桂林市中考化学试题及解析

广西桂林市2015年中考化学试卷一、选择题（共20小题，每题2分，满分40分）1．6月5日为“世界环境日”，今年我国的主题是“践行绿色生活”．以下做法符合这一主题的是（A．建议使用节能灯B．使用一次性筷子C．随意排放生活污水D．随意抛弃废电池

）考点：防治空气污染的举措；水资源的污染与防治．专题：化学与环境保护．分析：A．依据节能灯能源，光照见效好分析；．依据一次性筷子的对环境的污染来分析；．依据随意抛弃废旧的电池，会造成水的污染和土壤的污染解答．解答：解：A．用节能灯取代白炽灯，节俭电能，符合题意；．使用一次性筷子，既浪费资源，又会污染环境，不合题意；．随意抛弃废旧的电池，会造成水的污染和土壤的污染，不合题意．应选A．讨论：本题属于社会热门题，同学们要认识可连续发展的含义，会利用所学知识去分析有关题目，培育学生们建立环保的意识．2．（2分）（2015?桂林）以下元素属于金属元素的是（

）A．氦B．硫

C．锰

D．溴考点：元素的简单分类．专题：物质的微观构成与物质的宏观构成．分析：依据化学元素汉字名称的偏旁可鉴识元素的种类进行分析解答本题．解答：解：依据化学元素汉字名称的偏旁可鉴识元素的种类，金属元素名称一般有“金”字旁，四个选项中属于金属的是锰；应选C讨论：本题察看学生依据化学元素汉字名称的偏旁可鉴识元素的种类进行分析解题的能力，学致使用3．（2分）（2015?桂林）潜水员长时间潜水，应携带的物质是（

）A．氮气B．氧气C．罕有气体

D．二氧化碳考点：氧气的用途．专题：氧气、氢气的性质与用途．分析：依据潜水员潜水时需要进行呼吸，氧气能供应呼吸，进行分析判断．解答：解：A、潜水员潜水时需要进行呼吸，氧气能供应呼吸，潜水员钢瓶中携带的气体是氧气，而不是氮气，应选项错误．B、潜水员潜水时需要进行呼吸，氧气能供应呼吸，潜水员钢瓶中携带的气体是氧气，应选项正确．C、潜水员潜水时需要进行呼吸，氧气能供应呼吸，潜水员钢瓶中携带的气体是氧气，而不是罕有气体，应选项错误．、潜水员潜水时需要进行呼吸，氧气能供应呼吸，潜水员钢瓶中携带的气体是氧气，而不是二氧化碳，应选项错误．应选：B．讨论：本题难度不大，认识氧气的重要用途、能供应呼吸是正确解答本题的重点．4．（2分）（2015?桂林）以下变化中，发生了化学变化的是（）A．玻璃破裂B．饭菜变馊C．酒精挥发D．冰雪消融考点：化学变化和物理变化的鉴识．专题：物质的变化与性质．分析：化学变化是指有新物质生成的变化，物理变化是指没有新物质生成的变化，化学变化和物理变化的实质差异能否有新物质生成；据此分析判断．解答：解：A、玻璃破裂过程中但是形状发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．、饭菜变馊过程中有新物质生成，属于化学变化．C、酒精挥发过程中但是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．、冰雪消融过程中但是状态发生改变，没有新物质生成，属于物理变化．应选B．讨论：本题难度不大，解答时要分析变化过程中能否有新物质生成，若没有新物质生成属于物理变化，如有新物质生成属于化学变化．5．（2分）（2015?桂林）以下食品中，富含蛋白质的是（）A．果冻B．玉米C．桃子D．鸡蛋考点：食品、药品与健康食品中的有机营养素．专题：化学与生活．分析：可依据生命活动的六大营养素的食品根源进行分析解答．解答：解：A．果冻中含有有机酸、糖类、纤维素、维生素等，不含蛋白质；．玉米中富含糖类；C．桃子中富含维生素；．鸡蛋中富含蛋白质．应选D．讨论：“吃得营养，吃出健康”是人类广泛的饮食追求，所以对六大营养素的察看也成了热门之一，特别是六大营养素包含的种类、生理功能、食品根源、缺少症，摄取时的注意事项等内容．6．（2分）（2015?桂林）以下物件所含的主要资料，不属于合成资料的是（）A．涤纶衣B．塑料杯C．铁桶D．尼龙袜考点：合成资料的使用及其对人和环境的影响．专题：化学与生活．分析：有机合成资料简称合成资料，要判断能否属于合成资料，可抓住三个特色：有机物、合成、高分子化合物，据此常有资料的分类进行分析判断．解答：解：A、涤纶衣是用涤纶制成的，涤纶属于合成纤维，应选项错误．、塑料杯是用塑料制成的，塑料属于三大合成资料之一，应选项错误．C、铁桶是用铁制成的，属于金属资料，应选项正确．、尼龙袜是用尼龙制成的，尼龙属于合成纤维，合成纤维属于三大合成资料之一，应选项错误．应选：C．讨论：本题难度不大，掌握合成资料的三大特色（有机物、合成、高分子化合物）、分类是正确解答此类题的重点所在．7．（2分）（2015?桂林）在实验室用高锰酸钾制氧气的实验中，必要的仪器是（）A．B．C．D．蒸发皿石棉网烧杯试管考点：氧气的制取装置．专题：常有气体的实验室制法、查验、干燥与净化．分析：实验室用高锰酸钾制氧气的装置中，需要使用的仪器有酒精灯、铁架台、试管、带导管的橡皮塞、集气瓶等．解答：解：实验室用高锰酸钾制氧气的装置中，必要的仪器有装药品高锰酸钾的试管，烧杯可用来加热液体药品、蒸发皿和石棉网用于蒸发操作，故不需要烧杯、蒸发皿、石棉网；应选：D．讨论：认识高锰酸钾制取氧气的仪器即可顺利解答，烧杯可用来加热液体药品、蒸发皿和石棉网用于蒸发操作．8．（2分）（2015?桂林）以下物质可用作磷肥的是（A．尿素B．硝酸钠

