爱学习研究室试卷1013高考物理

如图所示，木板B放在粗糙水平面上，木块A放在B的上面，A的右端通过一不可伸长的轻绳固定在竖直墙上。现用水平恒力F向左拉动B，使其以速度v做匀速运动，此时绳水平且拉力大小为T，下面说法正确的是（ 绳上拉力TF2FAB 将甲、乙两个质量相等的物体在距水平地面同一高度处，分别以v和2v的速度水 阶段运行。则电梯在运送乘客的过程中（） 如图甲所示，在长约1m块RABA略不计，在这一过程中相对于地面而言（）不动，两个质量的小球A和B（）球的质量，则需要知道的物理量有（）（g=10m/s2（ C．物体滑行的总时间为2.0sD．4.0s30mH，则此过程中，物块的（）动能损失了2mgH B．动能损失了mgHC．机械能损失了mgH D．机械能损失了1mgH2 2

6

v0

刚好能射穿一半厚度，如图所示。则上述两种情况相比较（）方向成600OABC三点，并且有

4续摆动的最大高度为hABhC，则小球摆动的最大高度hA、hB、hC（D）之间的关系是（A．hA=hB= B．hA>hB>C．hA>hB= D．hA=hB>

1kx2k2km km

(x2x22 172008年9月25日21点0于27日16点35g为h，（2）tsin37º0.60cos3º=0.80gAB与竖直半圆形光滑轨道在BAB段长x=10m，R=2.5mm=0.10kg（可视为质点FA水平力F如图所示，一轻质弹簧竖直固定在地面上，自然长度l0=0.50m，上面连接一个质m1=1.0kgA，平衡时物体距地面h1=0.40mEP=0.50J。上面的物体A两物体第一次分离时物体B的速度大小。22．如图甲所示为车站使用的水平传送装置的示意图。绷紧的传送带长度L=6.0m，以v=6.0m/sABh=0.45m。现有因数μ＝0.20g10m/s2。试分析求解：xv（要求写出作图数据的分析过程）avv0可知，加速度的方向一定与速度变化的方向相同，Bv

at 越大，速度减少的越快，D（1）（2）（3）物体做曲线运动，运动方向发生改变，DA、Bt=20sB、C试题分析：若斜面光滑，上滑和下滑过程中mgsinma，加速度相同，vt图象中斜率滑过程中，mgsinmgcosma1，而下滑过程中，mgsinmgcosma2D考点：vt图象,第二定CA、B、Dv2v道半径大于BABAaR动周期，C错误。握向心加速度的各种不同的表现形式；此题也是从题目演变而来的常规题目。

r整理可得：MT

GT2

只要知 此A错误；上式是r应是运动的轨道半径而不是月半径，C、D错误；的周期和轨道半径，可以求解行星（中心天体）的质量，但是不能求解的质量. 代 可求得动摩擦因数0.25，B正确，A错误；在这段时间内的平均速 v 5m/s，总位移s=20m，因此运动的总时间t 4.0s，D正确，C错误 mgsin300mgcos300

mgcos30012

，上滑的最大路程s

；根据动能定理，合外力做功Wmgsin300mgcos3002H2mgH2mgH，AB摩Wmgcos3002HmgHmgHC，D摩A速度方向不变，则mv1mv3mv，可得B球的速度vv0，而 A球在后的速度应小于B 的速度，不满足实际情况，因此A球一定反向运动，mv1mv3mv，可得vv0A，B、C、D ，试题分析：根据动量守恒，两次最终与木块的速度相等，A正确；根据能量守恒可知，量相等，B正确对滑块做的功等于滑块末状态的动能，两次相等，因此做功相等，C错，误，产生的热量Qfs，由于产生的热量相等，而相对位移s不同，因此和滑间的水平作用力大小不同，D2A、BCCA、BD，ABC1mv21kx2

mk1 mk11kx21kx21kx2fs s2

(x2x2，B gRgR(R+17（1）

(R

2（2）T=（1） 第二定律

(R

根据黄金代换GM

a(R R2

(R+

=

4πT

(R+gR(gR(R+球的万有引力来提供，选择合适的列得方程即可求解；解题时要注意黄金代MGMgR2在题目中的作用.此题是一道常规题，难度不大，但是高考的热点问题.18（1）50kg（2）a 40m/s2（3）H3.2mM（1）m，则mGg（2）FM设运动的电大加速度为FMmg0.8sH1gt23.2m19（1）8.m/s（24.24s（1）物体向上运动的加速度为a1，根据第二定律有1 f=μN，N=mgcosθa1.0m/s21（2）s1a 222223333ss1at2，解得t

2 3 2t总t2t3=1+考点

220（1）10/s（2）N（3）≥0.625N（1（（BvBmv=mv+2mgR联立解得：FN依据第三定律，滑块在B点对轨道的压力F压= C解得v‘==C++Fx-解得水平恒力F应满足的条件F≥0.625N C（1）解得

v20ABv1m2v0=（m1m2）v1，解得：v1=1.5m/s，0设物体Ax1，x1=l0-设弹簧劲度系数为k，根据定律 解得x2，则（m1+m2）g=kx2，解得：x2=0.20m，设此时弹簧的长度为l，l=l0-解得1(mm)v2E(mm)g(lh)1(mm 2 3解得32

m/s=0.87m/s22（1）10·s（2）0J（3（1） a＝μg＝2.0设行速度达到v＝6.0m/s时的位移为s1v2－v2＝2as v2vs1＝ 0即行在传动带上能加速达到传送带的速度6.0 （1分 2

m（v－v0 E，根据能量转化与守恒定律得解得 （1分若 - -2若 v2v20g若传送带的速度v<v1，行将一直做匀运动，到达右端后滑出，之后做平抛运动，时间t 0.3s，水平位移x＝v1t=0.3mgg若传送带的速度v1<v<v0，行将先做匀运动，达到与传速带共速后匀速滑出，行的水平位移xvt，式中t 0.3s为恒量，即水平位移x与传送带速度v成gg若传送带的速度v0<v<v2，行将先做匀加速运动，达到与传速带共速后匀速滑出，行的水平