸透镜换为焦距为8cm的乙凸透镜，相当于增大了物距,根据凸透镜成实像时“物远像近像变小”，光屏应向左移动才能得到清晰的像，故C错误，D正确。.下列有关热和能的说法中正确的是A.物体内能增大，一定从外界吸收热量B.汽油机在做功冲程中把内能转化为机械能C.物体的温度越高，分子无规则运动越剧烈D.燃料的热值越大，燃烧时放出的热量越多BC【解析】【详解】A、物体内能增大，可能是从外界吸收热量，也可能是外界物体对它做了功，故A错误；B、汽油机在做功冲程中消耗内能，产生机械能，故是将内能转化为机械能的过程，故B正确；C、物体的温度越高，分子无规则运动越剧烈，故C正确；D、燃料燃烧释放的热量的多少与燃料的质量、热值两个因素有关，故D错误；.下列常见的现象中，能量转化的描述正确的是A.弯折铁丝--机械能转化为内能B.保温瓶的瓶盖蹦起--内能转化为机械能C.燃料燃烧--化学能转化为内能D.干电池供电--电能转化为化学能ABC【解析】【详解】A、弯折铁丝是通过做功的方式将机械能转化为内能，故A正确；B、保温瓶的瓶盖蹦起，是气体对外做功，将内能转化为机械能，故B正确；C、燃料燃烧的过程是化学能转化为内能的过程，故C正确；D、干电池供电的过程，是将化学能转化为电能的过程，故D错误。三、填空题(本大题共5小题，共10分).质量和初温相同的甲乙两种液体，经同一加热器加热相同的时间后甲的温度大于乙的温度，则甲液体的比热容乙液体的比热容(填“大于”、“等于”或“小于”如果乙液体的质量为1kg,初温为20C,加热一段时间后温度升高到50T,吸收的热量为1.26X10。，则乙液体的比热容为J/(kg・C).小于；4.2X103【解析】【分析】(1)甲乙两种液体液体质量相等、初温相同、用两个完全相同的加热器加热时间相同时吸热也相同，利用热量的计算公式分析比热容关系；(2)已知物体的质量、初温和末温、吸收的热量，利用c=-g—求物质的比热容。m/\t【详解】(1)由题可知，同一加热器加热时间相同时，即两种液体吸收的热量相同，甲的温度升高的高；根据Q吸=cm?可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，比热容小的物质升温快；所以，甲的比热容小，乙的比热容大;（2）根据比热容的定义式’得'乙液体的比热容:1.26x105j

lkgx(1.26x105j

lkgx(50℃-20℃)=4.2x10"/(kg?C)..如图甲所示的电路中，电源电压不变，R。为定值电阻，R为电阻箱.闭合开关S后，调节电阻箱R的阻值，得到电压表示数U与电阻箱阻值R的变化关系如图乙所示，则可求出电源电压为V,Ro的阻值为C.12 1012 10【解析】【详解】由电路图可知，电阻箱与定值电阻串联，电压表测量电阻箱两端电压；根据R-U图象可知，当电阻箱接入电路的电阻为10。，对应的电压表示数为6V时,因此此时电路中的电流：h=Ui/Ri=6V/10Q=0.6A；则根据串联电路的电压特点可知：U=IiR0+U1①当电阻箱接入电路的电阻为20Q,对应的电压表示数为8V时，因此此时电路中的电流：I2=U2/R2=8V/20Q=0.4A；则根据串联电路的电压特点可知：U=LRo+U2②由①②得：I[Ro+Ui=l2Ro+U2，Ro=U2-Ui/Ii-I2=8V-6V/0.6A-0.4A=10H,电源电压U=IiR（）+Ui=O.6AxlOD+6V=12V..如图所示，港珠澳大桥是连接香港、珠海和澳门的大型跨海通道，是当前世界上最长的跨海大桥.我们能看到水中的倒影是由于光的,若以图中行进的船为参照物，港珠澳大桥是（选填“运动”或“静止”）的.反射运动【解析】【详解】平静的水面相当于是平面镜，我们能看到港珠澳大桥在水中的倒影是由于光的反射形成的；若以行进的船为参照物，由于港珠澳大桥与船之间的位置发生变化，所以，港珠澳大桥是运动的..注射器的针头做得很尖，其目的是为了增大;注射器能将药液吸入针管是利用了的作用.压强大气压【解析】【分析】根据压强的定义式知，当压力一定时，减小受力面积，从而增大压强；注射器将药液吸入针筒之前,需要先排出针筒内的空气，这样，针筒内的气压减小，药液受到外界大气压的作用，会被压入针筒.【详解】由公式可知，注射器的针头做得很尖，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的.注射器能将药液吸入针筒是因为针筒内的气压减小，外界大气压把药液压入针筒.故答案为压强；大气压.【点睛】此题考查学生对增大压强的方法及其应用和大气压应用.贴近生活实际，便于激发学生探究物理现象的兴趣，同时，也体现了新课程的指导思想..如图，三个相同的物体叠放在一起，当B受到5N的水平拉力时，三个物体一起向右匀速运动，则A与B之间、B与C之间的摩擦力分别为N和N.05【解析】试题分析：对A受力分析，A受竖直方向的重力和B对A的支持力，三个物体一起向右匀速运动，A与B相对静止，故AB之间不受摩擦力，摩擦力为ON；同理对AB整体进行受力分析，受重力、C对BA的支持力，水平的拉力，以及C对B的摩擦力，由于三个物体一起向右匀速运动，处于平衡状态,BC之间的摩擦力等于拉力，fBc=F=5N。【考点定位】摩擦力的大小四、计算题（本大题共3小题，共29分）.现有某型号的家用电热水器，具有高、低温两档的自动调温功能，其额定电应为220V,内部电路由电阻丝Ri、R?和开关S卜S2组成.其中Ri=55A,当舟闭合时处于低温档，功率为220W,再闭合S?处于高温档，功率为1100W.求：(1)请你结合自己所学的电学知识推测出电热水器内部电路情况，在虚线框内画出电路图.(一)(2)R2的电阻值是多少？(3)用该电热水壶在高温挡时加热1kg水，水由20C加热到1OOC需要6min,求该电热水壶的加热效率.[c=4.2X103J/(kg*D] &/$_, 1__/y-. 220Q84.8%国八【解析】【详解】(1)根据题意知道，电热水器具有高、低温两档，额定电应为220V,电路由电阻丝Ri、R2和开关S、S?组成.，所以％、Rz应是并联，且&在干路，S2控制高温档，当两电阻都通电时，为高温档，只有一U2-个电阻通电为低温档；又因为其中R1=55Q,若只有R“则由p=一知道，功率是880W,故低温档时R是R?通电，所以，电热水器内部电路如下:. U2-(2)由于当&闭合时处于低温档，功率为220W,由P=一知道,RR?的电阻值是：R,=°2=(220Vy=220Q•P220W(3)用该电热水壶在高温挡时加热6min,消耗的电能是：W=^=1100Wx6x60s=396000J=3.96x10牛1kg水吸收的热量是：0=c/n(z-r0)=4.2x1Q1J/(kg*℃)x1kgx80℃=3.36x1o5j所以，该电热水壶的加热效率是：77=-^-x1OO%=3-36x1O'Jx1OO%=84.8%W 3.96xlO5J20.在下图所示电路中，电源电源为9V且保持不变，灯泡上标有“6V6W”字样，滑动变阻器上标有“15。1A”的字样.电流表的规格为“0〜0.6A”,电压表的规格为“0〜15V”.(假设小灯泡的电阻保持不变)求：r-Hg)-@~~®~灯泡正常发光时的电流;当电流表示数为0.4A时，电压表的示数；为了保证—~~i|—r^"i电路安全，滑动变阻器接入电路中的最小阻值；电路消耗总功率的变化范围.(计算结果保留一位小数)(1)1A；(2)6.6V；(3)9Q；(4)3.9W至5.4W【解析】解答：由于图可以看出灯泡和滑动变阻器串联电压表测滑动变阻器两端的电压，(1)灯泡正常发光时的电P6W流：1=77==雉(2)当电流表示数为0.4A时，电压表的示数U6V根据得灯泡的电阻Rl=&=幽-6。，当电流表示数为0.4A时，根据欧姆定律得灯泡两端的电R PL6w压ul=IRi.=0.4Ax6Q=2.4V电压表的示数UV=U-UL=9V-2.4V=6.6V(3)为了保证电路安全，电流表示数不超过0.6A,当电流表示数是0.6A时滑动变阻器接入电路中的最，此时灯泡两端的电压U2=IaRl=0.6Ax6Q=3.6Y滑动变阻器端的电压U*1；=9V-3.6V=5.4V则U滑54VRmin=-r-=--=9Q(4)当电路中的电流最大时电路消耗的功率最大Pmax=UlA=9VxO.6A=5.4W当滑1A0.6A动变阻器接入电路中的阻值最大时，电路消耗的功率最小此时电路中的电流=而记"043A电路消耗的•最小功率Pm『UM9Vx。.43A=3.9W所以电路消耗总功率的变化范围3.9W至5.4W21.某兴趣小组探究串联电路中电阻消耗的电功率与电流的关系，电路如图甲所示.滑动变阻器滑片P从最右端向最左端移动的过程中，Ri的11-1图象如图乙所示.