）C．磷矿粉

D．硫酸钾考点：常有化肥的种类和作用．专题：常有的盐化学肥料．分析：含有氮元素的肥料称为氮肥，含有磷元素的肥料称为磷肥，含有钾元素的肥料称为钾肥，同时含有氮、磷、钾三种元素中的两种或两种以上的肥料称为复合肥．解答：解：A、尿素中含有氮元素，属于氮肥．B、硝酸钠中含有氮元素，属于氮肥．C、磷矿粉中含有磷元素，属于磷肥．D、硫酸钾中含有钾元素，属于钾肥．应选：C．讨论：本题主要察看化肥的分类方面的知识，

确立化肥中营养元素的种类、

化肥的分类方法是正确解答此类题的重点．9．（2分）（2015?桂林）ClA．电子层数是3C．最外层电子数是7

的原子构造表示图为

，以下对于Cl的说法错误的选项是（B．核内质子数是17D．在化学反响中易失电子

）考点：原子构造表示图与离子构造表示图．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：依据原子构造表示图能够获取的信息：质子数（原子序数）、电子数，最外层电子数，据此解答．解答：解：A．依据原子构造表示图可知核外有3个电子层，故正确；B．依据原子构造表示图可知质子数为17，故正确；C．依据原子构造表示图可知最外层电子数为7，故正确；D．最外层电子数为7，大于4个，在化学反响中易得电子，故错误．应选：D．讨论：本题察看原子构造表示图的书写，难度不大，明确原子构造表示图含义是解题重点，注意对基础知识的累积．10．（2分）（2015?桂林）SiO2中“Si”的化合价为（）A．+4B．+3C．+2D．+1考点：有关元素化合价的计算．专题：化学式的计算．分析：依据在化合物中正负化合价代数和为零，联合SiO2的化学式进行解答本题．解答：解：氧元素显﹣2价，设硅元素的化合价是x，依据在化合物中正负化合价代数和为零，可得：x+（﹣2）×2=0，则x=+4价．应选A．讨论：本题难度不大，掌握利用化合价的原则计算指定元素的化合价的方法即可正确解答本题．11．（2分）（2015?桂林）图中所示的实验操作中，正确的选项是（）A．B．给液体加热放入铁钉C．D．用灯帽熄灭酒精灯测溶液的酸碱度考点：给试管里的液体加热；加热器皿-酒精灯；固体药品的取用；溶液的酸碱度测定．专题：常有仪器及化学实验基本操作．分析：A、依据给试管中的液体加热的方法进行分析判断．、依据向试管中装铁钉的方法进行分析判断．C、依据酒精灯的熄灭方法考虑．D、依据pH试纸的使用方法分析判断．解答：解：A、给试管中的液体加热时，用酒精灯的外焰加热试管里的液体，且液体体积不可以够超出试管容积的，试管夹要夹在距试管口处，图中所示操作错误．、在将块状固体放入试管时，先将试管平放，把固体放在试管口，此后慢慢竖起试管，不然会打破试管底部，图中所示操作错误．C、熄灭酒精灯用灯帽盖灭，不可以够用嘴吹灭，图中所示操作正确．D、不可以够将pH试纸放入某溶液中测其酸碱度，由于将pH试纸放入某溶液中测其酸碱度会污染药品，要用玻璃棒蘸取或胶头滴管滴加到试纸上，图中所示操作错误．应选C．讨论：化学实验的基本操作是做好化学实验的基础，学生要在平常的练习中多操作，掌握操作要领，使操作规范．12．（2分）（2015?桂林）以下物质中能使紫色石蕊试液变红的是（）A．二氧化碳