甲5甲5求：Ri的阻值.电路消耗的最大功率.当RZ消耗的电功率为0.5W时，R的阻值.10Q3.6W2a【解析】【详解】(1)由Ri的U-I图象可知，通过Ri的电流与电压成正比，Ri为定值电阻，当Ui=6V时，L=0.6A,由欧姆定律可知：R尸之乱一10。；(2)当滑动变阻器连入电阻为。时，电路中的电流最大，此时电阻1I0.6ARi两端的电压等于电源电压，电源电压U=U】=6V,最大电流为h=0.6A,电路最大功率p=UI1=6VxO.6A=3.6W；(3)当R2消耗的电功率为0.5W时，P2=I2R2,0.5W=I2R2, ①，而U6V 6V1=R14-R2-10O4-R2,代入①得：°・5W=(10Q+R、)2R2,化简得：(R2)2-72R2+1OO=O,解得R2的阻值：R2=2C或R2=50£l,由图乙可知，当R?最大时，I.小=0.15A,电路总电阻6)4。。,I最小0.15AR2的最大值R«*=R-Ri=40C-10C=30Q,所以R2=50C舍去，R2=2£l.五、作图题(本大题共2小题，共4分).有一个木球静止在水面上，在图中画出它的受力示意图.【解析】【分析】木球在水中受到重力和浮力的作用，重力的方向竖直向下，浮力的方向竖直向上，由于木球漂浮，因此受到的力是平衡力，重力和浮力大小相等.【详解】

一木球在水中静止时是漂浮状态，木球受到的浮力等于重力；在木球的重心，竖直向下作出重力G,竖直向上作出浮力F,两个力大小相等，方向相反.如下图所示：.如图甲所示为市民在公园锻炼上肢力量的画面.该器材相当于一根杠杆（杠杆自重不计），乙图为其简化图，锻炼时手在B点用力向上举手柄将A点的配重抬高，达到锻炼上肢的目的.请在乙图中画出动力臂Li、阻力Fi及力臂Li.甲图 乙图如图【解析】试题分析：阻力是阻碍杠杆转动的力，和杠杆运动方向相反；由题意锻炼时手在B点用力向上举手柄将A点的配重抬高，手柄上的力的方向向下，可知阻力的方向是向下的；从支点分别向力的作用线作垂线，垂线段即为力臂，答案如下图：考点：杠杆力臂的做法.六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）.看图回答问题如图所示，在“测量石块密度”的实验中，调节天平平衡的过程中，发现指针如图甲所示,则应向调节平衡螺母，直至横梁平衡.实验现象如乙、丙所示，则石块的密度是如图所示，在“探究浮力大小等于什么，，的实验中，ABCD四个步骤的最佳排序是。测得浮力大小等于N,如图所示，在“探究浮力大小等于什么，，的实验中，ABCD四个步骤的最佳排序是。测得浮力大小等于N,实验结论是：F*性能''的实验中，要保持水和煤油的相同.用相同热源加热的目的是：用 显示吸收热量多少。实验过程中，温度计示数升高的物质(选填“多”或“少”)，吸热能力强，比热容大。⑴右2.42g/cm3(2)BADC1G»⑶质量加热时间少【解析】【详解】(1)指针偏左，说明左侧质量偏大，因此要将平衡螺母向右移动；石块质量m=2()g+20g+5g+3.4g=48.4g,m48.4g- , 3石块体积V2=V-Vi=4()cm3-2()cm3=20cm3,石块密度Ph=~=~~~r=242g/cmoV220cm(2)验证阿基米德原理的实验过程是：B.用弹簧测力计测出小桶的重力；A.用弹簧测力计测出固体的重力；D.在溢水杯中盛满水，将固体慢慢浸入水中，同时使溢出的水流入小桶，记下弹簧测力计的示数；C.用弹簧测力计测出小桶和溢出的水的总重力。即正确的实验步骤是BADC.测得浮力大小F*G-F=4N-3N=1N,排开水的重力G挣=2N-1N=1N,由此可得实验结论F»=G挣。(3)根据控制变量思想，在“比较水和煤油吸热性能”的实验中，要保持水和煤油的质量相同；用相同热源加热可以保证相同时间两种液体吸收的热量相同，因此实验中是通过比较加热时间的长短比较水与煤油吸收热量的多少；实验过程中，煤油温度升高得快，水温度升高慢，说明了水吸热能力强，即水的比热容大。.为了探究平面镜成像特点，小明准备了图甲所示的实验器材：蜡烛凸透镜光屏平面镜玻璃板 /十、0]，' ]、 ； 实验时，小明应选 作为平面镜（填字母）,ABCDEFG申乙这样选择的目的是便于.为了比较像与物的大小关系，小明应选 两支蜡烛（填字母）.实验时镜面与桌面必须.实验中小明把光屏放在烛焰所成像的位置上，他在光屏上并没有看到烛焰的像，说明平面镜所成的像是像.实验结束后，小明无意间从平面镜中看到墙上的电子钟的像如图乙所示,这时的时间是.G 确定像的位置 BC垂直虚10：1【解析】【详解】（1）在本实验中要验证像与物体的大小相等，所以应选透明的玻璃作为平面镜，这样可以方便地确定像所在的位置；（2）他应选用两支相同的蜡烛来验证像与物体的大小相等这一结论；（3）为了保证像与物体的连线与桌面平行，所以应让镜面与桌面必须垂直；（4）由于平面镜所成的像是虚像，所以这个像无法用光屏来接收，在光屏上不能成像；（5）平面镜所成的像与物体关于镜面是对称的，所以在镜中看到像与物体的左右正好相反，故可以从纸的反面来看，可读出正确的读数应为10：1..用如图所示装置探究秦熔化时温度的变化规律.请回答下列问题：①将装有蔡的试管放入水中加热，而不是用酒精灯直接对试管加热，这样做不但能使物质均匀受热，而且蔡温度上升速度较（填“快”或“慢”），便于及时记录各个时刻的温度.②莱加热一段时间后，可看到烧杯中有“白气”冒出，“白气”是（物态变化）现象.慢液化【解析】【详解】①将装有蔡的试管放入水中加热，这是水浴法，采用水浴法，祭的温度变化比较均匀，并且变化比较慢，便于记录实验温度；②烧杯中冒出的有“白气”是由水蒸气液化而来的.2019-2020学年中考物理模拟试卷一、单选题（本大题共10小题，共30分）1.通过两定值电阻甲、乙的电流与电压关系如图所示，当将甲、乙两电阻并联在3V的电源两端，下列分析正确的是3.02.52.01.51.00.500.10.20.30.40.50.6//AA.甲、乙两端的电压之比为1：2B.通过乙的电流是0.6AC.甲消耗的电功率为1.8WD.乙在1分钟内消耗的电能为36J2.小华在研究凸透镜成像规律时，将平行光正对凸透镜照射，另一侧的光屏移动到距凸透镜10厘米处时,得到一个最小最亮的光斑。接着把光源换成蜡烛，调整好相关器材的高度，将凸透镜固定在光具座中央50厘米刻度线处，移动蜡烛到光具座的左端并点燃，再移动光屏至如图所示位置时，在光屏中央得到一个清晰的像。保持凸透镜位置不变，通过移动蜡烛及光屏的位置，下列成像情况符合实际的是（ ）A.若蜡烛放置在10厘米刻度线处，移动光屏，在光屏上都不能呈清晰的像B.若蜡烛放置在30厘米刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈清晰缩小的像C.若蜡烛放置在35厘米刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈清晰放大的像D.若蜡烛放置在45厘米刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈清晰放大的像3.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S,当滑片P向右移动时，下列说法正确的是A.电压表的示数不变，总功率不变B.电流表的示数变大，总功率变小D.