B．食盐水

C．烧碱

D．熟石灰考点：酸碱指示剂及其性质．专题：常有的酸酸的通性．分析：石蕊试液遇酸性溶液变红．所以能使石蕊变红则是溶液显酸性，据此分析解答解答：解：A、二氧化碳的水溶液呈酸性，能使石蕊变红，故A正确；B、氯化钠溶液（食盐水）呈中性，石蕊不变色，故B错误；C、氢氧化钠（烧碱）溶液呈碱性，能使石蕊变蓝，故C错误；B、氢氧化钙（熟石灰）溶液呈碱性，能使石蕊变蓝，故D错误；应选A讨论：本题察看了常有物质溶液的酸碱性，达成本题，能够依据已有的知识进行．13．（2分）（2015?桂林）划分稀硫酸和稀盐酸，不可以够使用的试剂是（）A．Ba（NO3）2B．BaCl2C．Ba（OH）2D．NaCl考点：酸、碱、盐的鉴识．专题：物质的鉴识题．分析：依据两种物质与同种试剂反响产生的不同样现象来鉴识它们，若两种物质与同种物质反响的现象相同，则没法鉴识它们．解答：解：A、稀硫酸能与Ba（NO3）2反响生成硫酸钡白色积淀和硝酸，Ba（NO3）2与稀盐酸不反响，能出现两种显然不同样的现象，故能够鉴识．B、稀硫酸能与BaCl2反响生成硫酸钡白色积淀和盐酸，BaCl2与稀盐酸不反响，能出现两种显然不同的现象，故能够鉴识．C、稀硫酸能与Ba（OH）2反响生成硫酸钡白色积淀和水，稀盐酸能与Ba（OH）2反响生成氯化钡和水，但无显然变化；能出现两种显然不同样的现象，故能够鉴识．、氯化钠与稀硫酸和稀盐酸均不反响，不可以够出现三种显然不同样的现象，故不可以够鉴识．应选：D．讨论：本题有必然难度，在解决鉴识物质题时，判断的依据是：所选试剂需要与待鉴其余物质反响并出现显然不同样的现象．14．（2分）（2015?桂林）要配制