电流表的示数变大，灯的亮度变亮4.如图所示，电磁铁的左下方有一铁块，在弹簧测力计作用下向右作匀速直线运动.当铁块从电磁铁的左下方运动到正下方的过程中，同时滑动变阻器上的滑片逐渐向上滑动，下列判断正确的是A.电磁铁的上端是N极，下端是S极B.电磁铁的磁性逐渐减弱C.铁块对地面的压强逐渐减小D.地面对铁块的摩擦力逐渐增大5.在图所示的电路中，电源电压保持不变.闭合开关S,电路正常工作.过了一会儿，灯L熄灭，电压表示数变大，则A.一定是灯L开路，电流表的示数变小B.可能是灯L短路，电流表的示数变大一定是电阻R开路，电流表的示数变小D.可能是电阻R短路，电流表的示数变大6.关于如图所示的四种情境，下列说法错误的是A.甲图中足球运动员踢球使球飞出去，说明力可以改变物体的运动状态B.乙图中跳远运动员起跳前要先助跑是为了增大惯性C.丙图中撑杆跳高运动员向上弹起时，撑杆的弹性势能转化为人的重力势能丁图中运动员在单杠上静止不动时，单杠对他的拉力和他受的重力是一对平衡力.关于如图所示的四种情境，下列说法错误的是甲内甲内A.甲图中足球运动员踢球使球飞出去，说明力可以改变物体的运动状态B.乙图中跳远运动员助跑后起跳是为了增大惯性C.丙图中撑杆跳高运动员向上弹起时，竿对人弹力的大小等于人对竿拉力的大小D.丁图中运动员在单杠上静止不动时，单杠对他的拉力和他受到的重力是一对平衡力.在下图所示的电路中，开关闭合时Ai的示数为1.2A,A?的示数为0.5A.下列判断正确的是A.通过Li的电流为1.2A.通过Li的电流为0.7AC.通过L2的电流为0.7AD.通过L2的电流为1.2A.如图所示，把汤匙放在手指上，仔细调节支撑汤匙的支点，使其在手指上水平静止，下列说法正确的是A.汤匙的重心在支点的右方B.手指对汤匙的作用力方向不一定竖直向上C.汤匙受到的重力和手指对它的作用力是一对平衡力D.在使用汤匙舀热汤时手感觉到热，因为汤匙是导体.如图所示的电路中，电源两端电压保持不变.闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P向右滑动，下列判断正确的是I 1| / A.滑动变阻器接入电路中的电阻变小B.电路中的总电阻变小C.电流表的示数变小二、多选题（本大题共3小题，共12分）.在“探究凸透镜成像规律的实验''中，小明调节蜡烛，凸透镜和光屏的位置，在光屏上成清晰的像如图所示，下列说法正确是A.照相机是利用了图中的成像规律B.换上焦距小一些的凸透镜，只将蜡烛向右适当移动就能在光屏上接收到清晰的像C.如果使蜡烛向左移动，光屏需要向右移动才能接收到清晰的像D.如果把蜡烛与光屏对调，光屏上将会出现清晰的像.如图所示的电路，电源电压不变.闭合开关S,将滑动变阻器的滑片P从中点滑到a端，不计温度对灯丝电阻的影响.则下列说法正确的是（ ）A.电路总电阻变小 B.灯L变暗C.Ri的电功率变小 D.通过Ri的电流不变13.关于电与磁的说法正确的是（）A.电磁波不能在其真空中传播B.奥斯特实验说明电流周围存在磁场C.地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近D.发电机是利用电磁感应现象制成的，工作时将机械能转化为电能三、填空题（本大题共5小题，共10分）.冬天室外比较寒冷，要使手的内能增加，温度升高有两种不同的途径，分别举例说明：（1）;（2）..某同学家的电子式单相电能表上个月月初、月来的表盘如图所示，且表盘上有“1600imp/kW・h”的参数。据表盘上的信息可知该同学家上个月共用电kW-h；若关闭家中其他用电器，只让一个电饭煲工作3min,观察到电能表的指示灯闪烁了40次，则此电饭煲工作时的电功率为-W.KWh 101KWh 101口DD5D443型

电子式单相电能表

220V10A50Hz1600imp/KWh►O僧示灯KWh1 01inm□DD5D443型

电子式单相电能表

220V10A50Hz1600imp/KWh—O指示灯月末月初月末.小明家电能表本月初的示数如图甲所示，本月底的示数如图乙所示，小明家本月消耗的电能为kW-h,如果按0.5元/（kW•h）的电价计费，本月应付电费元，该电能表单相电能表的参数表明，小明家能同时使用的用电器总功率不得超过 W.庭电路中，火线与零线间的电压为V,为了避免触电事故，家用电器的金属外壳一定要.EUU“回甲巨1诅】㈣乙220V10A50Hz||3000r87（k・•h）.有甲、乙两只灯泡，甲标有“15VL0A”字样，乙标有“10丫0.5人”字样.现把它们串联起来，则该串联电路两端允许加的最高电压为（不考虑温度对灯泡电阻的影响）V；若将两灯泡并联，则干路中最大电流为A..小金同学利用水槽、蜡烛、玻璃杯等做了如下实验：他先将蜡烛固定于水槽的底部，接着向水槽内注入一些水，点燃蜡烛，如图（a）所示；然后用玻璃杯倒扣住点燃的蜡烛，发现烛焰逐渐熄灭、水槽内水位下降、杯内水位升高，如图（b）所示。这是因为玻璃杯倒扣住点燃的蜡烛后，杯内氧气逐渐耗尽，烛焰熄灭，从而导致杯内气温、气压,水在杯外水面上的作用下被压入玻璃杯中，导致玻璃杯内水位高于玻璃杯外水位。四、计算题（本大题共3小题，共29分）.如图所示电路，电源电压保持不变，当闭合开关S,调节滑动变阻器阻值从最大变化到最小，两个电阻的“U-L关系图像如图所示。求：电源电压定值电阻4的阻值滑动变阻器&的最大阻值.小明想测量电磁炉的效率，首先小明观察了家中的电能表，看到电能表的表盘如图所示，并且关闭了家中其他用电器，只把电磁炉接入电路中工作，把质量为3kg、初温为25C的水刚好烧开，用时10min.电能表的示数变为己知水的比热容是4.2x103j/（kg・C）,当时气压为标准大气压。求:

电能表的示数变为单相电度表Willa曲回kWh单相电度表Willa曲回kWhn-，220V10(20)A50Hz

3000revs/(kWh)这些水吸收的热量；电磁炉在烧水过程中的效率。.某校兴趣小组的同学设计了如图所示的市政自动排水装置模型，控制电路由电压为12V、最大容量为lOOAh的蓄电池供电，蓄电池用“发电玻璃”制成的太阳能电板充电。Ro为定值电阻，R为压敏电阻，压敏电阻通过杠杆与圆柱形浮体相连，AB：BO=4：1,压敏电阻的阻值随压力变化的关系如下表。(压板、杠杆和硬质连杆的质量及电磁铁线圈电阻忽略不计，所用绿灯、红灯及排水泵的额定电压均为220V)压敏电阻受到的压力F/N60120180240300360420480…压敏电阻R阻值/。400260180125100806555•**(1)“发电玻璃”面积为1.2m?,其光电转化率为20%,则要对控制电路的蓄电池充满电需要多少小时？(太阳能辐射到每平方米地面上的平均功率按IkW计算)(2)按照设计要求，当水位上升到浮体刚好全部浸入水中时，压敏电阻受到压力为360N,通过电磁铁线圈的电流为100mA,排水泵启动，求Ro的阻值；(3)若浮体的重力为200N,求该浮体的密度为多大？五、作图题(本大题共2小题，共4分).如图传动装置.甲是由电机带动的逆时针转动的主动轮，乙是从动轮重20N.皮带与轮子之间无打滑现象，轮子与皮带A处的摩擦力大小为8N,请在皮带A处作出这个力和乙轮受到的重力的示意图..如图所示，曲杆ABC自重不计，O为支点，要使曲杆在图示位置平衡，请作出物体所受重力的示意图和施加在C点最小力F的示意图.