100g5%的蔗糖溶液，以下操作会致使所配溶液的浓度偏低的是（

）A．称取5g含杂质的蔗糖B．用量筒量取90mL水C．搅拌后玻璃棒上有液体残留D．量筒中的水未完满倒入烧杯中考点：必然溶质质量分数的溶液的配制．专题：溶液、浊液与溶解度．分析：溶质质量分数变小，则可能是溶质质量偏小或溶剂质量偏大，能够分析出可能造成这两个方面错误的原由进行分析解答．解答：解：A、称取5g含杂质的蔗糖，会造成实质所取的溶质的质量偏小，则使溶质质量分数偏小，应选项正确．B、用量筒量取90mL水，实质所量取的水比所需要的水（应需要95mL）少，会造成实质量取的水的体积偏小，则使溶质质量分数偏大，应选项错误．C、搅拌后形成了均一、坚固的溶液，玻璃棒上有液体残留，溶质质量分数不变，应选项错误．、量筒中的水未完满倒入烧杯中，会造成实质量取的水的体积偏小，则使溶质质量分数偏大，应选项错误．应选：A．讨论：本题难度不是很大，解答本题可从溶质质量分数的看法下手，与溶质和溶剂的质量有关，分析操作中的错误操作，判断错误操作对溶质、溶剂的影响是正确解答此类题的重点．15．（2分）（2015?桂林）在试管中加入少量碘粒，再加入合适的汽油，振荡，静置，察看到的现象为（）A．B．C．D．考点：溶液的看法、构成及其特色．专题：溶液、浊液与溶解度．分析：溶液是一种或几种物质溶解到另一种物质中形成均一、坚固的混淆物．解答：解：碘难溶于水，但是能够溶于汽油形成均一、坚固的褐色溶液．应选：B讨论：解答本题的重点是要掌握物质在水中的溶解性状况，只有这样才能对物质在水中能否形成溶液做出正确的判断．16．（2分）（2015?桂林）对于反响2KClO32KCl+3O2↑的说法，错误的选项是（）A．MnO2做该反响的催化剂B．MnO2的质量跟着反响减少C．MnO2加速KClO3的分解速率D．MnO2的化学性质没有改变考点：催化剂的特色与催化作用．专题：空气与水．分析：在化学反响里能改变其余物质的化学反响速率，而自己的质量和化学性质在反响前后都没有发生变化的物质叫做催化剂（又叫触媒），催化剂的特色能够归纳为“一变二不变”，一变是能够改变化学反响速率，二不变是指质量和化学性质在化学反响前后保持不变；据此联合氯酸钾分解制取的反响原理，进行分析解答．解答：解：实验室用氯酸钾和二氧化锰加热制取氧气的化学方程式以下：2KClO32KCl+3O2↑，A、在此反响中，MnO2是催化剂；起催化作用；故对；B、催化剂的特色能够归纳为“一变二不变”，在此反响中，MnO2是催化剂，故在此反响前后，MnO2的质量和化学性质都不变；故错；C、MnO2是催化剂，加速KClO3的分解速率；故对；D、在此反响中，MnO2是催化剂，故在此反响前后，MnO2的质量和化学性质都不变，故对．答案：B讨论：本题难度不大，察看对催化剂看法的理解，掌握催化剂的特色（“一变二不变”）是正确解答本题的重点．17．（2分）（2015?桂林）以下物质间的转变不可以够一步实现的是（）A．Fe→Fe3O4B．C→CO2C．NaNO3→NaClD．Mg→MgO考点：碳的化学性质；金属的化学性质；盐的化学性质；物质的互相转变和制备．专题：物质的制备．分析：一步反响实现即原物质只发生一个反响即可转变为目标物质，依据所波及物质的性质，分析能否只经过一个反响而实现即可．解答：解：A、铁在氧气中焚烧生成四氧化三铁，转变能由一步反响实现，应选项错误．、碳在氧气中焚烧生成二氧化碳，转变能由一步反响实现，应选项错误．C、由NaNO3转变为NaCl，假定能反响，对应的是硝酸盐和钠盐，而硝酸盐和钠盐均是可溶性盐，不符合复分解反响的条件，该反响不可以够实现，应选项正确．、镁在氧气中焚烧生成氧化镁，转变能由一步反响实现，应选项错误．应选：C．讨论：本题有必然难度，娴熟掌握所波及物质的性质、抓住重点词“能否一步实现”是解决此类问题的重点．18．（2分）（2015?桂林）以下所用试剂能达到实验目的是（）实验目的试剂A鉴识浓硫酸与稀硫酸木条B鉴识氯化钡溶液与氯化钙溶液碳酸钾溶液C除掉氮气中的氧气水D除掉二氧化碳中的一氧化碳氢氧化钠溶液A．AB．BC．CD．D考点：化学实验方案设计与讨论；浓硫酸的性质及浓硫酸的稀释；常有气体的查验与除杂方法；酸、碱、盐的鉴识．专题：简单实验方案的设计与讨论．分析：A、依据浓硫酸拥有强氧化性进行分析；、依据碳酸根离子和钙离子、钡离子都会生成白色积淀进行分析；、依据二氧化碳会与氢氧化钠反响进行分析．解答：解：A、取样品，滴在木条上，木条变黑的是浓硫酸，木条颜色不变的是稀硫酸，现象不同样，能够鉴识，故A正确；、氯化钡和碳酸钾会生成白色的碳酸钡积淀，氯化钙和碳酸钾会生成白色的碳酸钙积淀，现象同样，不可以够鉴识，故B错误；C、氧气都不易溶于水，用水不会将氧气除掉，故C错误；、二氧化碳会与氢氧化钠反响，混淆气经过氢氧化钠溶液，除掉了主要物质二氧化碳，没有除掉一氧化碳，故D错误．应选：A．讨论：解答本题的重点是要充分理解各样物质的性质，只有这样才能对问题做出正确的判断，其余需要注意的就是采用的除杂试剂不可以够与原有物质反响，反响后不可以够引入新的杂质，还需要依据实质状况控制所选试剂的量．19．（2分）（2015?桂林）以下对于复分解反响的说法正确的选项是（）A．中和反响不属于复分解反响B．反响物必然都溶于水C．反响物必然有酸D．生成物必然有盐考点：复分解反响及其发生的条件；中和反响及其应用．专题：化学反响的基本种类和能量变化．分析：依据复分解反响的条件进行分析，酸碱盐之间发生复分解反响，需要生成、积淀、气体或水，不然不可以够进行，据此解答解答：解：A、酸碱之间发生中和反响，属于复分解反响，故错误；、复分解反响，需要生成、积淀、气体或水，此中的最少一种，故错误；、复分解反响必然有盐生成，正确；应选：D讨论：本题察看了复分解反响发生的条件及种类，达成本题，能够依据已有的知识进行．20．（2分）（2015?桂林）a、b、c三种酸分别与足量的金属Mg充分反响，生成等质量的H2，反响耗费a、b、c的分子数量之比为3：6：2．以下对于a、b、c的推理合理的是（HX、H2Y、H3Z分别表示三种酸）（）A．a、b、c三种酸溶液中的H原子数量：c＞a＞bB．a、b、c与金属Mg反响的速率：b＞a＞cC．a、b、c的相对分子质量：b＜a＜cD．a、b、c可能分别为H2Y、HX、H3Z考点：金属的化学性质．专题：金属与金属资料．分析：依据三种酸分别与镁反响的方程式，联合反响的酸的分子数量之比分析酸的种类联合选项进行分析得出正确的结论．解答：解：2HX+Mg=MgX2+H2↑，H2Y+Mg=MgY+H2↑，2H3Z+3Mg=Mg3Z2+3H2↑，生成氢气相等，说明耗费的氢原子的个数相等，假定产生的氢原子的个数都是6个，则耗费的HX的分子6个，耗费H2Y的分子个数为3，耗费H3Z的分子个数为2个，所以反响耗费a、b、c的分子数量之比为3：6：2，相对于的酸及分子个数关系是3H2Y、6HX、2H3Z，所以：A、反响耗费a、b、c的分子数量之比为3：6：2，相对于的酸及分子个数关系是3HY、6HX、2HZ，23对应的原子个数相等，应选项错误；、同种金属与不同样的酸没法比较反响速率，应选项错误；C、不同样的酸的酸根不同样，没法比较相对原子质量，所以没法比较相对分子质量，应选项错误；D、经过以上分析，a、b、c分别为H2Y、HX、H3Z，应选项正确；应选项为：D．讨论：本题察看了金属与酸的反响，以反响表达式的形式出现，要注意和对应的实质的酸对应进行分析，难度较大．二、填空题（共5小题）21．（4分）（2015?桂林）请用化学符号填空（1）钾离子K+；（2）2个磷原子（3）甲烷CH4；（4）二氧化硫