六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）.随着手机用户的增多，伴随近视眼的增加，都是由于长时间用眼，造成用眼过度，眼睛的晶状体变厚,如图所示。（提出问题）小明同学为了弄清楚是不是因为晶状体变厚造成近视眼，同时想弄清楚近视眼度数越大，是不是因为晶状体越厚。（设计并进行实验）因此利用实验室中的水凸透镜等器材进行探究实验：①调整烛焰（模拟远处所视物）、水凸透镜（模拟人眼晶状体，并与注射器相连，其凸起程度可通过注射器注入或吸收水量来调节）、光屏（模拟人眼视网膜）在光具座上的位置，如图所示，在光屏上得到了烛焰清晰的像。②当向水凸透镜内注入适量水来模拟近视眼，发现光屏上原来清晰的像变模糊了，将光屏向靠近透镜的方向移动适当距离，再次得到清晰的像，说明凸透镜变厚后，物距,凸透镜的焦距变 ;（分析论证）③根据所学的内容知道，近视眼成因之一是由于长时间用眼后，造成晶状体变眼睛将远处的物体成像在视网膜（选填“前”或“后”）。④若光屏不移动，在烛焰和水凸透镜间加一个焦距合适的凹透镜，光屏上也能得到清晰的像，说明近视眼镜是 透镜。（拓展延伸）小明移动凸透镜前的蜡烛，物距u随时间t的变化图像如图甲所示，则像距v与t的大致变.小明利用如图所示的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”.甲、乙两瓶中装有质量与初温相同的煤油，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中银珞合金丝的小.

温度计温度计(1)为了在较短的时间内达到明显的实验效果，小明选用煤油而不用水做实验，主要是由于.(2)实验中，乙瓶中的温度计示数升高的快，由此得出的实验结论是.(3)若乙瓶中的温度计示数变化了10C,其中银信合金丝消耗了3.5xlO-3kW-h的电能，烧瓶中煤油的质量是kg.［已知cj1Ht=2.1xl()3j//.C),不计热损失］率..小亮用标有“20。1A”的滑动变阻器Ra连接了如图所示电路，测额定电流为0.5A的小灯泡的额定功率.闭合S、S2,断开S”当滑动变阻器Rb的滑片在最左端，滑动变阻器Ra的滑片在最右端时，电流表的示数为0.6A.(填开关状态)，移动滑动变阻器R,\的滑片使电流表的示数为0.5A,小灯泡正常发光断开S”闭合S、S2,保持滑动变阻器Ra的滑片位置不动，调节滑动变阻器Rb的滑片，使电流表的示数为0.5A.保持其中一个滑动变阻器滑片位置不动，将另一个滑动变阻器的滑片调到最左端，此时电流表的示数为1A.小灯泡的额定功率P.W.参考答案一、单选题(本大题共10小题，共30分)C【解析】【详解】A.因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，甲和乙并联后接在电压为3V的电源两端时，U,=Uz.=U=3V,则甲、乙两端的电压之比为1：1。故A错误。B.由图象可知，此时通过它们的电流分别为I甲=0.6A,IZ=0.3A。故B错误.C.甲消耗的电功率为P甲=U甲I甲=3VxO.6A=1.8W。故C正确。D.乙在1分钟内消耗的电能为Wz=Uz.Iz.t=3Vx().3Ax60s=54J。故D错误。C【解析】【详解】根据题意知，凸透镜的焦距为10cm。A、若蜡烛放置在10厘米刻度线处，物距u=50cm-10cm=40cm,满足u>2f,由凸透镜成像规律可知，成倒立、缩小的实像。移动光屏，在光屏上能呈清晰的像，故A错误；B、若蜡烛放置在30厘米刻度线处，物距u=50cm-30cm=20cm,满足u=2f。由凸透镜成像规律可知，成倒立、等大的实像，故B错误；C、若蜡烛放置在35厘米刻度线处，物距u=50cm-35cm,满足f<u<2f,由凸透镜成像规律可知，成倒立、放大的实像，移动光屏，可在光屏上呈清晰放大的像，故C正确；D、若蜡烛放置在45厘米刻度线处，物距u=50cm-45cm=5cm,满足uVf,由凸透镜成像规律可知，成正立、放大的虚像，虚像不能成在光屏上，故D错误。故选C。【点睛】凸透镜成像规律的实验是常考试的内容，应熟悉掌握其实验过程，牢记容易出现的问题，特别是凸透镜的成像规律，有些同学总是记不住，要下点功夫，可以结合成像光路图进行练习、记忆。D【解析】【分析】【详解】由图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路中电流，电压表测灯泡和滑动变阻器的总电压，即电源电压，将滑动变阻器的滑片P向右滑动时，接入电路的电阻变小，电路的总电阻变小；根据1=与可知，电路中的电流变大，即电流表的示数变大；根据U=IR可知，灯泡两端的电压变大，由P=UI可知，灯泡的实际功率变大，故灯泡变亮；由于电源电源不变，所以电压表的示数不变，由P=UI可知电路中的总功率变大，综上所述，故ABC错误，D正确.C【解析】【分析】【详解】A、由安培定则，右手弯曲的四指指向电流方向，大拇指方向就是N极，可以判断，电磁铁的下端是N极,上端是S极，故A错误；B、由电路图知，滑片逐渐向上滑动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，电路电流变大，通过电磁铁的电流逐渐增大，电磁铁的磁性逐渐增强，故B错误；C、电磁铁磁性增强，当铁块逐渐运动到其下方时会受到的吸引力变大，使铁块对桌面的压力减小，在接触面积不变的情况下，压强减小，故C正确；D、铁块因被电磁铁吸引而压力减小，在接触面粗糙程度不变的情况下，摩擦力也跟着减小，故D错误.故选C.【点睛】右手螺旋定则应用时，要注意四指弯曲指向电流的方向，千万不要理解成线圈的绕向，有同学容易在这点混淆，有个简单的方法，即使用右手螺旋定则前先把电流方向标在线圈上.B【解析】【分析】由图可知，电阻R与灯泡L串联，电压表测量R两端的电压；由电路中两表示数的变化可知故障的可能性,然后根据选项选出符合要求的判断.【详解】由图可知，电阻R与灯泡L串联，电压表测量R两端的电压，电路正常时电压表的示数小于电源电压；A、若灯L开路，整个电路断开，电压表和电流表的示数为0,故A不符合题意；B、若灯L短路，电路中只有电阻R,电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，电流表的示数变大，电压表示数为电源电压，电压表示数变大，所以可能是灯L短路，故B符合题意；C、若电阻R开路，则电流表无示数，电压表串联在电路中，电压表测电源电压，其示数变大，但“一定是电阻R开路”的说法错误，因为还可能是灯L短路引起的，故C不符合题意；D、若电阻R短路，电压表也被短路，则电压表示数为0,故D不符合题意.故选B.B【解析】【分析】【详解】A.甲图中足球运动员踢球使球飞出去，足球由静止变为运动；足球的运动状态改变了，故A正确.B.物体的惯性只与物体的质量有关，助跑后不能增大惯性，故B错误.C.撑杆跳高运动员向上弹起时杆发生形变具有弹性势能，此过程中杆的弹性势能转化为人的重力势能使人的高度升高，故C正确.D.动员在单杠上静止不动时，受到平衡力作用；故单杠对他的拉力和他受到的重力大小相等、方向相反、作用在同一物体上，作用在同一直线上所以是一对平衡力，故D正确.B【解析】【分析】(1)力的作用效果有两个：①力可以改变物体的形状即使物体发生形变。②力可以改变物体的运动状态,包括物体的运动速度大小发生变化、运动方向发生变化。(2)任何物体在任何情况下都具有惯性，惯性是物体保持原来运动状态不变的性质。物体的惯性只与物体的质量有关，质量越大，惯性越大。(3)物体间力的作用是相互的，一对相互作用力的大小相等。(4)物体受到平衡力作用时，其运动状态不变，即处于静止状态或匀速直线运动状态。【详解】A、甲图中足球运动员踢球使球飞出去，足球由静止变为运动；说明力可以改变物体的运动状态；故A正确,不合题意。B、物体的惯性只与物体的质量有关，助跑后不能增大惯性；故B错误，符合题意。C、撑杆跳高运动员向上弹起时，由于物体间力的作用是相互的，且其大小相等；故竿对人弹力的大小等于人对竿拉力；故C正确，不合题意。D、动员在单杠上静止不动时，受到平衡力作用；故单杠对他的拉力和他受到的重力是一对平衡力；故D正确，不合题意。故选B。B【解析】【详解】由图可知，两灯泡并联，电流表Ai在干路中，是测量干路中的电流即总电流，则I=1.2A电流表A?是测量支路1〃中的电流，则I2=0.5A根据并联电流电流的规律：I=h+L得，通过支路。的电流为I,=I-I2=1.2A-0.5A=0.7A故B正确。C【解析】【详解】A、汤匙放在手指上平衡，受平衡力作用，重力和支持力作用在同一直线上，故汤匙的重心在支点的正上方，故A错误；BC、汤匙受到的重力和手指对它的支持力大小相等，方向相反，作用在同一直线上，作用在同一物体上,是一对平衡力，手指对汤匙的作用力方向竖直向上，故B错误、C正确；D、在使用汤匙舀热汤时手感觉到热，因为汤匙是具有好的导热性，故D错误。C【解析】【详解】由电路图可知,Ri与R?串联.电压表测Ri两端的电压，电流表测电路中的电流，将滑动变阻器的滑片P向右滑动，变阻器接入电路中电阻丝的长度变长，接入电路中的电阻变大，故A错误；因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，电路中的总电阻变大，故B错误；由1=:可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，故C正确；由U=IR可知,R2两端的电压变小，K两端的电压变大即电压表的示数变大，故D错误.二、多选题（本大题共3小题，共12分）AD【解析】【详解】由图知道，物距大于像距，凸透镜成倒立、缩小的实像，应用于照相机和摄像机，故A正确；换上焦距小一些的凸透镜，相当于增大物距，由于凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小，所以，只将蜡烛向右适当移动一定不能在光屏上接收到清晰的像，还需要移动光屏才行，故B错误；将物体向左移动，物距增大，像距减小，要在光屏上得到清晰的像，光屏要向左移动，故C错误.由图知道，u>v,此时成倒立缩小的实像；将蜡烛和光屏的位置对换后，由于光路可逆知道，能成清晰的像，且成的是倒立、放大的实像，故D正确.AC【解析】【分析】【详解】由电路图可知,R2与滑动变阻器串联后与K并联，它们再与灯泡L串联，因无论是串联电路还是并联电路中一个电阻的阻值增大时电路中的总电阻增大，所以，将滑动变阻器的滑片P从中点滑到a端，接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，故A正确；由1=与可知，电路中的电流变大，灯泡两端的电压变大，由P=UI根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知，灯泡的实际功率变大，灯泡变亮，故B错误；根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知，当灯泡两端的电压变大，则并联部分两端的电压变小，根据P=J可知R|的电功率变小，故c正确；由1=不可知,&支路的电流变小，故D错误.故选AC.R R【点睛】由电路图可知，R2与滑动变阻器串联后与R1并联，它们再与灯泡L串联，无论是串联电路还是并联电路中一个电阻的阻值增大时电路中的总电阻增大，据此可知滑片移动时电路中总电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡两端的电压变化，根据p=ui可知灯泡实际功率的变化，根据灯泡的亮暗取决于实际功率的大小可知亮暗的变化，利用串联电路的电压特点可知并联部分两端的电压变化，根据p=J可知R1的功率的变化；利用欧姆定律可知小的电流变化.RBCD【解析】试题分析：电磁波能够在真空中传播，所以现代通信主要靠电磁小波来传传递信息，故A错误；奥斯特发现通电导线周围的小磁针会发生偏转，说明电流周围存在磁场，故B正确；地磁南极在地理北极附近，地磁北极在地理南极附近，所以小磁针的南极指向地理的南极，小磁针的北极指向地理的北极，故C正确；闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，会产生感应电流，这叫电磁感应，发电机就是利用这一原理制成的，在这一过程中消耗机械能，得到了电能，所以是机械能转化为电能，故D正确；应选BCD.【考点定位】电与磁三、填空题(本大题共5小题，共10分)搓搓手 慢慢给手上哈气【解析】【详解】改变物体内能有两种方式：做功和热传递，所以要使手的内能增加，温度升高，可以有两种不同的途径，一是搓搓手，即利用做功的方法；二是慢慢给手上哈气，利用热传递的方法。95 500【解析】【详解】由于电能表的读数方法是：①月末的减去月初的示数，②最后一位是小数，③单位kW・h；所以，本月消耗的电能：W=12614.6kW«h-12519.6kW»h=95kW»h=95度；因为1600imp/(kW・h)表示每消耗IkW-h的电能，指示灯闪烁1600次，所以，指示灯闪烁40次消耗的W_0.025kw・h电能是：W=U；kW・h=0.025kW・h,所以，电饭煲的实际功率是：实=7=—FT—=0.5160() ——n60kW=500W.130 65 2200 220接地【解析】电能表的读数方法：①月末的减去月初的示数；②最后一位是小数；③单位kW・h,所以，小明家本月消耗的电能是：W=W1-W2=951.6kW«h-821.6kW»h=130kW«h；由于电费的单价是：0.5元/(kW・h),所以应交电费是：130kW・hx0.5元/(kW・h)=65元；由图知道，电能表工作电压是220V、平时工作允许通过的最大电流是10A,所以能连接的用电器最大电功率是：P=UI=220Vxl0A=2200W；我国家庭电路的电压是220V,即火线与零线间的电压为220V；有金属外壳的用电器，其外壳一定要接地，这样，当用电器漏电时，地线把人体短路，就可以避免触电事故的发生.17.5 1.17【解析】【详解】由R=U/I,把数据代入可得，甲、乙两只灯泡的电阻分别为15。