2PSO2

．考点：化学符号及其四周数字的意义．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：（1）离子的表示方法，在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略．2）原子的表示方法，用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前加上相应的数字．3）依据旧有有机物的化学式进行书写即可．4）化合物化学式的书写一般规律：金属在前，非金属在后；氧化物中氧在后，原子个数不可以够漏，正负化合价代数和为零．解答：解：（1）离子的表示方法，在表示该离子的元素符号右上角，标出该离子所带的正负电荷数，数字在前，正负符号在后，带1个电荷时，1要省略；钾离子可表示为：K+．2）由原子的表示方法，用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前加上相应的数字，故2个磷原子表示为：2P．3）甲烷的化学式为：CH4．4）化合物化学式的书写一般规律：金属在前，非金属在后；氧化物中氧在后，原子个数不可以够漏，正负化合价代数和为零．二氧化硫的化学式为：SO2．故答案为：（1）K+；（2）2P；（3）CH4；（4）SO2．讨论：本题难度不大，掌握常有化学用语（原子符号、化学式、离子符号等）的书写方法、离子符号与化合价表示方法的差异等是正确解答此类题的重点．22．（6分）（2015?桂林）现有①金刚石、②氯化钠、③酒精、④生石灰、⑤小苏打、⑥一氧化碳，从中选择合适的物质序号填空（1）⑤用于治疗胃酸过多；（2）②用于配制生理盐水；（3）④用作食品干燥剂；（4）①用于刻画玻璃；（5）⑥用于冶炼金属；（6）③用作内燃机的燃料．考点：常用盐的用途；常有气体的用途；生石灰的性质与用途；甲烷、乙醇等常有有机物的性质和用途；碳单质的物理性质及用途．专题：物质的性质与用途．分析：分析生活应用中所需要物质拥有的性质，联合所给五种物质的性质和用途，判断与所列出用途相符合的物质．解答：解：（1）小苏打是碳酸氢钠的俗称，能与胃酸的主要成分盐酸反响，医疗上用于治疗胃酸过多症；2）生理盐水是0.9%的氯化钠溶液，氯化钠用于配制生理盐水；3）生石灰能够汲取水分，常用作食品干燥剂；4）金刚石的硬度很大，可用于刻画玻璃；5）一氧化碳拥有复原性，用于冶炼金属；6）酒精拥有可燃性，可用作内燃机的燃料．故答案为：（1）⑤；（2）②；（3）④；（4）①；（5）⑥；（6）③．讨论：本题难度不大，娴熟掌握常有物质的性质、用途、构成等是正确解答此类题的重点所在．23．（4分）（2015?桂林）人类的生产和生活都离不开金属（1）生铁和钢中最主要的元素是铁元素；用铝壶烧水主要利用铝拥有优秀的导热性．（2）铝制品有优秀的抗腐化性，其原由是在空气中铝的表面易形成致密的氧化铝保护膜．（3）考证Zn、Cu、Ag的金属活动性次序，可选择的试剂是A（填字母序号）A．Zn、Ag、CuCl2溶液B．Cu、Ag、ZnSO4溶液C．Zn、Cu、AgNO3溶液D．Zn、Cu、Ag、稀硫酸．考点：生铁和钢；金属的物理性质及用途；金属的化学性质．专题：金属与金属资料．分析：（1）依据生铁和钢是铁的合金解答；依据金属的物理性质解答；2）依据铝制品有优秀的抗腐化性，其原由是在空气中铝的表面易形成致密的氧化铝保护膜解答；3）依据金属活动性次序分析解答．解答：解：1）生铁和钢是铁的合金，生铁和钢中最主要的元素是铁元素；用铝壶烧水主要利用铝拥有优秀的导热性；2）铝制品有优秀的抗腐化性，其原由是在空气中铝的表面易形成致密的氧化铝保护膜；3）若要考证Cu、Ag、Zn的活动性强弱，、Zn、Ag、CuCl2溶液，把锌插入氯化铜溶液中，铁的表面有红色物质析出，说明锌的活动性大于铜；把银放入硫酸铜溶液中，银的表面无变化，说明银的活动性小于铜；可选；B、Cu、Ag、ZnSO4溶液，Cu、Ag和硫酸锌都不反响，没法证明Cu、Ag的开朗性，不可以选；C、Zn、Cu、AgNO3溶液，Zn、Cu都和硝酸银反响，没法证明Cu、Zn的开朗性，不可以选；D、Zn、Cu、Ag、稀硫酸．Cu、Ag和稀硫酸都不反响，没法证明Cu、Ag的开朗性，不可以选；答案：（1）铁元素导热（2）氧化铝保护膜（3）A讨论：本题主要察看合金与合金的性质、金属的化学性质和活动性次序等，同时也察看了化学方程式的书写等；还要理解合金的性质，即合金的硬度大，熔点低，耐腐化．本考点基础性强，比较好掌握．24．（6分）（2015?桂林）