和20。；因为串联电路中电流处处相等,所以，把它们串联起来，电路中的最大电流为0.5A,则该串联电路两端允许加的最高电压为：U=IR=0.5Ax(15Q+20Q)=17.5V；因为并联电路中，各支路两端的电压相等，所以，若将两灯泡并联，电源电压最大为10V,则干路中最大电流为：I=U/R甲+1i=l0V/15£l+0.5A=1.17A.升高减小大气压【解析】【详解】蜡烛在杯内燃烧时，消耗杯中的氧气，使杯内气温升高，则气压减小，外界气压不变，所以杯内气压小于外界大气压，水在杯外水面上大气压的作用下，被压入玻璃杯中，导致玻璃杯内水位高于玻璃杯外水位。四、计算题(本大题共3小题，共29分)(1)6V(2)10Q (3)20a【解析】【分析】根据题中“电路图和两个电阻的U-I图象”可知，本题考查串联电路电流和电压的规律以及欧姆定律的应用。利用图像和串联电路的电压规律，结合欧姆定律列式计算，求出定值电阻用的阻值和滑动变阻器R2的最大阻值。【详解】(1)由电路图可知，W与R2串联，电压表测Ri两端的电压，电压表V2测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器接入电路中的电阻为0时，电路中的电流最大，滑动变阻器两端的电压为0V,由图象可知，甲为滑动变阻器的U-I图象，则乙为定值电阻R1的U-I图象；由图象可知，当电路中的电流I=0.2A,电阻Ri的电压U1=2V,滑动变阻器两端的电压U2=4V,因串联电路总电压等于各支路电压之和，所以，电源的电压：U=Ui+U2=2V+4V=6V,n u ?V(2)由/=有可得，定值电阻Ri的阻值：/?,=-!-=——=10Q.R I 0.2A(3)滑动变阻器的最大阻值：凡=*■=£"=20Q。I0.2A答：(1)电源电压为6V；(2)定值电阻R|的阻值为ion；(3)滑动变阻器R2的最大阻值20Q；(1)9.45xlOsJ(2)87.5%【解析】【分析】根据题中“只把电磁炉接入电路中工作，把质量为3kg、初温为25c的水刚好烧开，以及烧水前后电能表的示数”可知，本题考查热量的计算和电磁炉的效率。根据吸热公式Q&=c/〃和热效率公式T]=gxlOO%列式计算。【详解】(1)这些水吸收的热量Q及=cvn(r-ro)=4.2xlO3J/(kg℃)x3kgx(l(X)℃-25℃)=9.45xlO5J.(2)电磁炉10min内消耗的电能W=W2-Wi=123.7kW•h-123.4kW•h=0.3kW•h=l.08X106J,电磁炉在烧水过程中的效率7=—x100%=9-45xl°'Jx100%=87.5%.W 1.08xl06J答：(1)这些水需要吸收的热量是9.45x10$J；(2)电磁炉的效率是87.5%；(1)5h；(2)40Q；(3)735.3kg/m,【解析】【详解】(1)蓄电池充满电时储存的电能：W=UIt=l2Vx100Ax3600s=4.32x106J=l.2kW*h,太阳能辐射到“发电玻璃”上的功率：P=l.2xlkW=1.2kW,W12kWh对控制电路的蓄电池充满电需要的时间：tl=7=12kWx20?/=5h；(2)当浮体刚好浸没时，压敏电阻受到压力为360N,由表中数据可知，此时压敏电阻的阻值R=80Q,TOC\o"1-5"\h\z控制电路中R与Ro串联，控制电路中的电流I=100mA=0.1A,由串联电路特点和欧姆定律可得，定值电U 12V阻的阻值：Ro=RM-R=--R= -800=40。；I 0.1A(3)设此时连杆对A端的作用力为Fa，压敏电阻对B处的作用力为Fb，已知AB：BO=4：1,则AO：BO=5：1,根据杠杆的平衡条件有：FaxAO=FbxBO,贝!|：Fa= =360Nx4=72N；因为力的作AO 5用是相互的，所以A端对浮体向下的压力：FA=FA=72N,由力的平衡条件可得，此时浮体受到的浮力：F

w=G+Fa'=200+72N=272Nw=G+Fa'=200+72N=272N,浮体的体积：V=V撑=272NlxlO3kg/m3xlON/kg=2.72x10-2m\浮体的密mG 200N ,度：p=——== j—tM35・3kg/m'。PVgV1ON/kgx2.72x1O-2m3 s答：（1）要对控制电路的蓄电池充满电需要5h；Ro的阻值是40。；（3）该浮体的密度为735.3kg/m3。五、作图题（本大题共2小题，共4分）【解析】【详解】A点位置在与主动轮接触的皮带上,轮子带着传送带运动，故传送带相对轮子有向左运动的趋势，可以知道此处静摩擦力方向向右，作用点在A点;重力的方向竖直向下，作用点在乙轮的重心，如图所示：【解析】【分析】【详解】因为重力的方向是竖直向下，所以过物体的重心画一条竖直向下的有向线段，并带有箭头，用G表示，即为物体所受重力的示意图；由杠杆平衡条件知道，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；由图知道连接OC,为最大力臂，此时施加在C点的力F最小，所以，过C点做OC的垂线斜，且向左下方的力，即为F的示意图，如下图【点睛】本题考查的是重力的示意图的画法及杠杆中最小力的问题，是基础题目，难度不大.六、实验探究题(本大题共3小题，共15分).不变小厚前凹C【解析】【详解】①由图知，像距小于物距，此时物距大于2倍焦距，所以此时成倒立、缩小的实像；②当向水凸透镜内注入适量水，此时凸透镜变厚，将光屏向靠近透镜的方向移动适当距离，才能再次得到清晰的像，此时物距不变，说明其会聚作用增强，也就是焦距变小，像距变小；③如果长时间近距离看书，就会使晶状体变厚，使得远处的物体的像成在视网膜的前方，故能看清近处的物体，但不能看清远处的物体，形成近视眼；④近视眼患者若想看清楚物体，应减小像距，即将光屏向靠近透镜的方向移动适当距离；或者让光线推迟会聚，即要在烛焰和水凸透镜间加一个焦距合适的凹透镜，光屏上也能得到清晰的像；说明近视眼镜是凹透镜；【拓展延伸】当物距大于焦距时凸透镜成的是实像；将蜡烛从略大于一倍焦距处逐渐远离凸透镜，物距变大，像距则变小，但不会小于焦距，故图象为C图。.煤油的比热容比水的小 当加热时间和通过电阻的电流相同时，电阻越大，产生的热量越多，温度计示数升高的越快 0.6【解析】【分析】【详解】(1)实验中瓶里装的是普通煤油而不是普通的水，原因是：煤油的比热容小，吸收相等的热量，煤油温度变化大，实验现象明显；(2)实验时，将铜丝和银铭合金丝串联接入电路中，这是为了控制流过电阻丝的电流与通电时间相同.