A在

B中充分焚烧生成

C和D，A、B、C、D

的微观表示图以下所示物质

A

B

C

D分子表示图看图回答：（1）属于氧化物的是C（填字母序号）（2）A中氮、氢原子数之比为1：3，氮、氢元素质量之比为14：3．（3）A在B中充分焚烧的化学方程式为4NH3+3O22N2+6H2O，基本反响种类为置换反响．考点：微粒看法及模型图的应用；从构成上鉴识氧化物；反响种类的判断；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．专题：化学反响模拟图型．分析：察看反响的微观表示图，分析反响物、生成物，写出反响的化学方程式，依据其意义、计算、分析判断．解答：解：由反响微观表示图可知，该反响是氨气和氧气在必然条件下反响生成了水和氮气，反响的方程式是：4NH3+3O22N2+6H2O，由此可知：（1）属于氧化物的是水；（2）A为氨气，氮、氢原子数之比为1：3，氮、氢元素质量之比为14：（1×3）=14：3．（3）A在B中充分焚烧生成了水和氮气，化学方程式为：4NH3+3O22N2+6H2O，该反响由一种单质和一种化合物反响生成了另一种单质和另一种化合物，属于置换反响．故答为：（1）C；（2）1：3，14：3；（3）4NH3+3O22N2+6H2O，置换反响．讨论：分子由原子构成，同种原子构成的分子为单质分子，不同样种原子构成的分子为化合物的分子．25．（6分）（2015?桂林）水是难得的自然资源（1）以下常用净水方法，能够降低水的硬度的是C（填字母序号）A．过滤B．吸附C．蒸馏（2）图中表示NaCl、KNO3、MgSO4三种物质的溶解度曲线．请回答：①t1℃时，饱和溶液的溶质质量分数同样的两种物质是NaCl、KNO3