且银信合金丝的电阻大，其所对应的瓶中煤油的温度高，即说明：在电流和通电时间相同时，导体的电阻越大，在导体上所产生的热量就越多；(3)消耗的电能全部转化为内能，Q=W=3.5xl03kW»h=L26xl04J,煤油的质量Q1.26x104Jm= = =0.6kg.c\t2.1xlO3J/(kg℃)xlO℃.断开S2,闭合S、Si3W【解析】【详解】(1)由电路图知道，当闭合S、S2,断开S“当滑动变阻器Rb的滑片在最左端，滑动变阻器Ra的滑片在最右端时，为R,\的简单电路，又因为电流表的示数为0.6A,所以由欧姆定律知道，电源电源是：U=0.6Ax20fl=12V；(2)由于小灯泡的额定电流是0.5A,且移动滑动变阻器R,\的滑片使电流表的示数也为0.5A,说明灯泡与滑动变阻器串联，所以，此时应是闭合S、S„断开S2;设此时滑动变阻器接入电路的电阻值是Ra',, 12V灯泡的电阻是Rl，由欧姆定律知道，=--=24Q；(3)当断开S”闭合S、S2,灯泡短路，当保持滑动变阻器Ra的滑片位置不动，调节滑动变阻器Rb的滑片，使电流表的示数为0.5A时，说明调节滑动变阻器Rb接入电路的电阻是Rb',且R；=&，(4)无论将哪一个滑动变阻器的滑片调到最左端，则其接入电路的电阻都是0,又因为此时电流表的示数为1A,所以，此时接入电路的电阻的阻值是12。，即说明R；=R/=R；=12Q;⑸由P= 知道，小灯泡的额定功率是：/=〃R/=(o.5A『x12Q=3W.2019-2020学年中考物理模拟试卷一、单选题（本大题共10小题，共30分）.上海中心城区禁止鸣号是因为汽车喇叭发出的声音A.响度大B.音调高C.音色杂D.声速快.图所示的四个物态变化的实例中，属于液化的是.如图电路中，闭合开关&、S2,电流表和电压表均有示数.若断开S2,则A.电流表示数变小，电压表示数变小B.电流表示数变小，电压表示数变大C.电流表示数变大，电压表示数变小D.电流表示数变大，电压表示数变大4.电梯匀速上升过程中，电梯的A.动能保持不变 B.机械能保持不变C.重力势能保持不变 D.动能转化为重力势能5.2017年4月20日，我国首艘货运飞船“天舟一号”在海南文昌航天发射中心由长征七号遥二运载火箭发射升空，并于4月27日成功完成与“天宫二号”的首次推进剂在轨补加实验.则下列说法正确的是（）“天舟一号”加速上升时，其机械能总量保持不变“天舟一号”加速上升时，其惯性逐渐增大C.“天舟一号”给“天宫二号”进行推进剂补加时，它们处于相对静止状态D.“天宫二号”在轨运行时，处于平衡状态.吹奏竖笛时，用手指按压不同笛孔的目的是为了改变笛声的A.响度 B.音调 C.音色 D.振幅.为了测盐水的密度，某实验小组制定如下的实验计划：①在烧杯中装入适量盐水，测出它们的总质量②将烧杯中一部分盐水倒入量筒中③测出量筒中盐水的体积④测出烧杯和剩余盐水的质量⑤测出空烧杯的质量⑥根据实验数据计算盐水的密度以上实验步骤安排最合理的是A.①@③©⑥ B.⑤（D②③⑥ C.①@④③⑤⑥ D.⑤④③⑥.五千年的华夏文明，创造了无数的诗歌辞赋，我们在欣赏这些诗歌辞赋时，不仅要挖掘其思想内涵，还可以探究其中所描述的自然现象与物理规律，下面是某位同学对部分诗句中蕴涵的物理知识的理解，其中正确的是“露似珍珠月似弓”-露实际是小水珠，是由冰熔化形成“孤帆一片日边来”-孤帆的运动，是以江岸为参照物的“不敢高声语，恐惊天上人”-“高”是指声音的特性“音调”高“人面桃花相映红”-桃花是光源，发出的红光映红了人的脸9.下列选项中符合安全用电要求的是A.及时更换家庭电路中绝缘皮老化、破损的导线B.熔丝熔断后，接上铜丝替代熔丝C.把用电器的三脚插头改为两脚插头接在两孔插座上使用D.在未断开电源开关的情况下，用湿布擦拭电风扇10.小华用光敏电阻设计了一种烟雾报警装置，其简化电路如图所示，电源电压保持不变.光敏电阻的阻值随光照射的强弱而改变，照射光越强，光敏电阻阻值越小.当电流表示数减小到某一值时，装置报警.开关S闭合后，当有烟雾遮挡射向R的激光时，下列说法正确的是A.电流表的示数增大B.电压表的示数变小C.若增大R。的阻值，烟雾报警浓度降低D.R消耗的电功率不变二、多选题（本大题共3小题，共12分）.2018年2月22日，在短道速滑男子500米决赛中，武大靖为中国赢得平昌冬奥会首枚金牌.下列说法中正确的是A.以滑行中的运动员作为参照物，观众是静止的

B.运动员在平直滑道上匀速滑行时动能不变C.运动员冲过终点后不能立即停止滑行，是因为他具有惯性D.运动员用力蹬冰面就会向前运动，说明力是维持物体运动的原因.如图甲所示，电源电压保持不变，R。为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S,滑动变阻器的滑片从一端移动到另一端的过程中，电压表和电流表的示数与R的关系分别如图乙、丙所示.下列说法正确的是A.电源电压为6VB.Ro的最小电功率为0.4WC.滑动变阻器R的最大阻值是20。D.当滑片P置于中点时，R的电功率为0.8W13.工人师傅利用如图所示的两种方式，将重均为300N的货物从图示位置向上缓慢提升一段距离，民、F2始终沿竖直方向。图甲中x,图乙中动滑轮重为60N,重物上升速度为O.Olm/s。不计杠杆重、绳重和摩擦，则下列说法正确的是（）甲A.甲乙两种方式都省力甲A.甲乙两种方式都省力B.甲方式明由150N逐渐变大C.乙方式机械效率约为83.33%D.乙方式F2的功率为36W三、填空题（本大题共5小题，：.如图所示，若开关S闭合后，灯Li、L?都能发光，则甲是（选填“电压表”或“电流表”）,此时L1、L2的连接方式是联（选填“串”或“并”），若开关S断开后，两灯都能发光，甲、乙两表的示数之比为4：3,则灯Li、L?电阻之比为.LiLLiL：.如图所示，图钉帽的面积是0.8cn?,图钉尖的面积是5x10-45?,手指对图钉帽的压力是20N,手对图钉帽的压强是Pa,图钉尖对墙的压强是Pa..在2012年国际田联钻石联赛上海站110米栏比赛中，刘翔在家乡父老面前一马当先冲过终点，再次夺冠.刘翔起跑时用力蹬地，这是利用了力的作用是—的.起跑后，以刘翔为参照物，栏架是一（填••静止”或“运动”）的，到达终点后不能立即停下来，是因为刘翔.2012年5月，日本科学家开发出制作单层硅分子薄膜技术，如图所示：在硅板表面覆盖陶瓷薄层，持续加热一段时间后，硅板中的硅分子居然能穿透陶瓷薄层从而形成单层硅分子薄膜.加热使得硅分子穿透陶瓷薄膜，这说明：;..如图所示，重力不计的杠杆OAB,可绕O点在竖直平面内转动.重为100N的物体挂在OA的中点处.已知OA=4（）cm,AB=30cm,OA垂直于AB,杠杆与转动轴间的摩擦忽略不计.要使杠杆平衡，且OA段处于水平位置，那么作用于B端的最小力的力臂等于cm,最小力的大小等于N.