．②t2℃时，将40gKNO3放入③t3℃时，溶解度最大的是

60g水中，充分溶解后，所得溶液的质量为KNO3．

84g．④t4℃时，其余条件不变，把MgSO4饱和溶液升温到t5℃，察看到的现象是析出晶体．⑤NaCl溶液中含有少量KNO3杂质，提纯的方法是蒸发溶剂（填“蒸发溶剂”或“冷却热饱和溶液”）考点：水的净化；结晶的原理、方法及其应用；固体溶解度曲线及其作用．专题：溶液、浊液与溶解度；空气与水．分析：（1）硬水是含有好多可溶性的钙、镁化合物的水，软水是不含或含有较少可溶性的钙、镁化合物的水，经过煮沸或蒸馏的方法能够将硬水变为软水；2）①温度相等是，溶解度相等的两种物质其饱和溶液的溶质质量分数同样；②依据t2℃时，KNO3溶解度来分析判断；③依据t3℃时，三种物质的溶解度曲线来分析；④依据MgSO4溶解度来分析判断；⑤依据NaCl、KNO3的溶解度曲线来分析；解答：解：（1）将硬水变为软水的方法有煮沸或蒸馏．水的硬度是由碳酸氢钙或碳酸氢镁惹起的．这类水经过煮沸或蒸馏此后，水里所含的碳酸氢钙就分解成不溶于水的碳酸钙，水里所含的碳酸氢镁就生成难溶于水的碳酸镁积淀．这些积淀物析出，水的硬度就能够降低，进而使硬度较高的水获取消融．应选：C；（2）①t1℃时，NaCl、KNO3溶解度相等故其饱和溶液的溶质质量分数同样；②t2℃时，KNO3溶解度为40g，即100g水中最多溶解40g硝酸钾，设40gKNO3放入60g水中，所得溶液的质量为xx=84g；③t3℃时，由三种物质的溶解度曲线图可知硝酸钾的溶解度最大；t4℃时，MgSO4的溶解度大于t5℃时，故t4℃时，其余条件不变，把MgSO4饱和溶液升温到t5℃，会有晶体析出；⑤NaCl的溶解度受温度影响变化不大适适用蒸发结晶，KNO3溶解度受温度影响变化较大适适用降温结晶，故NaCl溶液中含有少量KNO3杂质，提纯的方法是蒸发结晶．答案：①NaCl、KNO3；②84；③KNO3；④析出晶体；⑤蒸发溶剂．讨论：水是人类难得的自然资源，与水有关的化学知识是化学察看热门之一，溶解度曲线及其应用，经过溶解度曲线我们能够获取好多信息；在中考取出现机率很高．三、解答题（共5小题，满分34分）26．（6分）（2015?桂林）淀粉是一种白色不溶于水的粉末．淀粉在人体内经酶的催化作用，与水发生一系列反响，最后产物是葡萄糖．葡萄糖在酶的催化作用下迟缓氧化生成二氧化碳和水，并放出能量（1）淀粉的构成元素是氧、碳、氢．（2）列举淀粉的两个物理性质：白色粉末、不溶于水．（3）写出葡糖糖在人体内迟缓氧化的化学方程式：C6H12626CO22．O+6O+6HO考点：质量守恒定律及其应用；化学性质与物理性质的差异及应用；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．专题：化学用语和质量守恒定律．分析：（1）依据反响前后元素种类不变来分析；2）依据不需要发生化学变化表现出来的性质为物理性质；3）依据反响生成物联合质量守恒定律正确书写化学方程式．解答：解：（1）依据淀粉在酶的催化作用，与水发生一系列反响，最后产物是葡萄糖．葡萄糖在酶的催化作用下迟缓氧化生成二氧化碳和水，可知淀粉的构成元素是氧、碳、氢；2）淀粉是一种白色粉末；不溶于水属于物理性质；3）葡萄糖在发生迟缓氧化反时生成二氧化碳和水，化学方程式为：CHO+6O26CO+6H2O．61262故答为：（1）碳；氢；（2）白色粉末；不溶于水；（3）C6H12O6+6O26CO2+6H2O．讨论：本题主要察看学生对化学用语的书写和理解能力，

题目的设计既包含对化学符号意义的认识，

又考查了常有物质的性质等知识．27．（6分）（2015?桂林）甲、乙、丙、丁都是初中化学中最常有的物质，已知它们由H、O、C、Cl、Na、Ca6种元素中的2种或3种构成，丙与甲、乙、丁都能发生反响．将这四种物质的溶液按图所示互相滴加，现象为：①产生白色积淀；②有气泡冒出；③无明展现象（1）甲、乙、丙、丁都属于化合物（填“单质”或“化合物”）．（2）试管②中产生的气体是CO2（填化学式）．（3）试管①中反响的化学方程式是Ca（OH）2+Na2CO3=CaCO3↓+2NaOH．（4）向试管③滴加的溶液溶质可能是NaOH（填化学式，下同）或Ca（OH）2．考点：物质的鉴识、推测；单质和化合物的鉴识；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．专题：框图型推测题．分析：依据甲、乙、丙、丁都是初中化学中最常有的物质，已知它们由H、O、C、Cl、Na、Ca6中的2种或3种构成，丙与甲、乙、丁都能发生反响，联合题中所给元素，猜想四种物质能够是氢氧化钠、碳酸钠、氢氧化钙、碳酸钙等，将这四种物质的溶液按图所示互相滴加，现象为：

种元素①产生白色积淀，②有气泡冒出，③无明展现象，所以甲、丙是酸和碳酸盐，甲、乙是碳酸盐和氢氧化钙，所以甲是碳酸钠，乙是氢氧化钙，丙是盐酸，丁是氢氧化钠或氢氧化钙，此后进行考证即可．解答：解：（1）甲、乙、丙、丁都是初中化学中最常有的物质，已知它们由H、O、C、Cl、Na、Ca6种元素中的2种或3种构成，丙与甲、乙、丁都能发生反响，联合题中所给元素，猜想四种物质能够是氢氧化钠、碳酸钠、氢氧化钙、碳酸钙等，将这四种物质的溶液按图所示互相滴加，现象为：①产生白色积淀，②有气泡冒出，③无明展现象，所以甲、丙是酸和碳酸盐，甲、乙是碳酸盐和氢氧化钙，所以甲是碳酸钠，乙是氢氧化钙，丙是盐酸，丁是氢氧化钠或氢氧化钙，经过考证，推导正确，所以甲是碳酸钠，乙是氢氧化钙，丙是盐酸，丁是氢氧化钠或氢氧化钙，都属于化合物；（2）经过推导可知，试管②中产生的气体是：CO2；（3）试管①中的反响是氢氧化钙和碳酸钠反响生成碳酸钙积淀和氢氧化钠，化学方程式是：CaOH）2+Na2CO3=CaCO3↓+2NaOH；（4）经过推导可知，向试管③滴加的溶液溶质可能是