四、计算题（本大题共3小题，共29分）.如图所示，电源电压为6V,小灯泡标有“3V1.8W”.当闭合开关S,把滑动变阻器的滑片P移到R的中点时，小灯泡正常发光，试求：（不考虑温度对小灯泡电阻的影响）小灯泡正常工作时的电流.滑动变阻器R的最大阻值.当变阻器的滑片P移到a端时闭 1|~合开关S,电流在Imin内所做的总功是多少？.如图所示，工人用滑轮组提升货物，每个滑轮所受的重力均为50N.（1）用滑轮组让重为750N的货物以0.2m/s的速度竖直上升10s,求工人做的有用功.（2）若绳子能够承受的最大拉力为500N,货物提升过程中绳子所受的重力和摩擦力对应的额外功始终占总功的10%,求滑轮组的最大机械效率..新型四轮沙滩卡丁车，其满载时的质量为600kg,车轮与沙滩接触总面积为1000cm）该四轮卡丁车满载时在水平沙滩上做匀速直线运动，lOmin行驶了6km,卡丁车的牵引力为IJxK/n.当卡丁车满载并静止在水平沙滩上时，它对沙滩的压强为多大_?该卡丁车行驶的功率为多少_?若该卡丁车以汽油为燃料，在这次行驶中需要燃烧Llkg的汽油.求汽油完全燃烧产生的热量转化为卡丁车机械能的效率是多少一？（qn*=4.6xlO7J/kg）五、作图题（本大题共2小题，共4分）.如图所示，要以最省力的方式拉动汽车，请画出滑轮组的绕线方式..如图所示，小华站在自动扶梯上沿图示方向匀速上升，画出她受力的示意图.六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）.在“测量小灯泡电功率”的实验中，选用如图甲所示的实验器材，其中电源电压为6V,小灯泡额定电压为2.5V（其灯丝电阻约为12C）。或“C”）；“10Q1.0A”的滑动变阻器"15Q0.5A"的滑动变阻器“20Q1.0A”的滑动变阻器（2）闭合开关，将滑片移动到某一位置时，发现电压表的示数如图乙所示；为了测量小灯泡的额定功率,接下来的详细的操作步骤是;(3)已知通过小灯泡的电流随它两端电压变化的关系如图丙所示.分析图像可知：该小灯泡的额定功率为W.(4)用如图甲所示的方法测量小灯泡的电功率，为减小测量误差，所选用的电压表的内阻值应 (选填“远小于”、“接近”或“远大于”)小灯泡的灯丝阻值。25.学习了光学知识后，小强对有关探究实验进行了回顾和思考学将一个平面镜放在水平桌面上，再把纸板DNF放置在平面镜上，正确操作实验，并在纸板上记录每次光的径迹如图所示.取下纸板，接下来进行的操作是,将数据记录在表格中并比较反射角与入射角.图乙是“探究平面镜成像特点”的装置，有关实验中所用器材的作用说法正确的是.A.实验中要求两个蜡烛完全相同，这是为了比较像和物的大小关系.B.用玻璃板代替平面镜，主要是利用玻璃透明的特点，使于确定像的位置，所以玻璃板越厚像越明显.C.使用刻度尺，是为了测量像距和物距.D.光屏是为了验证所成像的是实像还是虚像.在“探究凸透镜成像规律”实验中.，调整蜡烛、透镜和光屏到图丙所示位置时，光屏上出现清晰的烛焰的像，生活中的就是利用这一原理制成的；若将蜡烛稍远离凸透镜，光屏上的像变模糊，要再次在光屏上得到清晰的像，可采用下列方法：①若移动光屏，则应将光屏(填“远离”或“靠近”)凸透镜：②若不移动光屏，则可在蜡烛和凸透镜之间再放上一个焦距合适的(填“凸透镜”或“凹透镜”).26.在测量电阻的实验中，用两节干电池作为电源，待测电阻的阻值约为60.(1)在实验中，电流表应该选择的合适量程是.(2)在实物电路图中，用“X”打在错误连线上，并用笔画线代替导线改正错误连线。()(3)闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移动到(填“左”或“右”)端。(4)线路正确后，闭合开关时，若发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，电压表的示数始终为电源电压,电流表的示数几乎为零，你认为电路故障的原因可能是.(5)排除故障后继续实验，某次测量的电压表和电流表的示数如图所示，此时测量的待测电阻R=—(6)通常在使用电压表时认为其电阻无穷大，不考虑电压表中流过的电流：在使用电流表时认为其电阻为零，不考虑电流表两端分得的电压，在用电压表、电流表测量电阻有如图所示的甲、乙两种测量电阻的连接方式，若电压表的电阻不是很大，电流表电阻不是很小，你认为图—中测量出的电阻值比真实值偏大。参考答案一、单选题（本大题共10小题，共30分）A【解析】【详解】声音的三要素是音调、响度和音色，音调的高低与物体振动的频率有关，响度的大小与振幅有关，音色是由发声体的材料决定的，在市区禁止鸣喇叭是因为汽车喇叭发出的声音的响度大。故A正确，BCD错误。C【解析】【详解】A、春天冰雪消融是冰吸收热量变成液态，属于熔化现象；不符合题意；B、冰冻的衣服会干是冰吸热直接变成气态，属于升华现象，不符合题意；C、冬天玻璃上有水珠是水蒸气液化形成的小水珠，是液化现象，符合题意；D、热风干手器打开，有热风吹到手上，使手上水的温度升高，水上方的空气流动速度增大，从而加快了水的蒸发，使手很快变干，属于汽化现象，不合题意。A【解析】解：由图知，闭合开关Si、S2,灯泡被短路，电路中只有Li工作，电压表测量电源电压.此时电流表,U的示数为1=口；若断开S2,L1和1,2串联，电压表测量1“两端的电压，根据串联电路电压关系可知其示数小于电源电压，所以电压表示数变小；u此时电流表示数/=7~三：因K+R>K，所以，电流表示数变小；故A正确为答案.点睛：开关的断开和闭合可以改变电路的连接方式.解答本题要注意：当开关S2闭合时，灯泡L2被短路,电路为只有L1的简单电路：当开关S2断开时，灯泡Li、L2串联，电压表测Li两端的电压；A【解析】【分析】(1)动能大小的影响因素：质量、速度.质量越大，速度越大，动能越大；(2)重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度.质量越大，高度越高，重力势能越大【详解】动能与质量和速度有关，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能与质量和高度有关，质量厚度越大，重力势能越大.因为电梯匀速，因此动能不变；又因为上升，所以重力势能增大，机械能是重力势能和动能之和.因此机械能增大.故选A.C【解析】【分析】【详解】“天舟一号”加速上升时，动能增大，同时重力势能也增大，其机械能总量增大，选项A是错误的；B.惯性大小仅与质量有关，“天舟一号”加速上升时，质量不变，其惯性不变，选项B是错误的；“天舟一号”给“天宫二号”进行推进剂补加时，它们处于相对静止状态，选项C是正确的；“天宫二号”在轨运行时，运动方向发生改变，受非平衡力的作用，处于非平衡状态，选项D是错误的.B【解析】【详解】笛子是管乐器，管乐器是靠空气柱振动发声的，空气柱长短不同，发出的音