NaOH

或Ca（OH）2．故答案为：（1）化合物；2）CO2；3）Ca（OH）2+Na2CO3=CaCO3↓+2NaOH；4）NaOH，Ca（OH）2．讨论：在解此类题时，第一将题中有特色的物质推出，此后联合推出的物质和题中的转变关系推导节余的物质，最后将推出的各样物质代入转变关系中进行考证即可．28．（6分）（2015?桂林）依据以下实验表示图，回答问题．（1）图1铜片与黄铜片互相刻画，铜片表面留下显然划痕，说明铜片比黄铜片的硬度小（填“大”或“小”）（2）图2煤粉和木屑最初焚烧的是木屑，焚烧的次序说明焚烧的条件之一是温度达到着火点．（3）在实验室顶用图3装置制取CO2，反响的化学方程式是CaCO3+2HCl=CaCl2+2H2O+CO2↑．（4）图4、图5为两种验满CO2的方法，此中正确的操作是图4（填数字序号）考点：合金与合金的性质；二氧化碳的实验室制法；二氧化碳的查验和验满；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式；焚烧与焚烧的条件．专题：实验性简答题．分析：（1）依据合金比构成成分金属的硬度大考虑；2）依据焚烧的条件分析；3）依据大理石主要成分碳酸钙和盐酸反响生成二氧化碳和水、氯化钙解答；4）依据验满CO2的方法解答．解答：解：1）合金比构成成分金属的硬度大，所以黄铜是铜锌合金，将纯铜片和黄铜片互相刻画（如右图所示），纯铜片上留下显然的划痕，说明黄铜的硬度比纯铜的大；（2）物质焚烧需要三个条件：可燃物、达到着火点、与氧气接触，所以图2装置中木屑焚烧，是由于与空气接触，并达到着火点；煤粉是可燃物，与空气接触，没有焚烧，是由于没有达到着火点，所以说明焚烧的条件之一是温度达到着火点；（3）大理石主要成分碳酸钙和盐酸反响生成二氧化碳和水、氯化钙，方程式是：CaCO3+2HCl=CaCl2+2H2O+CO2↑；（4）验满CO2的方法是将燃着的木条放在集气瓶口，应选4．答案：1）小2）温度达到着火点3）CaCO3+2HCl=CaCl2+2H2O+CO2↑；4）4讨论：本题察看了化学方程式的书写、实验的设计、焚烧的条件等知识，要求同学们娴熟掌握课本的基础知识，能够灵巧应用知识．29．（9分）（2015?桂林）在一次化学实验中，同学们将饱和CuSO4溶液逐滴加到5mL饱和NaOH溶液中，察看到以下异样实验现象：实验序号滴加CuSO4溶液的量实验现象①第1﹣6滴产生蓝色积淀，但振荡后积淀消逝，形成亮蓝色溶液②第7﹣9滴产生蓝色积淀，且积淀渐渐增加．振荡后积淀不用逝，很快积淀渐渐变黑色在实验①中同学们依据所学初中化学知识判断蓝色积淀是Cu（OH）2，请你写出生成蓝色积淀的化学方程式CuSO4+2NaOH=Cu（OH）2↓+Na2SO4．实验①中蓝色积淀为何消逝？同学们连续进行以下研究．【查阅资料】Ⅰ．Cu（OH）2在室温下坚固，70℃﹣80℃时可脱水分解生成CuOⅡ．酮酸钠[Na2Cu（OH）4]溶于水，溶液呈亮蓝色【猜想与讨论】小陶以为蓝色积淀消逝可能是Cu（OH）2发生了分解．其余同学一致否认了他的猜想，原由是积淀消逝，形成亮蓝色溶液，而氢氧化铜分解产生的是黑色固体（合理即可）同学们沟通讨论后，提出以下两种猜想．猜想一：少量Cu（OH）2可溶于足量水中．猜想二：Cu（OH）2可在足量NaOH浓溶液中溶解，溶液呈亮蓝色【实验研究】为考证猜想，同学们用Cu（OH）2粉末（其余试剂可任选）设计以下实验．请你填写表中的空格．实验序号实验方法与操作实验现象结论③将少量Cu（OH）2粉末加到5mL蒸馏水中，充分猜想一错误振荡积淀不用逝④猜想二正确将少量Cu（OH）2粉末加到NaOH浓溶液中，积淀消逝，溶液变为亮充分振荡蓝色【结论与反省】（1）依据实验，并进一步查阅资料知道，Cu（OH）2在NaOH溶液中溶解生成Na2Cu（OH）4，反响的化学方程式是Cu（OH）224+2NaOH=NaCu（OH）（2）依据实验可知饱和CuSO4溶液与饱和NaOH溶液的反响是放热反响，依据的实验现象是资料Ⅰ显示Cu（OH）2在室温下坚固，